2014届福建省四地六校高三上学期第三次月考物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2014届福建省四地六校高三上学期第三次月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 一物体从某一行星表面竖直向上抛出 (不计空气阻力 ).设抛出时 t=0,得到物体上升高度随时间变化的 h t图象如图所示 ,则该行星表面重力加速度大小与物体被抛出时的初速度大小分别为 （ ） A 8 m/s2, 20 m/s B 10 m/s2, 25 m/s C 8 m/s2, 25 m/s D 10 m/s2, 20 m/s 答案： A 试题分析：从图上可以读出上升的最大高度和竖直上抛的时间，根据求出星球表面的重力加速度；初速度可以根据 求解。由图线可得，物体上升的最大高度 25m,2.5s末到达最大高度，据 得

2、； 据 得 ，即初速度向上，大小为 20m/s， A正确 考点：考查了竖直上抛运动规律的应用 如图（甲）所示，在 x轴上有一个点电荷 Q（图中未画出）， O、 A、 B为轴上三点。放在 A、 B两点的检验电荷受到的电场力跟检验电荷所带电荷量的关系如图（乙）所示。以 x轴的正方向为电场力的正方向，则（ ） A点电荷 Q 一定为正电荷 B点电荷 Q 在 AB之间 C A点的电场强度大小为 5103N/C D A点的 电势比 B点的电势高 答案： B 试题分析：同一个检验电荷放在 AB位置时受力方向相反，所以场源电荷一定在 AB之间， B正确；在 A点场强为 ，在 B点场强为 ，由于检验电荷的正负未

3、知，所以无法判断点电荷电性，也就无法判断 AB两点电势高低， CD错误； 考点：电场强度；电势 如图所示电路中，当滑动变阻器 R的触头向下滑动时，（ ） A灯泡 、 、 均变亮 B灯泡 变亮， 、 变暗 C灯泡 、 变亮， 变暗 D灯泡 、 变亮， 变暗 答案： D 试题分析：当滑动变阻器的滑动触头向下滑动时，接入电路的电阻减小，并联电路的总电阻减小，根据闭合电路欧姆定律得知，干路电流增大，路端电压减小，则知灯泡 变亮并联部分分担的电压减小，则 变暗通过 的电流增大，通过 电流减小，则通过 电流增大，则 变亮故 D正确 考点：本题是电路的动态变化分析问题，首先要搞清电路的结构，再按照 “局部

4、整体 局部 ”的思路进行分析 质量为 2kg的物体在 x y平面做曲线运动，在 x方向的速度图像和 y方向的位移图像 . 如图所示。下列说法正确的是（ ） A质点的初速度为 5m/s B质点所受的合外力为 6N C质点初速度的方向与合外力方向垂直 D 2s末速度大小为 6m/s 答案： A 试题分析： x t图像的斜率表示加速度， s t图像的斜率表示速度，所以从图像中可得： x方向以初速度 做匀加速运动，加速度为； y方向以 ，匀速运动，则质点的初速度为， 合力沿 x轴方向，所以与初速度方向不同； A正确 C错误；根据牛顿第二定律， ， B错误； 2s末速度大小为， D错误。 考点：考查了牛

5、顿第二定律，速度的合成与分解 如图示，平行板电容器经开关 S与电池连接， a处有一电荷量非常小的点电荷， S是闭合的， a表示 a点的电势， F表示点电荷受到的电场力 .现将电容器的B板向下稍微移动，使两板间的距离增大，则（ ） A 变大， F变大 B 变大， F变小 C 不变， F不变 D 不变， F变小 答案： B 试题分析：因电容器与电源始终相连，故两板间的电势差不变， B板下移，则板间距离 d增大，则根据公式 可得板间电场强度 E减小，由 可知电荷所受电场力变小；因为 B板接地，电势恒为零，由 可知上板与 a间的电势差减小，而总电势差不变，故 a与 B间的电势差增大，故 a点的电势增大

