2019高考生物核心考点特色突破专题08遗传的基本规律.doc

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1、1专题 08 遗传的基本规律考点概述遗传规律每年高考必考，熟练掌握遗传原理和题型方法技巧。通常考查孟德尔遗传实验用到的实验材料、假设演绎方法和数据处理方法；基因的分离定律和自由组合 规律及应用；基因在性染色体上的分布及遗传规律和特点；理解性状分离比模拟实验原理及在解释遗传现象中的应用；结合生物的变异、育种和减数分裂的知识考查遗传规律。主要对基因分离定律和自由组合定律的解释、验证、遗传概率的计算，遗传规律在遗传病及育种方面的应用，表形亲子代基因型、表现型的推导及计算、遗传图解及概率计算、杂交过程的实验设计，借助一定情境考查两大规律在相关方面的应用，包括考查，考查处理特殊遗传现象的能力。 熟悉基因

2、分离定律、基因自由组合定律的基本特点，熟练掌握基因分离定律和基因自由组合定律的分析、解题的不同思路和方法及相互之间的联系，清晰记准孟德尔的一对相对性状和两对性状的遗传学实验、测交实验过程及各种结论。通过审读题干文字、图表及设问，获取关键信息，判断特例类型，判断显隐性，判断是否符合孟德尔规律，判断基因的位置，分析基因型与表现型的对应关系，推导出亲子代的基因型和表现型，用规范的语言描述实验结构与结论；把组成生物的两对或多对相对性状分离开来，用单因子分析法一一加以研究，最后把研究的结果用一定的方法组合起来，运用数学中的乘法原理或加法原理进行计算。比较辨析法区别遗传相关的概念。规律总结法突破分离定律解

3、题技巧，以一个题总结出一类题的解决方案。考点精讲【要点梳理】1豌豆作杂交实验材料的优点 （1）豌豆是严格的自花传粉、闭花受粉植物，能避免外来花粉的干扰，自然状态下都为纯种。（2）豌豆品种间具有一些稳定的、易于区分的相对性状。2用豌豆做杂交实验的方法2（1）图中为去雄：除去未成熟花的全部雄蕊；（2）套袋隔离：套上纸袋，防止外来花粉干扰；（3）图中为人工授粉：雌蕊成熟时将另一植株的花粉撒在去雄花的雌蕊柱头上；（4）再套袋隔离：保证杂交得到的种子是人工授粉后所结出的。3一对相对性状的杂交实验发现问题（1）实验过程及现象（2）提出问题：由 F1、F 2的现象分析，提出了是什么原因导致遗传性状在杂种后代

4、中按一定的比例分离的问题。 （4）假设法：在运用假设法判断显隐性性状时，若出现假设与事实相符的情况，要注意另一种假设，切不可只根据一种假设得出片面的结论；但若假设与事实不相符，则不必再作另一假设，可直接予以判断。2由子代推断亲代的基因型（1）基因填充法。先根据亲代表现型写出能确定的基因，如显性性状的基因型可用 A_来表示，那么隐性性状基因型只有一种 aa，根据子代中一对基因分别来自两个亲本，可推出亲代中未知的基因。（2）隐性纯合突破法。如果子代中有隐性个体存在，它往往是逆推过程中的突破口，因为隐性个体是纯合子（aa） ，因此亲代基因型中必然都有一个 a 基因，然后再根据亲代的表现型做进一步的判

5、断。（3）根据分离定律中规律性比值来直接判断：若后代性状分离比为显性隐性31，则双亲一定都是杂合子（Bb） 。即BbBb3B_1bb。若后代性状分离比为显性隐性11，则双亲一定是测交类型。即Bbbb1Bb1bb。若后代只有显性性状，则双亲至少有一方为显性纯合子。即 BBBB 或 BBBb 或3BBbb。若后代只有隐性性状，则双亲一定都是隐性纯合子（bb） 。即 bbbbbb。3 “三法”验证分离定律（1）自交法：自交 后代的性状分离比为 31，则符合基因的分离定律，由位于一对同源染色体上的一对等 位基因控制。（2）测交法：若测交后代的性状分离比为 11，则符合基因的分离定律，由位于一对同源染色

6、体上的一对等位基因控制。（3）花粉鉴定法：取杂合子的花粉，对花粉进行特殊处理后，用显微镜观察并计数，若花粉粒类型比例为 11，则可直接验证基因的分离定律。4某些致死基因导致遗传分离比变化（1）隐性致死：隐性基因存在于同一对同源染色体上时，对个体有致死作用，如镰刀型细胞贫血症（红细胞异常，使人死亡） ；植物中的白化基因，使植物不能形成叶绿素，从而不能进行光合作用而死亡。（2）显性致死：显性基因具有致死作用，如人的神经胶质症（皮肤畸形生长，智力严重缺陷，出现多发性肿瘤等症状） 。显性致死又分为显性纯合致死和显性杂合致死，若为显性纯合致死，杂合子自交后代显隐21。（3）配子致死：指致死基因在配子时期

