2018_2019高中生物课时分层作业6基因的自由组合定律苏教版必修2.doc

《2018_2019高中生物课时分层作业6基因的自由组合定律苏教版必修2.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2018_2019高中生物课时分层作业6基因的自由组合定律苏教版必修2.doc（8页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、1课时分层作业(六) 基因的自由组合定律(建议用时：45 分钟)学业达标练1用具有两对相对性状的两纯种豌豆作亲本杂交获得 F1，F 1自交得 F2，F 2中黄色圆粒、黄色皱粒、绿色圆粒、绿色皱粒的比例为 9331，下列与 F2出现这样的比例无直接关系的是( )A亲本必须是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆BF 1产生的雄、雌配子各有 4 种，比例均为 1111CF 1自交时 4 种类型的雄、雌配子的结合是随机的DF 1的 16 种配子结合方式都能发育成新个体A 亲本可以是纯种黄色圆粒豌豆与纯种绿色皱粒豌豆，也可以是纯种黄色皱粒豌豆与纯种绿色圆粒豌豆。2下列有关孟德尔遗传规律的说法错误的是( )

2、A叶绿体基因控制的性状遗传不遵循孟德尔遗传规律B受精时，雌、雄配子的结合是随机的，这是得出孟德尔遗传规律的条件之一C孟德尔发现基因的分离定律与基因的自由组合定律的过程中都运用了合理的推断和验证D基因型为 AaBb 的个体自交，其后代一定有 4 种表现型和 9 种基因型D 基因型为 AaBb 的个体，若两对基因位于两对同源染色体上且无致死现象，则后代有 4 种表现型和 9 种基因型，否则没有。3南瓜所结果实中白色(A)对黄色(a)为显性，盘状(B)对球状(b)为显性，两对基因独立遗传。若让基因型为 AaBb 的白色盘状南瓜与“某南瓜”杂交，子代表现型及其比例如图所示，则“某南瓜”的基因型为( )

3、【导学号：01632074】AAaBb BAabbCaaBb DaabbB 先分析图中子代白色与黄色之比31，盘状与球状之比11，再结合基因的2分离定律可知“某南瓜”的基因型为 Aabb。4基因型为 AaBb 的个体与基因型为 aaBb 的个体杂交，两对基因独立遗传，则后代中( )A表现型 4 种，比例为 3131，基因型 6 种B表现型 2 种，比例为 31，基因型 3 种C表现型 4 种，比例为 9331，基因型 9 种D表现型 2 种，比例为 11，基因型 3 种A AaBbaaBb 的杂交组合可以采用基因分离定律来解决，分解成 Aaaa 和BbBb，其中 Aaaa 后代的基因型是 2

4、种，表现型是 2 种，比例是 11；BbBb 后代基因型是 3 种，表现型是 2 种，比例是 31。所以 AaBbaaBb 后代的表现型是 224 种，比例是(11)(31)3131，基因型是 236 种。5某种鼠中，黄鼠基因 A 对灰鼠基因 a 为显性，短尾基因 B 对长尾基因 b 为显性，且基因 A 或 b 在纯合时使胚胎致死，这两对基因位于非同源染色体上。现有两只双杂合的黄色短尾鼠交配，理论上所生的子代中杂合子所占的比例为( )【导学号：01632075】A1/4 B3/4C1/9 D8/9D 这两对基因位于非同源染色体上，符合孟德尔自由组合定律，这两只双杂合的黄色短尾鼠的基因型是 Aa

5、Bb，交配时会产生 9 种基因型的个体，即：A_B_、A_bb、aaB_、aabb，但是由于基因 A 或 b 在纯合时使胚胎致死，所以只有2/16AaBB、4/16AaBb、1/16aaBB、2/16aaBb 4 种基因型个体能够生存下来，所生的子代中杂合子所占的比例为 8/9。6豌豆豆荚绿色(G)对黄色(g)为显性，花腋生(H)对顶生(h)为显性，这 2 对相对性状的遗传遵循基因的自由组合定律。下列杂交组合中，后代出现两种表现型的是( )AGGhhggHH BGgHhGGHHCGGHhgghh DGgHHGGHhC GGgg 后代 1 种表现型，Hhhh 后代 2 种表现型，所以 GGHhg

