山东省济南市第一中学2018届高三化学上学期期中试卷（含解析）.doc

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1、1山东省济南第一中学 2018 届高三上学期期中考试化学试题考试时间：90 分钟 分值：100 分可能用到的相对原子质量H:1 C:12 N:14 O:16 Na:23 Mg:24 Al:27 S:32 Cu:64选择题（每题只有一个选项符合题意，1-10 题每题 2 分，11-20 题每题 3 分，共 50 分）1.下列有关化学用语表示正确的是（ ）A. 氢氧根离子的电子式为 B. 中子数为 10 的氧原子： 18OC. S2-的结构示意图： D. 甲烷分子的比例模型是【答案】B【解析】A、 是羟基的电子式，选项 A 错误；B、中子数为 10 的氧原子为 18O，选项 B 正确；C、 是 S

2、 原子的结构示意图，选项 C 错误；D、 是甲烷分子的球棍模型，选项 D 错误。答案选 B。2.化学与生产、生活及社会发展密切相关，下列有关说法正确的是（ ）A. 碳单质有多种同素异形体，如金刚石、 12C、 14C、C 60等B. 用高锰酸钾溶液、酒精、双氧水的强氧化性进行杀菌消毒C. 用于光缆通信的光导纤维和制作航天服的聚酯纤维都是新型无机非金属材料D. “青蒿一握，以水二升渍，绞取汁” ，对青蒿素的提取属于物理变化【答案】D【解析】A、质子数相同，中子数不同的原子，互为同位素， 12C、 14C 是碳的两种核素，同种元素形成的不同种单质互为同素异形体，金刚石、C 60是碳形成的两种单质，

3、互为同素异形体，选项 A 错误；B、用高锰酸钾溶液、双氧水进行杀菌消毒利用其强氧化性，而酒精是使蛋白质变性而产生消毒的效果，选项 B 错误；C、制作航天服的聚酯纤维属于有机物，选项 C 错误；D、 “青蒿一握，以水二升渍，绞取汁” ，屠呦呦对青蒿素的提取是萃取后过滤，属于物理变化，选项 D 正确。答案选 D。3.下列关于物质的用途的说法不正确的是（ ）2A. SO2可用于漂白纸浆 B. 氢氧化铝、碳酸氢钠可用于治疗胃酸过多C. 钢罐可用于储运浓硫酸 D. 磁性氧化铁可用于制备红色颜料和油漆【答案】D【解析】A、二氧化硫具有漂白性，可以用于漂白纸浆和草帽辫等，选项 A 正确；B、氢氧化铝、碳酸氢

4、钠都能与胃酸反应，：NaHCO 3+HCl=NaCl+H2O+CO2、Al(OH) 3+3HCl=AlCl3+3H2O，可用于治疗胃酸过多，选项 B 正确；C、常温下铁被浓硫酸钝化，可用钢罐储运浓硫酸，选项 C正确；D、磁性氧化铁是四氧化三铁，能用于制备红色颜料和油漆的是氧化铁，选项 D 不正确。答案选 D。4.下列关于物质的分类说法正确的是 （ ）A. SO2、CO 2、 NO 2都是酸性氧化物B. 汽油、漂白粉、水玻璃、液氯均为混合物C. 氯化铵、硫酸钡、次氯酸钠都是强电解质D. NH3 、NH 3H2O 均为电解质，且都为纯净物【答案】C【解析】A、凡是能与碱反应生成盐和水的氧化物为酸性

5、氧化物，SO 2、CO 2是酸性氧化物，NO 2不属于酸性氧化物，选项 A 错误；B、汽油、漂白粉、水玻璃、均为混合物，液氯属于单质，不是混合物，选项 B 错误；C、氯化铵、硫酸钡、次氯酸钠在水溶液中都能完全电离，都是强电解质，选项 C 正确；D、NH 3的水溶液可以导电，但不是氨气发生电离，而是因为氨气与水反应生成了 NH3H2O，NH 3H2O 电离出了铵根离子（NH 4+)和氢氧根离子（OH -)，NH3H2O 是电解质，而 NH3不是电解质，是非电解质，选项 D 错误。答案选 C。5.阿伏加德罗常数的值为 NA，下列说法正确的是（ ）A. 标准状况下，2.24L CCl 4中含有的共价

6、键数为 0.4NAB. 密闭容器中 1molN2与 3molH2充分反应，转移电子数为 6NAC. 14g 乙烯（C 2H4）和丙烯（C 3H6）混合气体中的氢原子数为 2NAD. 1L 0.5molL -1亚硫酸溶液中含有的 H+离子数为 NA【答案】C【解析】A、标准状况下，CCl 4不是气体，2.24L CCl4中含有的共价键数小于 0.4NA，选项 A 错误；3B、合成氨反应是可逆反应，密闭容器中 1molN2与 3molH2充分反应，不能得到 2mol 氨气，转移电子数小于 6NA，选项 B 错误；C、乙烯与丙烯的最简式相同，都是 CH2，所以 14g 混合气中氢原子数为 2NA，选