7、发生作用，从而不能形成有生活力的配子的现象。（4）合子致死：指致死基因在胚胎时期或幼体阶段发生作用，从而不能形成活的幼体或个体的现象。考点精练1 （江西省南昌市第二中学 2018 届高三上学期第四次考试生物试题）肥胖与遗传密切相关，是影响人类健康的重要因素之一。某肥胖基因发现于一突变系肥胖小鼠，为确定其遗传方式，下列实验方法正确的是（ ）A自交 B测交 C正反交 D回交【答案】C【解析】由于产生了突变系肥胖小鼠，所以要确定其遗传方式，需要将肥胖小鼠和正常小鼠进行正反交，并根据后代表现型进行判断，故选 C。2 （山东省青岛市城阳区 2018 届高三上学期期中学分认定考试生物试题）已知现存的马铃薯

8、匀为杂种（只要有一对基因杂合，即为杂种） ，生产上通常用块茎繁殖。欲通过一代杂交选育出黄肉（Aa）抗病（Bb）的马铃薯新品种，应选用的杂交亲本是（ ）4AAaBbaabb BAABbaaBb CAaBBAabb DaaBbAabb【答案】D 【解析】AaBbaabb，亲本中的 AaBb 已经符合要求，无需杂交，A 错误；AABbaaBb，后代双显性个体的基因型有 AaBb、AaBB 两种，不符合要求，B 错误；AaBBAabb，后代双显性个体的基因型有 AABb、AaBb 两种，不符合要求，C 错误；aaBbAabb，后代双显性个体的基因型只有 AaBb 一种，符合要求，D 正确。3 （河北省

9、邢台市 2018 届高三上学期第三次月考生物试题）某生物小组种植的纯种高茎豌豆，自然状态下却出现了矮茎后代。小组成员有的认为是基因突变的结果，有的认为是环境引起的。为检验是何种原因导致矮茎豌豆出现，该小组成员设计了如下几种实验方案，其中最简便的方案是（ ）A分析种子中基因序列B将得到的矮茎豌豆与纯合高茎豌豆杂交，观察后代的性状表现C将矮茎种子在良好的环境条件下种植，让它们自交，再观察后代的性状表现D以上方案都不合理【答案】C4 （湖南省衡阳市八中 2018 届高三第二次（10 月）月考生物试题）数量性状通常显示出一系列连续的表现型。现有控制某高等植物植株高度的两对等位 基因 A、a 和 B、b

10、（已知该两对基因位于一条染色体上） ，以累加效应决定植株高度，且每个显性基因的遗传效应是相同的。纯合子 AABB 高 50cm，aabb 高 30cm。这两个纯合子 杂交得到 F1，F 1产生四种配子的比例为 3:3:2:2。自交得到 F2，在 F2中表现 40cm 高度的个体所占比例为（ ）A375% B34% C26% D8%【答案】B【解析】依题意可知：植株高度与植株含有的显性基因的数量有关，即含有相同数量的显性基因的个体表现型相同；每个显性基因的增高效应为（5030）45cm；AABB 与5aabb 杂交得到的 F1所产生的四种配子及比例为 AB:ab:Ab:aB3:3:2:2。F 1

11、自交得到的 F2中，株高为 40cm 的个体应含有 2 个显性基因，所占比例为3/10AB3/10ab22/10Ab2/10Ab2/10Ab2/10aB2/10Ab2/10aB2/10aB2/10aB34%。综上分析，B 项正确，A、C、D 三项均错误。5 （湖北省沙市中学 2018 届高三上学期第二次双周考试生物试题）某植物花瓣的大小受一对等位基因 A、a 控制，基因型 AA 的植株表现为大花瓣，Aa 的植株表现为小花瓣，aa的植株表现为无花瓣。花瓣颜色受另一对等位基因 R、r 控制，基因型为 RR 和 Rr 的花瓣是红色，rr 的为黄色。两对基因独立遗传。若基因型为 AaRr 的亲本自交，

12、则下列有关判断错误的是（ ）A子代共有 9 种基因型B子代有花瓣植株中，AaRr 所占的比例为 1/3C子代共有 6 种表现型D子代的红花植株中，R 的基因频率为 2/3【答案】C【解析】由题意可知亲本 AaRr 自交后后代有 16 种结合方式，9 种基因型，A 正确。而子代有花瓣植株中，AaRr 所占的比例为 1/4，B 正确。因为它们遵循基因的自由组合定律，可以每对分开看，对于 Aa 自交后后代有 3 种表现型，而 Rr 自交后后代有 2 种表现型，本应是 6 种，但因为无花瓣只有 1 种表现 型，所以应是 5 种表现型，C 错误。子代红花有1/3RR，2/3Rr，所以 R 的基因频率为

