广东省佛山市第一中学2018_2019学年高二物理上学期第一次段考试题.doc

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1、12018学年度上学期第一次段考高二级物理科(理)试题时间：90 分钟 总分：110 分 一、单项选择题（本题共 10个小题，共 30分。 ）1. 关于同一电场的电场线，下列表述正确的是（ ）A电场强度大的地方电势高，电场强度小的地方电势低B电场线越密，电场强度越小C沿着电场线方向，电势越来越低D电荷在沿电场线方向移动时，电势能减小2、如图所示，两个电荷量均为 q的小球用长为 L的轻质绝缘细绳连接，静止在光滑的绝缘水平面上。两个小球的半径 rL。 k表示静电力常量。则轻绳的张力大小为( )A0 B. C D. 2Lk2kq2q3、如图所示的匀强电场 E的区域内，由 A、B、C、D、A、B、C、

2、D作为顶点构成一正方体空间，电场方向与面 ABCD垂直，下列说法正确的是（ ）AA、D 两点间电势差 UAD与 A、A两点间电势差 UAA相等B带正电的粒子从 A点沿路径 ADD移到 D点，静电力做负功C带负电的粒子从 A点沿路径 ADD移到 D点，电势能增加D带电粒子从 A点移到 C点，沿对角线 AC与沿路径 ABBC静电力做功不相同4在真空中的一个点电荷的电场中，离该点电荷距离为 r0的一点引入电荷量为 q的检验电荷，所受静电力为 F，则离该点电荷为 r处的场强为（ ）A B C D5.如图 4所示，让平行板电容器带电后，静电计的指针偏转一定角度,若不改变两极板带的电量而减小两极板间的距离

3、，同时在两极板间插入电介质，那么静电计指针的偏转角度（ ） 。A、一定减小 B、一定增大 C、 一定不变 D、可能不变6.如图所示，实线表示某静电场的电场线，虚线表示该电场的等势面，1、2两点间距离与 3、4 两点间距离相等下列判断正确的是（ ）A. 1、2 两点的电势差与 3、4 两点的电势差相等B. 2、3 两点的电场强度相等C. 1、2 两点的电场强度相等D. 点 1的电势大于点 4的电势27.如图所示，在 P1、P 2处各放一个等电荷量正点电荷，O 点为 P1、P 2连线的中点。一带正电的试探电荷从 M点由静止出发，沿直线 MON运动到 N点，M、N 关于 O点对称。下列各图关于试探电

4、荷速度 v、电场强度 E、电势 、电势能 Ep的描述正确的是（ ）A B C D8、由电场强度的定义式 可知，在电场中的某一点（ ）qFE/A电场强度 E跟 F成正比，跟 q成反比B减少检验电荷所带的电量，该点的电场强度保持不变C使检验电荷带上异种电荷可改变该点电场强度的方向D当不放入检验电荷时，该点的电场强度为 09. 如图所示，在点电荷 Q产生的电场中，实线 MN是一条方向未标出的电场线，虚线 AB是一个带电粒子只在静电力作用下的运动轨迹，设带电粒子在 A、B 两点的加速度大小分别为aA、a B且 aAa B，电势能分别为 EPA、E PB，下列说法正确的是（ ）A带电粒子一定带正电B无论

5、 Q为正电荷还是负电荷，一定靠近 M端CE PA一定大于 EPBDA 点电势一定高于 B点电势10如图所示，从炽热的金属丝飘出的电子（速度可视为零） ，经加速电场加速后从两极板中间垂直射入偏转电场。电子的重力不计。在满足电子能射出偏转电场的条件下，下述四种情况中，一定能使电子的偏转角变大的是（ ）A仅将偏转电场极性对调一下位置B增大偏转电极板间的电压，减小两板间的距离C增大偏转电极板间的距离，减小偏转电极的电压D减小偏转电极板间的电压，增大加速电压二、多项选择题(本题共 7小题，每小题 4分，共 28分全部选对的得 4分，只选 1个且正确的得 2分。)11.两个等量异种电荷的连线的垂直平分线上

6、有 a、b、c 三点，如图所示，下列说法正确的是Aa 点电势比 b点高Ba、b 两点的场强方向相同，b 点场强比 a点大3Ca、b、c 三点和无穷远处等电势D一个电子在 a点无初速释放，则它将在 c点两侧往复振动12如图所示，图甲实线为方向未知的三条电场线，a、b 两带电粒子从电场中的 p点静止释放。不考虑两粒子间的相互作用，仅在电场力作用下，两粒子做直线运动，a、b 粒子的速度大小随时间变化的关系如图乙中实线、所示，虚线为直线。则（ ）Aa 一定带正电，b 一定带负电Ba 向左运动，b 向右运动Ca 电势能减小，b 电势能增大Da、b 电势能都减少13. 空间某一静电场的电势 在轴上分布如图

7、所示，其中 D为图线的最低点，轴上两点B、C 的电场强度在 方向上的分量分别是 EBx、E Cx，下列说法中正确的有（ ）AE Cx的大小大于 EBx的大小BE Bx的方向沿轴正方向C电荷在 D点受到的电场力在 x方向上的分量最小D将一个负电荷沿 X轴从 B移到 C的过程中，电场力先做负功，后做正功14. 如图所示，把原来不带电的金属球壳 B的外表面接地，将一个带正电的小球 A从小孔中放入球壳内，但不与 B发生接触，达到静电平衡后，则（ ）A球壳 B的空腔中场强处处为零B球壳 B不带电C球壳 B的内、外表面电势相等D球壳 B的电势为零15. 一带电油滴在匀强电场 E 中的运动轨迹如图中虚线所示