6、。 B正确； 考点：考查了电容器的动 态分析 从离水平地面某一高度处，以大小不同的初速度水平抛出同一个小球，小球都落到该水平地面上。不计空气阻力。下列说法正确的是（ ） A平抛初速度越大，小球在空中飞行时间越长 B平抛初速度越大，小球落地时的末速度与水平地面的夹角越大 C无论平抛初速度多大，小球落地时重力的瞬间功率都相等 D无论平抛初速度多大，小球落地时的末动能都相等 答案： C 试题分析：根据 可知，小球在空中飞行时间直接去取决于竖直高度，与水平速度无关，故 A错误； 小球落地时的末速度与水平地面的夹角的正切值，高度确定则竖直速度确定，平抛初速度越大，夹角越小，故 B错误；重力的瞬间功率 ，

7、因为竖直速度与平抛初速度无关，仅与竖直高度有关，所以无论平抛初速度多大，小球落地时重力的瞬间功率都相等，故 C 正确，根据动能定理 ，可知小球落地时的末动能跟初速度有直接关系，故 D错误 考点：平抛、机械能守恒定律；瞬时功率动能定理 如图所示，真空中 O 点处有一点电荷，在它产生的电场中有 a、 b两点， a点的场强大小为 ，方向与 ab连线成 60角， b点的场强大小为 Eb，方向与 ab连线成 30角关于 a、 b两点场强 Ea、 Eb及电势 、 的 关系，正确的是( ) A ， B ， C ， D ， 答案： B 试题分析： a点到 O 点的距离 ， b点到 O 点距离，根据点电荷的场强

8、公式 可得，故 ，在点电荷的周围越靠近场源电势越低，故有 ， B正确； 考点：电场强度；电势差；电势 一个质量为 m的小铁块沿半径为 R的固定半圆轨道上边缘由静止滑下，到半圆底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的 1.5倍，则此过程中铁块损失的机械能为 ( ) A mgR/8 B mgR/2 C mgR/4 D 3mgR/4 答案： C 试题分析：铁块滑到半球底部时，小铁块所受向心力为铁块重力的 1.5倍，根据牛顿第二定律，有 ，根据题意，铁块的下滑过程重力做正功，摩擦力做负功，运用动能定理，得到 ，解得克服摩擦力做的功： ，所以机械能损失 ， C正确 考点：考查了动能定理的应用 一半径为 R的

9、光滑圆环竖直放在水平向右场强为 E的匀强电场中，如图所示，环上 a、 c是竖直直径的两端， b、 d是水平直径的两端，质量为 m的带电小球套在圆环上，并可沿环无摩擦滑动现使小球由 a点静止释放，沿 abc运动到 d点时速度恰好为零，由此可知，小球在 b点时 ( ) A加速度为零 B动能最大 C电势能最大 D机械能最大 答案： D 试题分析：带电小球是沿 abc运动，所以电场力向左，在运动过程中小球受到电场力，重力，圆环的弹力作用，到达 b 点时，速度不为零，继续做圆周运动，所以三力的合力不为零，根据牛顿第二定律可得，小球在 b点的加速度一定不为零， A错误，小球到达 c过程中，重力做正功，电场

10、力做功为零，沿 cd运动时，重力和电场力都做负功，所以 c点的动能最大， B错误；小球沿 abcd运动过程中只有 ab段电场力是做正功，电势能转化为机械能，所以 b点的机械能最大，到达 d点时，电场力做负功最多，机械能转化为电势能最大，所以 d的电势能最大， C错误 D正确； 考点：考查了带电粒子在复合场中的运动 如图所示的同心圆是电场中的一簇等势线，一个电子只在电场力作用下沿着直线由 AC 运动时的速度越来越小， B为线段 AC 的中点，则下列说法正确的是 ( ) A电子沿 AC 方向运动时它具有的电势能越来越大 B电子沿 AC 方向运动时受到的电场力越来越小 C电势差 UAB UBC D电

11、势 ABC 答案： A 试题分析：因为 电子只在电场力作用下沿着直线由 AC 运动时的速度越来越小，所以过程中电场力做负功，电势能增大，动能减小， A正确，等式线的疏密程度可表示电场强度大小，越密，电场强度越大，所以从图中可得 AC 方向等式线越来越密，故电场强度增大，电场力增大， B 错误；该电场非匀强电场，所以 ， C错误；因为电场力做负功，所以电子是从高电势向低电势运动，故 ， D错误 考点：考查了带电粒子在电场中的运动 如图所示，水平传送带长为 x，以速度 v始终保持匀速运动，把质量为 m的货物放到 A点，货物与皮带间的动摩擦因数为 ，当货物从 A点运动到 B点的过程中，摩擦力对货物做