13、2/3，D 正确。6 （四川省资阳市乐至中学 2018 届高三第三次月考理综生物试题）假如丈夫和妻子都是白化隐性基因杂合子，他们生下二卵双生儿，这两个孪生子基因型相同的概率是（ ）A 1/16 B1/4 C3/8 D1【答案】C【解析】根据题意，丈夫和妻子都是白化隐性基因杂合子，若用一对等位基因 A、a 表示，则双亲均为 Aa；AaAa1/4AA，1/2Aa，1/4aa， 两者同时为 AA 的概率是: 1/41/4=1/16；两者同时为 Aa 的概率是:1/21/2=1/4； 两者同时为 aa 的概率是: 1/41/4=1/16；则两者基因型相同的概率为: 1/16+1/41/16=3/8。故

14、选 C。7 （河南省郑州市嵩阳高级中学 2018 届高三上学期第三次阶段检测生物试题）某常染色体遗传病，基因型为 AA 的人都患病，Aa 的人有 50%患病，aa 的人都正常。一对新婚夫妇中女性正常，她的母亲是 Aa 患病，她的父亲和丈夫的家庭中均无该病患者，请推测这对夫妇的子女中患病的概率是（ ）6A1/12 B1/6 C1/3 D1/2【答案】A【解析】新婚夫妇中女性正常，她的母亲是 Aa 患病，她的父亲和丈夫的家庭中均无该病患者，基因型为 aa，Aa 和 aa 的后代，基因型为 1/2Aa、1/2aa，Aa 的人有 50%患病，50%正常，则该女性的基因型为 1/3Aa 或 2/3aa，

15、 这对夫妇的子女中患病的概率是（1/3）（1/2）（1/2）=1/12。选 A。8 （“超级全能生”2018 届高考全国卷 26 省 9 月联考乙卷生物试题）某农业研究所在诱变育种过程中，发现一株阔叶小表植株的光合作用较强，属于高产小麦，这一性状在小麦中首次发现。现将该植株与普通小麦进行杂交，F 1中有 1/2 表现为高产。下列表述不正确的是（ ）A阔叶突变应为显性突变，该突变植株为杂合子B收获的高产植株自交，后代可能有 3/4 植株高产C若高产植株较普通植株能增产 10%，杂合子自交的后代作为种子，能增收 7.5%D现用 F1自交，那么子代中能稳定遗传的个体应占 4/5【答案】D【解析】根据

16、题干信息分析，将该植株与普通小麦进行杂交，F 1中有 1/2 表现为高产，即性状分离比是 1:1，为测交实验类型，说明两个个体的基因型分别为 Aa、aa，又因为高 产小麦是基因突变产生的，在小麦中首次发现，说明是由 aa 突变为 Aa，即阔叶突变应为显性突变，该突变植株为杂合子，A 正确；Aa 自交，后代 A_：aa=3:1，所以后代高产占3/4，B 正确；若高产植株较普通植株能增产 10%，杂合子自交的后代作为种子，能增收3/410%=7.5%，C 正确；根据以上分析已知，F 1基因型为 Aa：aa=1:1，其自交后代中能够稳定遗传的占 1/21/2+1/2=3/4，D 错误。9 （甘肃省武

17、威第十八中学 2019 届高三上学期期末考试生物试题）小麦的粒色受两对基因 R1 和 r1、R2 和 r2 控制，两对基因独立遗传。R1 和 R2 决定红色，r1 和 r2 决定白色，R 对 r 不完全显性，并有累加效应，所以麦粒的颜色随 R 个数的增加而逐渐加深。将红粒（R1R1R 2R2）与白粒（r1r1r2r2）杂交得 F1，F 1自交得 F2，则 F2的表现型有 种？颜色最深的占的比例为（ ）A4 种 1/8 B5 种 1/16 C9 种 1/8 D10 种 1/4【答案】B710 （湖南省衡阳市八中 2018 届高三第二次（10 月）月考生物试题）下列叙述中，正确的是（ ）A在遗传学

18、的研究中，利用自交、测交、杂交、正反交及回交等方法都能用来判断基因的显隐性B红花亲本与白花亲本杂交的 F1全为 红花的实验，不能支持孟德尔的遗传方式，也不能否定融合遗传方式C基因型为 YyRr 的植株自花授粉，得到的后代中表现型与亲本不相同的概率为 9/16D红眼雌果蝇与白眼雄果蝇交配，子代雌、雄果蝇都表现红眼，这些雌雄果蝇交配产生的后代中，红眼雄果蝇占 1/4，白眼雄果蝇占 1/4，红眼雌果蝇占 1/2，由此可见，果蝇的眼色和性别表现为自由组合【答案】B【解析】正反交主要判断基因所在的位置，A 错误；红花亲本与白花亲本杂交的，出现了粉红色的，不能支持孟德尔的遗传方式，也不能否定融合遗传方式，