8、，电场方向竖直向上。若不计空气阻力，则此带电油滴从 a 运动到 b 的过程中，能量变化情况为（ ）A动能增加 B重力势能和电势能之和增加C电势能减少 D动能和电势能之和增加16.如图所示，A、B、C、D 为匀强电场中相邻的四个等势面，一个电子垂直经过等势面 D时，动能为 20eV，飞经等势面 C时，电势能为10eV，飞至等势面 B时速度恰好 为零，已知相邻等势面间的距离均为 5cm，则下列说法正确的是( )A等势面 A的电势为10V B匀强电场的场强大小为 200V/mC电子再次飞经 D势面时，动能为 10eV D电子的运动为匀变速直线运动17一半径为 R的绝缘半圆形凹槽固定放置在水平面上，内

9、壁光滑，AB 为水平直径，C 为凹槽最低点。在圆心 O处固定一所带电荷量为+Q 的点电荷，现将质量为 m电荷量为+q 的带电小球从凹槽的 A端由静止释放，小球沿凹槽内壁运动。则（ ）A从 A到 C的过程中，静电力对小球做的功为 mgR4B小球在运动过程中电势能保持不变C点电荷+Q 在 A、C 两点产生的电场强度不相等D小球运动到 C处时对凹槽的压力大小为三、计算题（共 52分，要求写出必要的文字说明）18.（14 分）如图所示，匀强电场中 A、 B、 C三点构成一个直角三角形，角 A为 30o，AC 的长度为 cm。把电荷量 C的点电荷由 A点移动到403 102qB点，电场力做功 J，再由

10、B点移到 C点电荷克服电场力做功810.4J，取 B点的电势为零，810.4求：（1） A、 C两点的电势（2）电场强度的大小和方向(画出经过 A、B、C 的电场线)19 （9 分）如图所示，匀强电场场强的方向与水平方向成 角，30有一带电量为 ，质量为 的小球，用长为 的绝缘细线悬挂于 O点，qmL当静止时，细线恰被拉成水平方向，重力加速为 g。求：小球的电性及匀强电场场强 E的大小；20.(14分) 如图所示，一重力不计的带电粒子从平行板电容器的上极板左边缘处以某一速度沿极板方向射入电容器。若平行板电容器所带电荷量为 Q1，该粒子经时间 t1恰好打在下极板正中间，若平行板电容器所带电荷量为

11、 Q2，该粒子经时间 t2恰好沿下极板边缘飞出。不考虑平行板电容器的边缘效应，求两种情况下：（1）粒子在电容器中运动的时间 t1、t 2之比；（2）电容器所带电荷量 Q1、Q 2之比。21.（15 分）如图所示，光滑绝缘的细圆管弯成半径为 R的半圆形，固定在竖直面内，管口 B、 C的连线是水平直径现有一带正电小球(可视为质点)从 B点正上方的 A点自由下落， A、 B两点间距离为 4R，从小球进入管口开始，整个空间中突然加上一个匀强电场，电场力在竖直方向上的分力大小与重力大小相等，结果小球从管口 C处脱离圆管后，其运动轨迹最后经过 A点设小球运动过程中带电量没有改变，重力加速度为 g，求：(1

12、)小球到达 B点时的速度大小；(2)小球受到的电场力的大小和方向；(3)小球经过管口 C处时对圆管壁的压力2018学年度上学期第一次段考高二级物理科(理)答案选择题51 2 3 4 5 6 7 8 9 0C B C B A D C B B B11 12 13 14 15 16 17BC BD BCD CD AC ABD BC计算题18.（14 分）解：把电荷从 A点移到 B点，由电 势定义式可得：U AB 由式解得：U AB-240 （V） 所以 A B A240 V 3 分 把电荷从 B点移到 C点，由电势定义式可得：U BC 由式解得：U BC240（V） B C C240 V 则 C24

13、0 V 3 分因为 A C，即 A、C 在同一等势面上，根据场强与等势面垂直且由高电势处指向低电势处，可得该电场的场强方向垂直于 AC，指向左上方4 分错误！未找到引用源。 4 分19 （9 分）解：受力分析如图,可知小球带正电 3 分在三角形中，有 3分mgqEsin得： 3分2i20.(14分)解：（1）设粒子在极板间的运动时间为 t，沿极板方向的位移为 x，粒子在水平方向上做匀速直线运动，则 t= 2 分即 tx由条件可知 t 1：t 2=1：2 2 分（2）设电容器电容为 C，极板间电压为 U，极板间距离为 d，极板间电场强度为 E，则有：U= 2 分6E= 2 分设粒子的质量为 m，

14、带电量为 q，在电容器中的加速度为 a，则有：a= 2分d= 2分由可得：Q所以 Q1：Q 2=4：1 2 分21.（15 分）解析 (1)小球从开始自由下落到运动到管口 B的过程中机械能守恒，故有mg4R mv 3分12 2B解得 vB2 . 2分2gR(2)由小球经过了 A点分析可知，电场力的竖直分力 Fy mg，方向向上，水平分力 Fx方向向左，小球受到的合力等于 Fx.小球从 B运动到 C的过程中，由动能定理得：Fx2R mv mv 1分12 2B 12 2C小球从管口 C处脱离圆管后做类平抛运动，由于其轨迹经过 A点，故有y4 R vCt 1分x2 R axt2 t2 1分12 Fx2m联立解得 Fx mg电场力的大小为 F qE mg 1分2方向与竖直方向成 45角偏左上方 1 分(3)小球经过管口 C处时，向心力由 Fx和圆管的弹力 FN提供，设弹力 FN的方向水平向左，则 Fx FN m 2分解得 FN3 mg(方向水平向左) 2 分根据牛顿第三定律可知，小球经过管口 C处时对圆管壁的压力为 F N FN3 mg，方向水平向右