7、项 C 正确；D、亚硫酸属于中强酸，部分发生电离，含有的 H+离子数小于 1L0.5molL -12NA mol-1=NA，选项 D 错误。答案选 C。6.下列有关溶液组成的描述合理的是（ ）A. 无色溶液中可能大量存在 Al 3+、 NH 4+、 Cl 、 S 2-B. 水电离出的 c（H +）=10 -13mol/L 的溶液中可能大量存在 Na+、 K +、 Cl 、 Br C. 酸性溶液中可能大量存在 Na +、 ClO 、 I 、 K +D. 中性溶液中可能大量存在 Fe 3+、 K +、 Cl 、 SO 42-【答案】B【解析】A、Al 3+与 S2-发生双水解生成氢氧化铝和硫化氢而

8、不能大量共存，选项 A 错误；B、水电离出的 c（H +）=10 -13mol/L 的溶液可能显酸性，也可能显碱性，无论酸性还是碱性条件下Na+、 K+、 Cl 、 Br 都能大量存在且相互之间不反应，选项 B 正确；C、酸性溶液中ClO 具有强氧化性，而 I 有强还原性，发生氧化还原反应而不能大量共存，选项 C 错误；D、Fe 3+水解使溶液呈酸性，中性溶液中不可能大量存在 Fe3+，选项 D 错误。答案选 B。7.下列指定反应的离子方程式正确的是（ ）A. NaHCO3溶液中加足量 Ba（OH） 2溶液：HCO 3Ba 2+OH = BaCO3H 2OB. 单质铜与稀硝酸反应：Cu + 2

9、H + +2NO3 = Cu2+ + 2NO +H2OC. 用醋酸溶液除水垢中的 CaCO3：CaCO 3+2H+ = Ca2+H2O+CO2D. 实验室用 MnO2和浓盐酸制取 Cl2: MnO2+4HCl（浓） Mn2+ + 2Cl + Cl2 + 2H 2O【答案】A【解析】A、NaHCO 3溶液中加足量 Ba(OH)2溶液，发生反应的离子方程式为：HCO 3Ba 2+OH = BaCO3H 2O，选项 A 正确；B、电荷不守恒，单质铜与稀硝酸反应：3Cu + 8H+ +2NO3 = 3Cu2+ + 2NO +4H2O，选项 B 错误；C、醋酸是弱酸，必须写化学式，用醋酸溶液除水垢中的

10、CaCO3，发生反应的离子方程式为：CaCO 3+2CH3COOH = Ca2+2CH3COO-+H2O+CO2，选项 C错误；D、实验室用 MnO2和浓盐酸制取 Cl2，发生反应的离子方程式为：MnO 2+4H+2Cl-Mn2+ + Cl2 + 2H 2O，选项 D 错误。答案选 A。48.部分短周期元素原子半径的相对大小、最高正价或最低负价随原子序数的变化关系如图所示，下列说法正确的是（ ）A. x 的位置是第 2 周期、第A 族B. 离子半径的大小顺序：e +f 3+g 2 h C. 由 x、z、d 三种元素形成的化合物可能含有离子键D. 简单气态氢化物的稳定性大小顺序： dgh【答案】

11、C【解析】根据原子序数及化合价判断最前面的元素 x 是氢元素，y 为碳元素，z 为氮元素，d 为氧元素，e 为钠元素，f 为铝元素，g 为硫元素，h 为氯元素。A、x 是氢元素，位置是第一周期、第A 族，选项 A 错误；B、具有相同电子层排布的离子，核电荷数越大，半径越小，则离子半径大小 g2 h e +f 3+，选项 B 错误；C、氢元素、氮元素、氧元素可以组成硝酸铵为离子化合物，选项 C 正确；D、元素非金属性越强，简单气态氢化物的稳定性越大，故简单气态氢化物的稳定性大小顺序： dhg，选项 D 错误。答案选 C。点睛：本题考查结构、性质、位置关系的应用，根据化合价与原子半径推断元素是解题

12、的关键。注意对元素周期律的理解掌握。9.反应、分别是从海藻灰和某种矿石中提取碘的主要反应，下列说法正确的是（ ） 2NaIMnO 23H 2SO4=2NaHSO4MnSO 42H 2OI 2；2NaIO 35NaHSO 3=2Na2SO43NaHSO 4H 2OI 2A. 两个反应中 NaHSO4均为氧化产物B. 碘元素在反应中被还原，在反应中被氧化C. 氧化性：MnO 2SO42 IOI2D. 反应、中生成等量的 I2时转移电子数比为 1：5【答案】D【解析】A、在反应中 NaHSO4中各元素化合价不变，不是氧化产物，在反应中 NaHSO4是 NaHSO35被氧化的产物，为氧化产物，选项 A