6、ghh 后代表现型种类122 种。7已知某一动物种群中仅有 Aabb 和 AAbb 两种类型的个体，AabbAAbb11，且种群中雌雄个体比例为 11，两对基因位于两对同源染色体上，个体之间能自由交配。则该种群自由交配产生的子代中能稳定遗传的个体占( )A1/2 B5/8C1/4 D3/4B 由题意可知 Aabb 和 AAbb 在雌雄个体中比例均为 11，则群体中产生的配子为3Aa31，因此 a 配子结合形成的 aa 概率为 ；A 配子结合形成的 AA 概率为 14 14 116 34 。可稳定遗传的个体(AAaa)占 。34 916 916 116 588下图表示不同基因型豌豆体细胞中的两对

7、基因及其在染色体上的位置，这两对基因分别控制两对相对性状。从理论上说，下列分析不正确的是( )A甲、乙植株杂交后代的表现型比例是 1111B甲、丙植株杂交后代的基因型比例是 1111C丁植株自交后代的基因型比例是 121D正常情况下，甲植株中基因 A 与 a 在减数第二次分裂时分离D 基因 A 与 a 为等位基因，在减数第一次分裂时，随同源染色体的分离而分离。9人类多指(T)对正常(t)是显性，正常肤色(A)对白化病(a)是显性，控制这两对相对性状的基因分别位于两对常染色体上，是独立遗传的。一个家庭中，父亲多指，母亲不多指，肤色均正常，他们生的第一个孩子患白化病但不多指，则他们所生的下一个孩子

8、只患一种病和患两种病的概率分别是( ) 【导学号：01632076】A1/2 和 1/8 B3/4 和 1/4C1/4 和 1/4 D1/4 和 1/8A 根据题意，父亲多指，肤色正常，T_A_；母亲不多指，肤色正常，ttA_；孩子不多指，白化病，ttaa。不难推导出双亲的基因型分别为：父 TtAa，母 ttAa。他们所生孩子表现情况如下：同时患两种病的概率：(1/2)(1/4)1/8；只患一种病的概率：(1/2)(3/4)(1/2)(1/4)1/2；正常的概率：(1/2)(3/4)3/8；患病概率1正常的概率1(3/8)5/8。10豌豆子叶的黄色(Y)对绿色(y)为显性，圆粒种子(R)对皱粒

9、种子(r)为显性。某人用黄色圆粒和绿色圆粒的豌豆进行杂交，发现后代出现 4 种类型，对性状的统计结果如图所示，根据图回答问题。4(1)亲本的基因组成是_(黄色圆粒)、_(绿色圆粒)。(2)在 F1中，表现型不同于亲本的是_、_，它们之间的数量之比为_。(3)F1中纯合子占的比例是_。(4)F1中黄色圆粒豌豆的基因型是_。解析 (1)豌豆杂交后代黄色和绿色之比是 11，属于测交类型，亲本的基因型为Yy 和 yy；圆粒和皱粒之比是 31，所以亲本均为杂合子 Rr。综合以上分析可知亲本的基因型是 YyRr 和 yyRr。(2)F 1中表现型不同于亲本的是黄色皱粒(Yyrr)和绿色皱粒(yyrr)，比

10、例分别是 1/8 和 1/8，所以这两种表现型数量之比是 11。(3)F 1中纯合子是yyRR、yyrr，比例分别是 1/8 和 1/8，总的比例是 1/81/81/4。(4)F 1中黄色圆粒豌豆的基因型为 YyRR 或 YyRr。答案 (1)YyRr yyRr(2)黄色皱粒 绿色皱粒 11(3)1/4 (4)YyRR 或 YyRr11小麦中光颖和毛颖是一对相对性状(显性基因用 P 表示)，抗锈病和不抗锈病是一对相对性状(显性基因用 R 表示)，两对基因各自独立遗传。现有光颖抗锈病和毛颖不抗锈病个体杂交，F 1全为毛颖抗锈病，F 1自交，F 2出现 4 种性状：毛颖抗锈病、光颖抗锈病、毛颖不抗