19、B 正确；基因型为YyRr 的植株自花授粉，得到的后代中表现型与亲本不相同的概率为 7/16，C 错误；由于控制眼色的基因位于 X 染色体上，因此眼色和性别不能自由组合，D 错误。11 （黑龙江省牡丹江市第一高级中学 2018 届高三上学期期中考试生物试题）油菜的凸耳和非凸耳是一对相对性状，用甲、乙、丙三株凸耳油菜分别与非凸耳油菜进行杂交实验，结果如表所示。相关说法错误的是（ ）P F1 F2甲非凸耳 凸耳 凸耳：非凸耳=15：1乙非凸耳 凸耳 凸耳：非凸耳=3：1丙非凸耳 凸耳 凸耳：非凸耳=3：1A凸耳性状是由两对等位基因控制的8B甲和乙杂交得到的 F2均表现为凸耳C甲、乙、丙均为纯合子D

20、乙和丙杂交得到的 F2表现型及比例为凸耳：非凸耳=3：1【答案】D【解析】根据甲与非凸耳杂交后得到的 F1自交，F 2代出现两种性状，凸耳和非凸耳之比为 15：1，可以推知，凸耳性状是受两对等位基因控制的，A 正确。由于甲非凸耳得到的 F2代凸耳：非凸耳=15：1，说明非凸耳是双隐性状，甲是双显性状的纯合子，乙非凸耳得到的 F2代凸耳：非凸耳=3：1，说明乙是单显性状的纯合子，故甲与乙杂交得到的F2代中至少有 2 个显性基因，则 F2表现型一定都是凸耳，故 B 正确。由于甲、乙、丙与非凸耳杂交，F 1都是只有一种表现型，故甲乙丙均为纯合子。由于丙非凸耳得到的 F2代凸耳：非凸耳=3：1，故丙也

21、为单显性状的纯合子，若乙与丙杂交得到 F2，则 F2的表现型及比例为凸耳：非凸耳=15：1，故 D 错误。12 （山东省淄博第一中学 2018 届高三上学期开学考试生物试题）基因的自由组合过程发生在下列哪个环节中（ ）A B C D【答案】A【解析】试题分析：由图可知过程是减数分裂，过程是配子间自由结合，过程是总结形成 9 种基因型，是子代表现型，基因自由组合发生在减数分裂过程中，故选 A。13 （河南省郑州市嵩阳高级中学 2018 届高三上学期第三次阶段检测生物试题）基因型为Bb 的玉米自交后所结的一个玉米穗上结出 700 多粒种子（F 1） ，挑选 F1植株中的显性个体均分为两组，甲组自交

22、，乙组自由交配，下列有关两组所产子代的分析中不正确的是（ ）A甲组中隐性个体占 1/6，乙组隐性个体占 1/9B两组的纯合子所占比例均分别高于其杂合子比例C两组子代中，基因型为 Bb 的个体所占比例不同D基因 B 在两组子代中的基因频率不同【答案】D9【解析】基因型为 Bb 的玉米自交，后代基因型为 1/4BB、1/2Bb、1/4bb，显性个体中基因型及比例为 1/3BB、2/3Bb，甲组自交，后代中隐性个体占（2/3）（1/4）=1/6；乙组自由交配，两种配子比例（基因频率）为 2/3B、1/3，后代中隐性个体占 1/3）（1/3）=1/9，A 项正确；甲组自交，后代中杂合子占 Bb（2/3

23、）（1/2）=1/3，则纯合子占 11/3=2/3；乙组自由交配，后代中杂合子 Bb 占 2（2/3）（1/3）=4/9，则纯合子占 14/9=5/9，两组的纯合子所占比例均分别高于其杂合子比例，B 项正确；两组子代中，基因型为 Bb 的个体所占比例不同，C 项正确；对子代没有选择作用，基因 B 在两组子代中的基因频率均为 2/3，D 项错误。 14 （山东省济南外国语学校 2018 届高三第一学期阶段考试生物试题）基因型 AaBb 的小麦自交，后代中 aabb 个体占全部后代的 9%。下列有关叙述中，错误的是（ ）A后代的 a 基因频率为 0.5B自交过程中发生了基因重组C两对基因之间进行了