13、 错误；B、碘元素在反应中被氧化，在反应中被还原，选项 B 错误；C、根据反应可知 NaIO3 是氧化剂，Na 2SO4 是氧化产物，氧化剂的氧化性强于氧化产物，则氧化性 IO3-SO 42-，选项 C 错误；D、反应中生成 1mol 碘转移2NA电子，反应中生成 1mol 碘转移 10NA电子，所以反应、中生成等量的 I2时转移电子数比为 2NA：10N A=1：5，选项 D 正确。答案选 D。10.下列关于溶液及配制的说法正确的是（ ）A. 配制 0.1molL-1CuSO4溶液 450mL，需要 CuSO4的质量是 7.2gB. 配制稀硫酸时，将量筒量取的浓硫酸倒入小烧杯中，加入少量水溶

14、解C. 配制一定物质的量浓度的溶液，若定容时俯视刻度线，导致所配溶液浓度偏高D. 某温度下两种不同物质的溶液，若溶质的质量分数相同，则这两种溶液的物质的量浓度也一定相同【答案】C【解析】A、没有 450mL 的容量瓶，实际应配制 500mL 溶液，需要硫酸铜晶体的质量为0.5L0.1mol/L250g/mol=12.5g，选项 A 错误；B、浓硫酸密度比水大，溶于水放出大量的热，所以稀释时要将浓硫酸慢慢注入水中，并用玻璃棒不断搅拌，选项 B 错误；C、配制一定物质的量浓度的溶液，若定容时俯视刻度线，则加入的蒸馏水偏少，导致所配溶液浓度偏高，选项 C 正确；D、溶质的质量分数= 100%，两种溶

15、液的溶质质量分数相等，m溶 质m溶 液但溶质的摩尔质量不一定相等，且密度也不一定相等，根据 c= ，只要 不相等，则浓1000M M度不相等，选项 D 错误。答案选 C。11.下列有关实验装置进行的相应实验， 能达到实验目的的是( )A. 利用图 1 所示装置制取少量 NH 3 B. 利用图 2 所示装置制备 Fe(OH) 3 胶体C. 利用图 3 所示装置收集 HCl D. 利用图 4 所示装置检验 SO 2 的漂白性【答案】A6【解析】A氨气密度比空气小，可用向下排空法收集，故 A 正确；B加热烧杯中的水至沸腾，向沸水滴加几滴饱和氯化铁溶液，继续煮沸至溶液呈红褐色，即停止加热，得到氢氧化铁

16、胶体，故 B 错误；C氯化氢密度比空气大，应用向上排空气法，故 C 错误；DSO 2能使酸性高锰酸钾褪色，体现 SO2的还原性，应选择品红溶液，验证 SO2的漂白性，故 D 错误；故答案为 A。点睛：明确装置的特征及实验原理是解题关键，科学性和可行性是设计实验方案的两条重要原则，任何实验方案都必须科学可行，评价时，从以下 4 个方面分析：实验原理是否正确、可行；实验操作是否完全、合理； 实验步骤是否简单、方便；实验效果是否明显等。12.中学化学中很多“规律”都有其适用范围， 下列根据有关“规律”推出的结论合理的是（ ）A. SO2 和湿润的 Cl2 都有漂白性， 推出二者都能使紫色石蕊试液退色

17、B. 根据溶液的 pH 与溶液酸碱性的关系，推出 pH=7.0 的溶液一定显中性C. 由 F、Cl、Br、I 的非金属性依次减弱，推出 HF、HCl、HBr、HI 的还原性依次增强D. 根据主族元素的最高正化合价与族序数的关系，推出卤族元素的最高正价都是+7【答案】C【解析】A、SO 2 和湿润的 Cl2 虽然都有漂白性， 但 SO2通入紫色石蕊试液显红色，Cl 2通入紫色石蕊试液选项变红后褪色，选项 A 错误；B、只有在常温下 pH=7.0 的溶液才一定显中性，而在 100时 pH=7.0 的溶液却显碱性，因此用 pH 判断溶液酸碱性时必需考虑温度，c(H +)=c(OH-)时溶液呈中性，选

18、项 B 错误；C、非金属性：IBrClF，元素的非金属性越强，对应的氢化物的还原性越弱，则 HI、HBr、HCl、HF 的还原性的依次减弱，选项 C 正确；D、在卤族元素中,氟元素只有负价,没有正价。除氟元素以外,其他元素的最高化合价均为+7，选项 D 错误。答案选 C。13.W、X、Y、Z 均为短周期主族元素,原子序数依次增加,且原子核外 L 电子层的电子数分别为 0、5、8、8,它们的最外层电子数之和为 18。下列说法正确的是A. 单质的沸点:WX B. 阴离子的还原性:WZC. 氧化物的水化物的酸性:YZ D. X 与 Y 不能存在于同一离子化合物中【答案】B7【解析】W、X、Y、Z 均