11、锈病、光颖不抗锈病。根据以上信息回答下列问题。(1)上述遗传符合_定律，其中_和_是显性性状，F 1所产生的配子类型是_，F 2中表现型与亲本不同的个体所占比例是_。(2)F2中毛颖抗锈病植株所占比例是_，F 2毛颖抗锈病植株中能稳定遗传的个体所占比例是_。(3)F2中要获得 PPRR 的小麦 10 株，F 2群体理论上至少应有_株。(4)选 F2中光颖抗锈病植株与毛颖抗锈病双杂合子植株杂交，后代出现光颖抗锈病纯合子植株的比例是_。解析 本题主要考查两对相对性状的杂交实验。(1)具有两对相对性状的纯合亲本杂交，F 2中出现了不同的性状组合，遵循基因的自由组合定律。F 1全为毛颖抗锈病，说明毛颖

12、和抗锈病是显性性状，F 1的基因型为 PpRr，可产生 PR、Pr、pR 和 pr 4 种配子。F 2中与亲本表现型不同的为毛颖抗锈病(P_R_)和光颖不抗5锈病(pprr)，前者占 F2的 9/16，后者占 1/16，共占 5/8。(2)F2中毛颖抗锈病植株(P_R_)占的比例为 9/16，其中纯合子 PPRR 占 1/16，所以毛颖抗锈病植株中能稳定遗传的个体所占比例为 1/9。(3)F2中 PPRR 小麦占 1/16，因此要获得 PPRR 小麦 10 株，理论上 F2至少应有 160 株。(4)F2中光颖抗锈病植株与毛颖抗锈病双杂合子植株杂交：即 ppR_(2ppRr1ppRR)PpRr

13、，其中 1/3ppRRPpRr1/12ppRR；2/3ppRrPpRr1/12ppRR。因此出现光颖抗锈病纯合子(ppRR)的比例为 1/121/121/6。答案 (1)基因的自由组合 毛颖 抗锈病 PR、Pr、pR、pr 5/8(2)9/16 1/9 (3)160 (4)1/612玉米种子的颜色由 3 对基因(A 与 a、B 与 b、R 与 r)控制，有色种子应同时具备A、B、R 三个显性基因，否则是无色的；另有一对基因(Y、y)，在隐性纯合(yy)时产生红色种子，有显性基因 Y 存在时产生紫色种子。以上 4 对基因独立遗传。现将纯合红色植株(AABBRRyy)与纯合无色植株(AABBrrY

14、Y)杂交得 F1，F 1，自交得 F2。请回答下列有关问题：【导学号：01632077】(1)该玉米种系中紫色种子的基因型有_种，红色种子的基因型有_种，无色种子的基因型有_种。(2)F2中表现型及其比例为_。(3)若将 F1与紫色植株 AABBRRYY 进行杂交，则后代中能够稳定遗传的紫色植株所占比例为_。(4)若将 F1与红色植株 AABBRRyy 进行杂交，则后代表现型及其分离比为_。(5)若将 F1与无色植株 aabbrryy 进行测交，则后代表现型及其分离比为_。解析 (1)根据题意可知紫色种子基因型为 A_B_R_Y_，故有 16 种；红色种子基因型为 A_B_R_yy，故有 8

15、种；其余基因型均表现为无色，一共有 57 种。(2)AABBRRyyAABBrrYYF 1，F 1基因型为 AABBRrYy，自交得 F2，F 2基因型为9/16AABBR_Y_、3/16AABBR_yy、3/16AABBrrY_、1/16AABBrryy，表现型及其分离比为紫色红色无色934。(3)AABBRrYyAABBRRYYAABBR_Y_，则后代全为紫色，基因型分别为 AABBRRYY、AABBRRYy、AABBRrYY、AABBRrYy，各占 1/4。(4)AABBRrYyAABBRRyy1/2AABBR_Y_、1/2AABBR_yy，则表现型及其分离比为紫色红色11。(5)AAB

16、BRrYyaabbrryy1/4AaBbRrYy、1/4AaBbRryy、1/4AaBbrrYy、1/4AaBbrryy，则表现型及其分离比为紫色红色无色112。6答案 (1)16 8 57(2)紫色红色无色934(3)1/4(4)紫色红色11(5)紫色红色无色112冲 A 挑战练13一株基因型为 AaBbcc 的小麦与一株基因型为 AABbCc 的小麦杂交，三对性状的遗传遵循基因的自由组合定律，则子代中与亲本基因型不同的个体占( )A1/4 B3/8C3/4 D5/8C 题中涉及三对等位基因，因此可拆分成三个分离定律问题，即AaAA1/2Aa、1/2AA，BbBb1/4BB、1/2Bb、1/