24、自由组合D后代 aaBB 所占比例小于 9%【答案】C【解析】单独考虑 Aa 自交，后代 a 基因频率为 0.5，A 正确；若两对基因完全连锁，则后代的 aabb 占 25%或者 0，而实际占全部后代的 9%，说明两对基因之间存在交叉互换，即存在基因重组，B 正确；根据以上分析可知，两对基因之间遵循基因的连锁与互换定律，并没有自由组合，C 错误；后代 aaBB 所占比例小于 9%，D 正确。15 （上海市杨浦区 2019 届高三上学期等级考模拟期末调研生命科学生物试题）已知水稻稻瘟病抗病和感病是一对相对性状（用 M/m 表示） ，晚熟和早熟是一对相对性状（用 N/n表示） 。现用纯种抗病早熟水

25、稻与感病晚熟水稻杂交， F 1全部是抗病晚熟水稻。F 1自交后，F2表现型种类及数目如下表所示。请据此推断 F 1中两对基因的位置关系是（ ）A B C D 【答案】B【解析】根据上述分析可知控制两对相对性状的基因位于一对同源染色体上，首先排除 D10选项。再根据表中 F2表现型中抗病早熟和感病晚熟水稻的数量大约 1:1，且抗病晚熟的极多，而感病早熟的很少，可以知道抗病基因（M）和早熟基因（n）在一条染色体上，而 m和 N 在另一条染色体上，因此正确答案是 B 选项，A、C 错误。16 （四川省雅安中学 2018 届高三上学期第一次月考生物试题）下列说法不正确的是（ ）A等位基因是位于一对同源

26、染色体的同一位置上，控制相对性状的基因B性状分离是指杂种后代表现出相对性状的不同类型C含两对相对性状的亲本杂交，子二代中重组类型所占比例是 6/16 或 10/16D自由组合定律的实质是等位基因分离的同时非等位基因自由组合【答案】D【解析】等位基因是指在一对同源染色体的同一位置上，控制相对性状的基因，A 正确；性状分离是指杂种后代中表现出相对性状的不同类型的现象，B 正确；含两对相对性状的亲本杂交，若亲本是 AABB 与 aabb 杂交，则子二代中重组性状占 6/16；若亲本是 AAbb 与aaBB 杂交，则子二代中重组性状占 10/16，C 正确；自由组合定律的实质是同源染色体上的等位基因分

27、离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合，D 错误。17 （广西桂林市柳州市 2018 年届高三综合模拟金卷（1）理综生物试卷）已知控制牛的有角（HA）和无角（HB）的等位基因位于常染色体上，公牛体内 HA 对 HB 为显性，母牛体内 HB 对 HA 为显性，下列有关叙述错误的是（ ）A多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F 1中公牛的表现型及比例为有角：无角=3:1B多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F 1中母牛的表现型及比例为有角：无角=1:3C纯合有角公牛和纯合的有角母牛杂交，F 1中公牛的表现型为有角，母牛的表现型为无角D纯合有角公牛和纯合的无角母牛杂交，F 1中公牛的表

28、现型为有角，母牛的表现型为无角【答案】C【解析】多对杂合的有角公牛（HAHB）和杂合的无角母牛（HAHB）杂交，F 1中公牛的表现型及比例为有角（HAHA+HAHB）：无角（HBHB）=3:1，A 项正确；多对杂合的有角公牛和杂合的无角母牛杂交，F 1中母牛的表现型及比例为（HAHA）：无角（HBHB+HAHB） =1:3，B 项正确；纯合有角公牛（HAHA）和纯合的有角母牛（HAHA）杂交，F 1中公牛和母11牛的表现型都是有角 ，C 项错误；纯合有角公牛（HAHA）和纯合的无角母牛（HBHB）杂交，F1全为杂合（HAHB） ，公牛的表现型为有角，母牛的表现型为无角，D 项正确。18 （宁夏

29、回族自治区石嘴山市第三中学 2019 届高三上学期 12 月月考生物试题）兔毛色的遗传受 常染色体上两对等位基因（C 和和 g）控制，现用纯种灰兔与纯种白兔杂交，F 1全为灰兔，F 1自交（雌雄个体相互交配）产生的 F2中，灰兔：黑兔：白兔=9:3: 4。已知当基因 C 和 G 同时存在时表现为灰兔，但基因 c 纯合时就表现为白兔。下列说法错误的有几个（ ）家兔的毛色受两对等位基因控制，C、c 与 G、g 两对等位基因分别位于两对同源染色体上亲本的基因型是 CCGG 和 ccggF 2白兔中的纯合子个体占 1/2若 F1中灰兔测交，则后代有 4 种表现型F 2中黑兔与白兔交配，后代出现白兔的几