19、为的短周期主族元素，原子序数依次增加，且原子核外 L 电子层的电子数分别为 0、5、8、8，则 W 是 H 元素，X 是 N 元素，Y、Z 处于第三周期，四元素原子的最外层电子数之和为 18，Y、Z 最外层电子数之和是 18-1-5=12，最外层电子数只能为 5、7，又 Y原子序数小于 Z，则 Y 是 P 元素、Z 是 Cl 元素。AH、N 元素单质都是分子晶体，分子晶体熔沸点与相对分子质量成正比，氮气相对分子质量大于氢气，所以单质的沸点：WX，故 A 错误； B元素的非金属性越强，其简单阴离子的还原性越弱，非金属性 WZ，所以阴离子的还原性：WZ，故 B 正确；C元素的非金属性越强，其最高价

20、氧化物的水化物酸性越强，非金属性 PCl，最高价氧化物的水化物酸性 H3PO4HClO 4，但氧化物的水化物的酸性不一定存在此规律，如磷酸酸性大于次氯酸，故 C 错误；DX、Y 分别是 N、P 元素，可以形成磷酸铵、磷酸一氢铵、磷酸二氢铵，磷酸铵、磷酸一氢铵、磷酸二氢铵都是铵盐，属于离子化合物，故 D 错误；故选 B。点睛：本题考查原子结构和元素性质，涉及离子化合物判断、酸性强弱判断、物质熔沸点高低判断、元素周期律等知识点，正确判断元素是解本题关键。易错选项是 C，学生容易忽略最高价含氧酸。视频14.利用下列实验器材（规格和数量不限） ，不能完成相应实验的选项是选项 实验器材（省略夹持装置）

21、相应实验A 烧杯、玻璃棒、胶头滴管、容量瓶 用固体氯化钠配制 100mL 0.5molL-1的溶液B 烧杯、玻璃棒、漏斗、滤纸 除去食盐中的泥沙C 烧杯、玻璃棒、蒸发皿、酒精灯 浓缩结晶硫酸铜溶液制胆矾D 烧杯、玻璃棒、胶头滴管、分液漏斗 用溴水和 CCl4除去 NaBr 溶液中的少量 NaIA. A B. B C. C D. D【答案】A【解析】8A、配制氯化钠溶液，应首先称量，缺少天平，选项 A 不能完成实验；B、除去食盐中的泥沙，可用溶解、过滤、蒸发结晶分离，用到的仪器有：烧杯、玻璃棒、漏斗、滤纸，选项B 能完成实验；C、浓缩结晶硫酸铜溶液制胆矾，可用结晶法，用到的仪器有烧杯、玻璃棒、蒸

22、发皿、酒精灯，可完成实验，选项 C 能完成相应实验；D、用溴水和 CCl4除去 NaBr 溶液中的少量 NaI，应在烧杯中反应后用分液的方法分离，用到的仪器有烧杯、玻璃棒、胶头滴管、分液漏斗等，选项 D 可完成实验。答案选 A。15.下列实验能达到实验目的的是（ ）实验目的 实验操作A 比较 S 和 Si 的非金属性强弱 向 Na2SiO3溶液中通入 SO2产生白色沉淀B除去 NaHCO3溶液中的杂质Na2CO3向混合液中通入足量的 CO2气体C 检验某盐是否为铵盐 试样 是否产生能使湿润的红色石蕊试纸变蓝的气体D验证 H2O2和 Fe3+的氧化性强弱将硫酸酸化的 H2O2溶液滴入 Fe（NO

23、 3） 2溶液中，溶液变黄色A. A B. B C. C D. D【答案】B【解析】A、最高价氧化物的水化物的酸性越强，则元素的非金属越强，二氧化硫与水反应生成亚硫酸，不是最高价氧化物的水化物，不适合用于 S 和 Si 的非金属性强弱的比较，选项 A 错误；B、向含有 Na2CO3杂质的 NaHCO3溶液中通入足量的 CO2气体，发生反应：Na 2CO3+ CO2+H2O=2 NaHCO3，Na 2CO3转化为 NaHCO3，且不会产生新的杂质，选项 B 正确；C、铵盐和强碱在加热条件下反应生成氨气，氨气具有碱性，使湿润红色石蕊试纸变蓝，题中没有加入强碱，实验不成功，选项 C 错误；D、硫酸酸

24、化的 H2O2溶液滴入 Fe(NO3)2溶液中，NO 3-、H +具有强氧化性，能把 Fe2+氧化为 Fe3+，不能证明 H2O2的氧化性强于 Fe3+，选项 D 错误。答案选 B。点睛：本题考查较为综合，涉及离子的检验等性质方案的评价，题目侧重于反应原理以及实验操作的严密性的考查，注意把握物质的性质的异同以及实验的合理性和可行性的评价。916.把 V L 含有 MgSO4和 K2SO4的混合溶液分成两等份，一份加入含 a mol NaOH 的溶液，恰好使镁离子完全沉淀为氢氧化镁；另一份加入含 b mol BaCl2的溶液，恰好使硫酸根离子完全沉淀为硫酸钡。则原混合溶液中钾离子的浓度为A. m