17、4bb，ccCc1/2Cc、1/2cc，由此可知子代的基因型有 12 种，其中与 AaBbcc 相同的概率为 1/21/21/21/8，与 AABbCc相同的概率为 1/21/21/21/8，则与亲本基因型不同的概率为 11/43/4。14大鼠的毛色由独立遗传的两对等位基因控制。用黄色大鼠与黑色大鼠进行杂交实验，结果如图。据图判断，下列叙述正确的是( )P 黄色黑色F1 灰色F 1雌雄交配F2 灰色 黄色 黑色 米色9 3 3 1A黄色为显性性状，黑色为隐性性状BF 1与黄色亲本杂交，后代有两种表现型CF 1和 F2中灰色大鼠均为杂合体(子)DF 2黑色大鼠与米色大鼠杂交，其后代中出现米色大鼠

18、的概率为 1/4B 熟练掌握自由组合定律的几种变式并能灵活应用是解题关键。假设控制大鼠毛色的两对等位基因为 A、a 和 B、b。分析遗传图解可知，亲本基因型为 AAbb 和 aaBB，子一代基因型为 AaBb，子二代表现型的比例为 9 灰色(AABB、AABb、AaBB、AaBb)3 黄色或黑色(AAbb、Aabb)3 黑色或黄色(aaBB、aaBb)1 米色(aabb)。表现型黄色和黑色为不完全显性，A 项错误。F 1基因型为 AaBb，与黄色亲本(AAbb 或 aaBB)杂交，后代有灰色(A_Bb)和黄色(或黑色)(A_bb)或灰色(AaB_)和黑色(或黄色)(aaB_)两种表现型，B 项

19、正确。F 2中灰色个体(A_B_)中既有纯合体又有杂合体，C 项错误。F 2黑色大鼠(1/3AAbb、2/3Aabb 或1/3aaBB、2/3aaBb)与米色大鼠(aabb)杂交，后代中出现米色大鼠的概率是72/31/21/3，D 项错误。15控制棉花纤维长度的三对等位基因 A/a、B/b、C/c 对长度的作用相等，分别位于三对同源染色体上。已知基因型为 aabbcc 的棉花纤维长度为 6 厘米，每个显性基因增加纤维长度 2 厘米。棉花植株甲(AABbcc)与乙(aaBbCc)杂交，则 F1的棉花纤维长度范围是( )【导学号：01632078】A614 厘米 B616 厘米C814 厘米 D8

20、16 厘米C AABbcc 和 aaBbCc 杂交得到的 F1中，显性基因最少的基因型为 Aabbcc，显性基因最多的基因型为 AaBBCc，由于每个显性基因增加纤维长度 2 厘米，所以 F1的棉花纤维长度范围是(62)(68)厘米。16瑞典遗传学家尼尔逊埃尔(Nilsson Ehle H)对小麦和燕麦的子粒颜色的遗传进行了研究。他发现在若干个红色子粒与白色子粒的纯合亲本杂交组合中共有如下几种情况：结合上述结果，回答下列问题：(1)控制红粒性状的基因为_(填“显性”或“隐性”)基因；该性状由_对能独立遗传的等位基因控制。(2)第、组杂交组合子一代可能的基因组成有_种，第组杂交组合子一代可能的基

21、因组成有_种。(3)第、组 F1测交后代的红粒和白粒的比例依次为_、_和_。解析 由 F1F 2的表现型和“无中生有”原理可推出红粒为显性性状，控制红粒性状的基因一定为显性基因。由第组的子二代红粒所占的比例为 63/64，即“1(1/4) 3”可以推出该性状由三对能独立遗传的等位基因控制。由各表现型所占的比例可推出第、组的 F1中分别有一对、两对、三对杂合基因，则第组 F1可能的基因组成为Aabbcc、aaBbcc 和 aabbCc，第组 F1可能的基因组成为 AaBbcc、aaBbCc 和 AabbCc，第组 F1可能的基因组成只能为 AaBbCc。第、组 F1测交后代的白粒所占的比例依次8为 1/2、(1/2) 2和(1/2) 3。答案 (1)显性 三 (2)3 1(3)11 31 71