30、率是 1/3 F 2灰兔基因型有 4 种，能产生 4 种比例相等的配子F 2灰兔中能稳定遗传的个体占 1/16A三 B四 C五 D六【答案】A【解析】由题意可知子二代中出现了 16 的变形，所以控制这对性状的基因位于两对同源染色体上，遵循基因的自由组合定律，正确。纯种灰兔基因型应是 CCGG，F 1全为灰兔，所以亲本白兔的基因型是 ccgg，正确。F 2白兔中的纯合子个体占 2/4，即 1/2，正确。若 F1中灰兔测交，根据题意后代有 3 种表现型，错误。F 2中黑兔（1/3CCgg，2/3Ccgg）与白兔（1/4ccgg，2/4ccGg，1/4ccGG）交配，后代出现白兔的的只有是 2/31

31、/41/2+2/31/21/2+2/31/41/2=1/3，正确。F 2灰兔基因型有 4种，能产生 4 种配子，但比例不相等，错误。F 2灰兔中能稳定遗传的个体占 1/9，错误，故 A 正确，B、C、D 错误。19 （广东省汕头市潮南实验学校 2018 届高三上学期入学摸底考试生物试题）孟德尔在探索分离定律时，运用了“假说演绎法” ，下列相关叙述不正确的是（ ）A提出问题是建立在纯合亲本杂交和 F 1自交的遗传实验基础上的B “遗传因子在体细胞的染色体上成对存在”属于孟德尔的假说内容C “如果让 F1与隐性纯合子杂交后代显性和隐性个体应该一样多”属于推理内容 D对推理（演绎）过程及结果进行的检

32、验是通过测交实验完成的12【答案】B20 （江西省上高县第二中学 2018 届高三第一次月考生物试题）喷瓜有雄株、雌株和两性植株，G 基因决定雄株，g 基因决定两性植株，g-基因决定雌株。G 对 g、g-是显性，g 对g-是显性，如：Gg 是雄株，gg-是两性植株，g-g-是雌株。下列分析正确的是（ ）Ag-g-和 Gg 能杂交并产生雌株B株两性植株的喷瓜最多可产生三种配子 C两性植株自交不可能产生雌株D只有雄株和雌株的植株群体内传粉，产生后代中，雄株比例大于 1/2【答案】D【解析】g-g-和 Gg 能杂交，但其杂交后代为 1/2Gg-（雄株）和 1/2gg-（两性植株） ，不能产生雌株，故

33、 A 项错误；一株两性植株的喷瓜（gg-）最多可产生 2 种雄配子和 2 种雌配子，即 g 和 g-，故 B 项错误；两性植株自交可能产生雌株，如 gg-gg-后代可能出现的 g-g-是雌株，故 C 项错误；只有雄株（GG 或 Gg 或 Gg-）和雌株（g-g-）的植株群体内传粉，GGg-g-的后代都是雄株 Gg-，Ggg-g-的后代有 1/2 雄株 Gg-和 1/2 两性植株gg-，Gg-g-g-的后代有 1/2 雄株 Gg-和 1/2 雌株 g-g-，所以只有雄株和雌株的植株群体内传粉，产生后代中，雄株比例大于 1/2，D 项 正确。21 （湖南省衡阳市第八中学 2018 届高三上学期第三

34、次月考生物试题）鸡冠的性状有多种，纯合子豌豆冠鸡与玫瑰冠鸡交配，子一代（F 1）全是胡桃冠，F 1雌雄交配，F 2出现了冠形为单冠的鸡，表现型和数量如下表。F2 胡桃冠 豌豆冠 玫瑰冠 单冠公鸡 72 24 24 8母鸡 72 24 24 8合计 144 48 48 16回答问题：13（1）鸡冠形状的遗传受_ _对基因控制，且遵循_定律，该定律的实质是:在减数分裂过程中，_。 （原文填空）（2）从 F2中随机挑选豌豆冠鸡和玫瑰冠鸡各一只，形成一个杂交组合：豌豆冠（）玫瑰冠（） ，或豌豆冠（）玫瑰冠（） 。不考虑正交、反交的区别，只考虑基因型，则该杂交的基因型组合可能有_种。理论上，若杂交组合的

35、后代出现四种表现型，且四种表现型的比例为 1:1：1：1 的概率是_。（3）为了验证（1）中的结论，利用 F2设计实验，请补充完善实验方案并预期实验结果：实验方案：让 F2中全部胡桃冠母鸡与_交配，只收集、孵化每只母鸡产的蛋，_（隔离、混合）饲养每只母鸡的子代（F 3） ，观察、统计全部 F3的冠形和数量。预期实验结果：理论上，有 16 只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠：豌豆冠=1:1；另有_。【答案】 （1）两 自由组合定律（或:分离定律和自由组合定律） 同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合 （2）4 4/9 （3） （全部、多只）单冠公鸡 隔离 有