25、olL-1 B. molL-1C. molL-1 D. molL-1【答案】C【解析】消耗氢氧化钠是 amol，则每一份溶液中镁离子的物质的量是 0.5amol；消耗氯化钡是bmol，所以每一份中 SO42 的物质的量是 bmol，则硫酸钾的物质的量是（b0.5a）mol，所以每一份中钾离子的物质的量是（2ba）mol，浓度是 = mol/L，答案选（ 2b a） mol0.5VL 2（ 2b-a)VC。17.现有 Na2SO3、Na 2SO4混合物样品 a g，为了测定其中 Na2SO3的质量分数，设计了如下方案，其中明显不合理的是（ ）A. 将样品配制成 V1 L 溶液，取其中 25.00

26、 mL 用标准 KMnO4溶液滴定，消耗标准 KMnO4溶液的体积是 V2 mLB. 向样品中加足量 H2O2,再加足量 BaCl2溶液，过滤，将沉淀洗涤、干燥，称量其质量为 b gC. 将样品与足量稀盐酸充分反应，生成的气体通过盛有碱石灰的干燥管，测得干燥管增重cgD. 将样品与足量稀盐酸充分反应后，再加入足量 BaCl2溶液，过滤，将沉淀洗涤、干燥，称量其质量为 d g【答案】C【解析】A、Na 2SO3与高锰酸钾发生氧化还原反应，通过高锰酸钾的量求出亚硫酸钠的量，从而求得亚硫酸钠的质量分数，选项 A 合理；B、H 2O2把亚硫酸钠氧化成硫酸钠，加入足量 BaCl2溶液把硫酸根全部转化成沉

27、淀，通过测沉淀的质量得出硫酸钡的物质的量，根据原子守恒，10硫酸钡的物质的量等于亚硫酸钠和硫酸钠的物质的量之和，根据两者总物质的量和总质量可求得亚硫酸钠的质量分数，选项 B 合理；C、将样品与足量稀盐酸充分反应，生成的气体通过盛有碱石灰的干燥管，测得干燥管增重 cg，从而求出其中亚硫酸钠的质量分数，但与足量稀盐酸充分反应引入氯化氢气体及水蒸气，所以测定的结果不准确，选项 C 不合理；D、盐酸把亚硫酸钠反应而除去，氯化钡与硫酸钠反应转化成硫酸钡沉淀，求出硫酸钠的量，再求出亚硫酸钠，选项 D 合理。答案选 C。18.实验室用 H 2 和钠反应制备氢化钠的装置如右图所示（Zn 粒中含有少量 ZnS

28、杂质） ，下列说法不正确的是A. 、 中依次盛有浓 NaOH 溶液、 浓 H 2SO4B. 管式炉加热前， 用试管收集处气体并点燃， 通过声音判断气体纯度C. 结束反应时， 先停止管式炉加热， 再关闭活塞 KD. 取出瓷舟内的固体， 投入适量水中， 若有气体产生， 即可证明制得了氢化钠【答案】D【解析】A中浓 NaOH 除去挥发出的 HCl，中利用浓 H2SO4干燥 H2，故 A 正确；B因不纯的氢气加热易爆炸，且钠能被空气中的氧气氧化，则管式炉加热前， 需要用试管收集处气体并点燃， 通过声音判断气体纯度，故 B 正确；C实验结束后应先停止加热再停止通入氢气，使 NaH 在氢气的氛围中冷却，以

29、避免 NaH 被空气中氧气氧化，故 C 正确；D取出瓷舟内的固体， 投入适量水中， 若有气体产生，无法证明制得氢化钠，因 Na 也能和水反应生成氢气，故 D 错误；答案为 D。19. 根据表中信息判断，下列选项不正确的是序号 反应物 产物11 KMnO4、H 2O2、H 2SO4 K2SO4、MnSO 4 Cl2、FeBr 2 FeCl3、FeBr 3 MnO4 Cl2、Mn 2+A第组反应的其余产物为 H2O 和 O 2B第组反应中 Cl2与 FeBr 2的物质的量之比为 1：1C第组反应中生成 1mol Cl2，转移电子 2molD氧化性由强到弱顺序为 MnO4 Cl 2Br 2Fe 3+

30、【答案】B【解析】A、反应中 Mn 元素化合价降低，则 KMnO4为氧化剂，H 2O2为还原剂，H 2O2被氧化生成 O2，由原子守恒可知，还有水生成，选项 A 正确；B、由于还原性 Fe2+Br -，故氯气先氧化Fe2+，发生反应：3Cl 2+6FeBr2=2FeCl3+4FeBr3，则 Cl2与 FeBr2的物质的量之比1：2 时产物为 FeCl3、FeBr 3，若 Cl2与 FeBr2的物质的量之比为 1：1，部分溴离子被氧化，选项 B不正确；C、反应中 Mn 元素化合价降低，KMnO 4作氧化剂，氯气为氧化产物，则反应物中含有 Cl ，生成 1mol Cl2，转移电子为 1mol2=2

31、mol，选项 C 正确；D、反应中氯气可以氧化溴离子为溴单质，氧化亚铁离子为铁离子，溴单质可以氧化亚铁离子为铁离子，故氧化性 Cl2Br 2Fe 3+，反应KMnO 4为氧化剂，Cl 2为氧化产物，故氧化性 MnO4 Cl 2，则氧化性 MnO4 Cl 2Br 2Fe 3+，选项 D 正确。答案选 B。点睛：本题考查氧化还原反应计算、氧化性强弱比较、氧化还原反应方程式配平等，注意氯气与溴化亚铁反应先后顺序问题。20.向 100mL0.1molL1 硫酸亚铁铵(NH 4)2Fe(SO4)2溶液中逐滴滴入 0.1molL1 Ba(OH)2溶液。随着 Ba(OH)2溶液体积 V 的变化，沉淀总物质的

32、量 n 的变化如下图所示。则下列说法中正确的是12A. a 点时溶液中所含主要溶质为(NH 4)2SO4B. ab 段发生反应的离子方程式是 SO Ba 2 =BaSO4C. b 点为最大沉淀量，对应的纵坐标值为 0.02D. c 点加入 Ba(OH)2溶液的体积为 200 mL【答案】A【解析】试题分析：A、Oa 段发生的离子反应为 Fe2+2OH-+Ba2+SO42-=BaSO4+Fe（OH） 2，当Fe2+沉淀完全后，沉淀产生的增幅降低，出现了拐点，所以 a 点对应的溶质为（NH 4）2SO4，故 A 正确；B、随着 Ba（OH） 2溶液的滴入，NH 4+参加反应，ab 段的反应为 2N

33、H4+2OH-+SO42-+Ba2+=BaSO4+2NH 3H2O，故 B 错误；C、b 点对应的沉淀为 BaSO4和 Fe（OH） 2，总量为 0.3mol，故 C 错误；D、到 b 点时，溶液中的离子基本反应结束，且此时消耗的 Ba（OH） 2溶液的体积为 200 ml，故 c 点大于 200 ml，故 D 错误。考点：本题考查化学计算。二、填空题（4 个，共 50 分）21.亚硝酸钠是一种工业盐，在生产、生活中应用广泛。现用下图所示装置（夹持装置已省略）及药品，探究亚硝酸钠与硫酸反应及气体产物成分。已知： NONO 22OH 2NO 2 H 2O13 气体液化的温度：NO 2（21） 、

34、NO（152）（1）反应前应打开弹簧夹，先通入一段时间氮气，目的是_。（2）为了检验装置 A 中生成的气体产物，仪器的连接顺序为（从左向右连接）：A_；组装好仪器后，接下来进行的操作是_。（3）关闭弹簧夹，打开分液漏斗活塞，滴入 70的硫酸后，A 中产生红棕色气体。 确认 A 中产生气体含有 NO，依据的现象是_。 装置 E 的作用是_。（4）如果没有装置 C，对实验结论造成的影响是_。（5）通过上述实验探究过程，可得出装置 A 中反应的化学方程式是_。【答案】 (1). 排出装置中的空气，防止干扰 NO 的检验 (2). CEDB (3). 检查装置的气密性 (4). D 中有红棕色气体生成

35、 (5). 冷凝，使 NO2完全液化 (6). 水会与 NO2生成 NO，影响 NO 的检验 (7). 2NaNO2 + H2SO4 = Na2SO4 + NO2 + NO + H2O【解析】（1）反应前应打开弹簧夹，先通入一段时间氮气，排出装置中的空气，防止干扰 NO 的检验，否则也会影响 NO 和 NO2的检验；（2）为了检验装置 A 中生成的气体产物，仪器的连接顺序为（从左向右连接）：A 是发生装置，C 是干燥除去水，NO 和 NO2的分离，因为 NO2更易液化，先分离 NO2，所以接 E 冷却二氧化氮，NO 2分离后再检验 NO，再接 D 通氧气，观察到气体从无色变成红棕色，说明是 N