36、8 只母鸡的子代全部为胡桃冠，有 16 只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠:玫瑰冠=1：1，另有 32 只母鸡的子代表现型及数量比为胡桃冠:豌豆冠:玫瑰冠:单冠=1:1:1:1【解析】 （1）根据以上分析可知，鸡冠形状受 2 对等位基因控制，且遵循自由组合定律。基因的自由组合定律的实质是：在减数分裂过程中，同源染色体上的等位基因彼此分离的同时，非同源染色体上的非等位基因自由组合。（2）F 2中选豌豆冠鸡和玫瑰冠鸡的基因型是A_bb、aaB_，A_aa1/3aa+2/3Aa，bbB_1/3bb+2/3Bb，每一对杂交后代是 2 种基因型，对于两对等位基因来说杂交后代的基因型是 4 种 。杂交组

37、合的后代出现四种表现型，则四种表现型及其比例是胡桃冠：豌豆冠：玫瑰冠：单冠=1：1：1：1，是两对相对性状的测交实验，可能的组合是 Aabb、aaBb，概率是2/32/3=4/9。（3）为了验证（1）中的结论，利用 F2设计实验，可以采用测交实验：让 F2中全部胡桃冠母鸡与多只单冠公鸡进行交配，分只收集、孵化每只母鸡产的蛋，14隔离饲养只母鸡 的子代（F 3） ，观察、统计全部 F3的冠形和数量。预期实验结果：由于胡桃冠母鸡的基因型是 AABB：AABb：AaBB：AaBb=1：2：2：4，理论上，有 16 只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠：豌豆冠=1：1，有 8 只母鸡的子代全部为胡桃冠

38、，有 16 只母鸡的子代表现型及其数量比为胡桃冠：玫瑰冠=1：1，另有 32 只母鸡的子代表现型及数量比为胡桃冠：豌豆冠：玫瑰冠：单冠=1：1：1：1。22 （山东省济南外国语学校 2018 届高三第一学期阶段考试生物试题）某种牵牛花的花瓣中含有红、黄、蓝三种色素，这些色素由 A/a、B/b、Gg 三对等位基因控制合成，各种色素的合成与有关基因的关系如下图。花瓣的颜色除了红色、黄色和蓝色外，还会出现蓝色物质与红色物质混合的紫色、蓝色物质与黄色物质混合的绿色，缺乏上述三种色素时花瓣呈白色。（1）基因型为 AaBbGg 的牵牛花植株花瓣颜色为_；含 A 但不含 B 基因的牵牛花植株 t 花瓣颜色表

39、现为_。（2）任意选取两株蓝色牵牛花杂交，子代可能出现的性状及其分离比为_，子代中纯合蓝花植株的基因型为_。【答案】 （1）紫色 黄色或绿色 （2）全部蓝色或者蓝色：白色=3：1 aabbGG 或 aaBBGG【解析】 （1）根据以上分析已知，AaBbGg 合成蓝色、黄色、红色物质，由于蓝色与红色混合形成紫色，蓝色与黄色混合形成绿色，紫色颜色深，掩盖绿色，因此表现为紫色；含A 但不含 B 基因的牵牛花植株的基因型是 A_bbgg 或 A_bbG_，分别表现为黄色或绿色。（2）蓝花植株的基因型是 aabbG_或 aaB_G_，如果两株蓝色花的植株其中一株的基因型是aabb（B_）GG，则杂交后代

40、都是蓝花，如果两株的基因型都是 aabb（B_）Gg，杂交后代的基因型是 aabb（B_）G_：aabb（B_）gg=3：1，分别表现为蓝花和白花；子代中纯合蓝花植株的基因型是 aabbGG、aaBBGG。23 （黑龙江省大庆实验中学 2018 届高三上学期第一次月考理科综合生物试题）某种小动物的毛色可以是棕色、银灰色和黑色（相关基因依次用 A1、A2 和 A3 表示） 。如表研究人员进行的有关杂交实验。15请根据以上实验，回答下列问题：（1）由甲组分析可知：_是隐性性状，产生子代（F 1）数量比的 原因最可能是_。（2）让丙组的子代（F 1）自由交配，得到的后代表现型及比例为_。（3）选取丙

41、组 F1的_个体与_组 F1的银灰色个体杂交，后代一定会出现三种不同表现型的个体。这三种不同表现型的比例为棕色：银灰色：黑色=_。【答案】 （1）银灰色 棕色纯合子（基因型 A1A1）的个体（胚胎）致死 （2）棕色：黑色=2:3 （3）棕色 银灰色 2:1:1【解析】 （1）甲组中，亲代均为棕色，子代（F 1）中出现银灰色，判断银灰色是隐性性状，棕色是显性性状；进一步推测甲组中亲代组合为 A1A2A1A2 或 A1A2A1A3，其子代不是3/4 棕色、1/4 银灰色，推测 A1A1 个体不能存活。（2）根据以上分析，丙组棕色基因型为 A1A，黑色基因型为 A3A3，后代棕色：黑色=1:1，说明