36、O，B 是尾气处理；吸收反应后剩余的 NO 和 NO2的混合气体，防止污染空气。装置的连接为 ACEDB；有气体参与或生成的实验必须检查装置的气密性，故组装好仪器后，接下来进行的操作是检查装置的气密性；（3）关闭弹簧夹，打开分液漏斗活塞，滴入 70的硫酸后, A 中产生红棕色气体。说明生成了 NO2气体。确认 A 中产生气体含有 NO，是在 D 装置中通 O2来检验的。观察 D 中有红棕色气体生成；装置 E 的作用是冷凝，是使 NO2完全液化；（4）如果没有装置 C 则没有对气体干燥，水会与 NO2反应产生 NO，影响 NO 的检验；（5）通过上述实验探究过程，可得出装置 A 中NaNO2 和

37、 70的 H2SO4 反应生成 Na2SO4 、 NO2、 NO 等物质，反应的化学方程式是：2NaNO 2 + H2SO4 = Na2SO4 + NO2 + NO + H 2O。点睛：本题考查了实验方案设计、物质的检验，明确物质的性质是解本题关键，根据实验现象确定物质的性质，注意仪器的连接顺序，为易错点。22.海洋是一个巨大的化学资源宝库。海水综合利用的部分流程如下：14已知：Br 2的沸点为 59，微溶于水，有毒性和强腐蚀性。（1）操作 A 是_（填实验基本操作名称） ，粗盐中常含 Ca 2 、Mg 2 、SO 42-等杂质离子，可依次加入 NaOH、_ 、_、盐酸试剂来进行提纯。（2）操

38、作 B 需加入下列试剂中的一种，最合适的是_（选填编号） 。a氢氧化钠溶液 b澄清石灰水 c石灰乳 d碳酸钠溶液（3）已知母液中的主要成分如下表：离子 Na+ Mg2+ Cl SO42浓度/（gL -1） 63.7 28.8 144.6 46.4理论上，1m 3母液中最多可得到 Mg（OH） 2的质量为_。（4）利用下图所示装置模拟工业上从母液中提取溴，在 B 瓶中得到较浓的溴水。实验方案为：关闭 b、d，打开 a、c，由 a 向 A 中缓慢通入_至反应完全，发生反应的的离子方程式是_；再关闭 a、c，打开 b、d、e，由 b 向 A 中鼓入足量_，同时由 e 向 B 中通入足量_；关闭 b、

39、e，打开 a，再由 a 向 B 中缓缓鼓入足量_，即可在 B 中得到较浓的溴水。 （本实验中须使用的试剂有：SO 2、Cl 2、热空气） 。【答案】 (1). 蒸发结晶 (2). BaCl2 (3). Na2CO3 (4). C (5). 6.96104 g（或 69.6 kg） (6). Cl2 (7). Cl2 + 2Br= 2Cl + Br2 (8). 热空气 (9). SO 2 (10). Cl2【解析】（1）海水通过操作 A 得到粗盐和母液，操作 A 应该为蒸发结晶；粗盐中常含 15Ca2 、Mg 2 、SO 42-，Mg 2 用 OH-离子沉淀，SO 42-用钡离子沉淀，加入过量的

40、氯化钡可以将硫酸根离子沉淀，钙离子用碳酸根离子沉淀，除钙离子加入碳酸钠转化为沉淀，但是加入的碳酸钠要放在加入氯化钡之后，这样碳酸钠会除去反应剩余的氯化钡，离子都沉淀了，再进行过滤，最后再加入盐酸除去反应剩余的氢氧根离子和碳酸根离子。故可依次加入NaOH、BaCl 2、Na 2CO3、盐酸试剂来进行提纯；（2）通过操作 B 得到氢氧化镁，则结合海水综合利用，应该是将海水中的镁离子沉淀，最适合是选择石灰乳，答案选 c；（3）滤液中加入石灰乳，发生反应为 Mg2+2OH-=Mg(OH)2，合成中应得到 Mg(OH)2沉淀，过滤、干燥的产品 Mg(OH)2，溶液中 Mg2+浓度为 28.8g/L，Mg

41、2+Mg(OH) 224g 58g28.8g/L1000L mMg(OH)2mMg(OH)2= =6.96104g=69.6kg；58g28.8g/L1000L24g（4）从母液中提取溴，关闭 b、d，打开 a、c，由 a 向 A 中缓慢通入 Cl2至反应完全，氯气将溴置换出来，发生反应的的离子方程式是：Cl 2 + 2Br= 2Cl + Br 2；再关闭a、c，打开 b、d、e，由 b 向 A 中鼓入足量热空气，同时由 e 向 B 中通入足量 SO2；关闭b、e，打开 a，再由 a 向 B 中缓缓鼓入足量 Cl2，即可在 B 中得到较浓的溴水。点睛：本题考查海水资源综合利用，涉及物质的提纯和

42、分离、氧化还原反应、计算等知识点，知道流程图中发生的反应及基本操作，会根据物质的性质设计实验，注意化学语言的准确性。23.工业上利用锌焙砂（主要含 ZnO、ZnFe 2O4，还含有少量 FeO、CuO、SiO 2等氧化物杂质）制取金属锌的流程如图所示。回答下列问题：（1）ZnFe 2O4中 Fe 的化合价为_价，已知 ZnFe2O4能溶于酸，则酸浸时 ZnFe2O4反应的离子方程式为_，酸浸后滤渣的成分主要是_。（2）酸浸时一般要将锌焙砂粉碎，其目的是提高酸浸效率，为达到这一目的，还可以采用的方法是_（任答一条即可）16（3）净化中 H2O2参与反应的离子方程式为_，试剂 X 的作用是_，（4

43、）净化中得到的 Y 是_。【答案】 (1). +3 (2). ZnFe2O4 + 8H+ = Zn2+ + 2Fe3+ + 4H2O (3). 二氧化硅（或 SiO2） (4). 增大硫酸的浓度或适当升高温度或减小锌焙砂颗粒大小或空气搅拌等来加快反应速率 (5). H2O2 + 2Fe2+ + 2H+ = 2Fe3+ + 2H2O (6). 调节溶液的 pH，使 Fe3+转化为沉淀 (7). 铜【解析】【详解】 （1）根据锌的化合价为+2 价、氧元素的化合价为-2 价，结合化合物各元素代数和为 0，则 ZnFe2O4中 Fe 的化合价为+3 价；已知 ZnFe2O4能溶于酸，则酸浸时 ZnFe

44、2O4与酸反应生成锌盐、铁盐和水，反应的离子方程式为：ZnFe 2O4 + 8H+ = Zn2+ + 2Fe3+ + 4H2O；由于二氧化硅不溶于硫酸，故酸浸后滤渣的成分主要是 SiO2；（2）增大反应物的浓度、升高温度、增大反应物接触面积等都可以加快反应速率，所以可以采用增大硫酸的浓度或适当升高温度或减小锌焙砂颗粒大小或空气搅拌等来加快反应速率；（3）双氧水具有氧化性，能将亚铁离子氧化为铁离子，反应的离子方程式为：H 2O2 + 2Fe2+ + 2H+ = 2Fe3+ + 2H2O；通过以上分析可知，X 为 ZnO；其作用为调节溶液的 pH，使 Fe3+转化为沉淀；（4）锌焙砂中含有 CuO

45、，溶于硫酸后，硫酸铜在净化中被加入的锌还原，得到的 Y 是铜。24.某强酸性溶液 X 中可能含有 Fe2+、Fe 3+、A1 3+、Ba 2+、NH 4+、CO 32-、NO 3、SO 42-、SiO 32-中的若干种，现取 X 溶液进行连续实验，实验过程及产物如图所示。实验过程中有一种气体为红棕色。根据以上信息，回答下列问题：（1）由强酸性条件即可判断 X 溶液中肯定不存在的离子有_。（2）溶液 X 中关于硝酸根离子的判断，正确的是_；（填编号，下同）a. 一定含有 b. 一定不含有 c.可能含有（3）气体 F 的电子式为_，化合物 I 中含有的化学键类型有_；17（4）转化的离子方程式为_

46、；（5）对不能确定是否存在的离子，可以另取 X 溶液，加入下列溶液中的一种，根据现象即可判断，该试剂最好是_。NaOH 溶液 KSCN 溶液 氯水和 KSCN 的混合溶液 pH 试纸 KMnO 4溶液【答案】 (1). CO32-、SiO 32- (2). b (3). (4). 共价键和离子键 (5). Al(OH)4 + CO2 = HCO3 + Al(OH)3或 AlO2+2H 2O+ CO2 = HCO3 + Al(OH)3 (6). 【解析】（1）在强酸性溶液中氢离子和碳酸根离子反应生成二氧化碳和水，硅酸根离子和氢离子反应生成硅酸沉淀，所以一定不会存在 CO32-、SiO 32-离子

47、；（2）加入过量硝酸钡生成沉淀，钡离子和硫酸根离子反应生成硫酸钡沉淀，说明一定含有SO42-，含有 SO42-离子就一定不含 Ba2+离子；气体 A 连续氧化生成 D 和 E，则 A 为 NO，D 为NO2，E 为 HNO3，说明溶液中含有还原性离子，一定为 Fe2+，则在酸性条件下一定不含NO3离子，否则酸性条件下 NO3会将 Fe2+氧化而不能大量共存，答案选 b；（3）溶液 B中加入过量 NaOH 溶液 并加热，生成气体 F，则 F 为 NH3，其电子式为： ；溶液 E为 HNO3，气体 F 为 NH3，E 与 F 反应生成 I 为 NH4NO3，含有的化学键类型有离子键和极性共价键；（4）根据题中提供的离子，前面已排除 SiO32-的存在，则在过量氢氧化钠作用下得到的溶液 H，通入过量二氧化碳后能产生沉淀 K，K 应该为氢氧化铝，则溶液 H 中含有偏铝酸根离子，故溶液 X 中含有 A13+，转化的离子方程式为Al(OH) 4 +