42、棕色基因型为 A1A3，则子代基因型为 A1A3、A3A3，让子一代自由交配，后代基因型及其比例为 A1A1：A1A3：A3A3=（1/41/4）：（21/43/4）：（3/43/4）=1:6:9，由于 A1A1 个体不能存活，所以后代表现型及其比例为棕色：黑色=2:3。（3）要保证在子代得到三种毛色的个体，其杂交双亲必须含有 A1、A2 和 A3 三种基因，故杂交双亲之一必须为棕色，且一定为杂合子，又根据表中杂交实验可推知，棕色对银灰色为显性，银灰色对黑色为显性，故选取的 F1 棕色个体基因型为 A1A3，且只有丙组的 F1棕色个体符合条件，另一亲本应为银灰色杂合子，基因型为 A2A3，只有

43、丁组的 F1 银灰色个体符合条件。因此选取丙组 F1棕色个体与丁组 F1银灰色个体杂交，一定能在子代得到三种毛色的个体。后代基因型及其比例为 A1A2：A1A3：A2A3：A3A3=1:1:1:1，则表现型的比例为棕色：银灰色：黑色=2:1:1。24 （山东省菏泽市 2018 届高三上学期期中考试生物试题）鸭蛋蛋壳的颜色主要有青色和16白色两种，且这对相对性状由等位基因 A、a 控制。金定鸭产青色蛋，康贝尔鸭产白色蛋。为研究蛋壳颜色的遗传规律，研究者利用这两个鸭群做了 2 组实验，结果如下表所示：杂交组合第 1 组 康贝尔鸭金定鸭第 2 组康贝尔鸭金定鸭青色（枚） 26178 7628后代所产

44、蛋（颜色及数目） 白色（枚） 109 58请回答：（1）根据实验结果，可判断鸭蛋蛋壳的_色是显性性状。（2）第 1 组和第 2 组的少数后代产白色蛋，可推测双亲中的金定鸭群的基因型是_，为了检验 F1相关的基因组成情况，应该将_与_交配。若实验结果显示后代产青色蛋的鸭子_（填“大于” 、 “小于” 、 “等于” ）产白色蛋的鸭子，说明推测正确。【答案】 （1）青 （2）AA 和 Aa F 1 康贝尔鸭 小于25 （江西省南昌市 2018 届高三摸底调研考试生物试题）椎实螺是雌雄同体的生物，单个伺养时，它们进行自体受精。群体饲养时，若只考虑异体受精，两个个体相互交换精子，同时又各自产生卵子。椎实

45、螺的外壳的旋转方向可以是右旋（D 基因控制） ，也可以是左旋（d 基因控制） 。研究表明，子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，而不由它自身的基因型决定。现有多个右旋（DD）雌体和左旋（dd）雄性个体。回答下列问题：（1）右旋（DD）雌性个体的母本的表现型为_。多对右旋（DD）雌性个体和左旋（dd）雄性个体杂交，则理论上，子二代个体的表现型为_。（2）将第（1）中杂交实验所得子二代，单个饲养，子代个体的表现型及其比例为17_；群体饲养时，子代个体 D 基因的频率为_。（3）科学家提取右螺旋壳椎实一细胞质中的 RNA，将它注射到左螺旋壳椎实螺的受精卵中，此后受精卵发育成右螺旋壳的椎实螺。该方

46、法获得的右螺旋壳_（填“可以”或“不可以” ）遗传，原因是_。【答案】 （1）右旋或左旋 右旋 （2）右旋左旋=31 1/2 （3）不可以 注入是 RNA 不是 DNA，遗传物质未改变，不可以遗传【解析】 （1）由于子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，而不由它自身的基因型决定，所以右旋（DD）雌性个体的母本可能左旋，也可能右旋。右旋（DD）雌性个体和左旋（dd）雄性个体杂交，子一代基因型为 Dd，子二代个体表现型受子一代母本细胞核基因控制，即 Dd，表现为右旋。（2）子二代基因型为 DD、Dd 和 dd，比例为 1:2:1，由于子一代外壳的旋转方向受母体细胞核基因控制，所以单个伺养时，子代个体的表现型及其比例为右旋:左旋=3:1；子二代基因型为 DD、Dd 和 dd，比例为 1:2:1，D 基因频率为 1/2，群体饲养时，椎实螺异体受体，随机受精，子代基因频率不变，则 D 基因频率为 1/2。 （3）由于向左螺旋壳椎实螺的受精卵中注入的是 RNA 不是 DNA，只改变性状，未改变遗传物质，所以通过该方向获得的右螺旋壳不可以遗传。