12、的功不可能 ( ) A等于 mv2/2 B小于 mv2/2 C大于 mgx D小于 mgx 答案： C 试题分析： A无初速度放到传送带上后，由于 B的速度大于 A的速度，所以 A相对 B向后运动，受到 B给的向前的滑动摩擦力，在这个滑动摩擦力作用下，做加速运动，若 A在还没有到达 B前速度和 B的速度一样，则开始做匀速直线运动，两者无相对运动趋势，匀速运动过程中摩擦力为零，所以此种情况摩擦力做功为： ，由于 A加速位移小于 x，所以摩擦力做功， AD正确；若 A到达 B端后，速度仍小于 v，则摩擦力作用位移为x，摩擦力做功为： ， B正确 ，综上所述摩擦力做功不可能大于 ， C错误； 考点：

13、考查了动能定理，摩擦力做功 不回收的航天器在使用后，将成为太空垃圾如图所示是飘浮在地球附近的太空垃圾示意图，下列说法中正确的是（ ） A离地越高的太空垃圾运行速率越大 B离地越高的太空垃圾运行角速度越小 C离地越低的太空垃圾运行周期越大 D太空垃圾只可能跟同一轨道上的航天器相撞 答案： B 试题分析：设地球质量为 M，垃圾质量为 m，垃圾的轨道半径为 r，由牛顿第二定律可得： ，垃圾运行的线速度 ，因 G、 M 是常数，所以轨道半径越大，即离地越高的垃圾线速度越小， A错误；由牛顿第二定律可得： ，垃圾运行的角速度 ，因 G、 M是常数，所以轨道半径越大，即离地越高的垃圾线速度越小， B 正确

14、；由牛顿第二定律可得：，垃圾运行的周期 ，因 G、 M是常数，所以轨道半径越小，即离地越低的垃圾运行周期越小， C错误；由线速度公式可知，在同一轨道上的航天器与太空垃圾线速度相同，如果它们绕地球飞行的运转方向相同，它们不会碰撞， D错误 考点：万有引力定律及其应用 如图所示，重 80 N 的物体 A放在倾角为 30的粗糙斜面上，有一根原长为10 cm、劲度系数为 1000 N/m的弹簧，其一端固定在斜面底端，另一端放置在物体 A后，弹簧长度缩短为 8 cm，现用一测力计沿斜面向上拉物体，若物体与斜面间最大静摩擦力为 25 N，当弹簧的长度仍为 8 cm时，测力计读数不可能为（ ） A 10 N

15、 B 20 N C 40 N D 60 N 答案： D 试题分析：施加拉力前，物体受到四个力的作用而平衡：重力 G、垂直斜面向上的支持力 N、沿斜面向上的摩擦力 f 和弹簧对物体施加沿斜面向上的弹力 T，受力如图， 其中 ， 根据平衡条件可求出， ，方向沿斜面向上； 施加 拉力 F后，弹簧长度不变，说明物体仍然静止，并且弹簧对物体施加的弹力大小和方向不变，若摩擦力沿斜面向上，则 ，即，摩擦力 f随着 F增大而较小，当 时， ，若 ，摩擦力沿斜面向下，因为物体没有滑动，所以 ，代入数据可得， ，所以测力计读数在 0 45N 之间故 ABC 可能， D不可能 考点：牛顿第二定律；胡克定律解决本题的

16、关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解 下列几个关于力学问题的说法中正确的是 ( ) A做曲线运动的物体受力一定不为零 B米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位 C放在斜面上静止的物体 ,其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力 D摩擦力的方向一定与物体的运动方向在同一直线上 答案： A 试题分析：曲线运动是变速运动，一定有加速度，根据牛顿第二定律可知做曲线运动的物体所受的合力一定不为零， A正确；米、千克是国际单位制中的基本单位，而牛顿不是国际单位制中的基本单位，是根据牛顿第二定律得到的导出单位； B错误；放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力大小等于物体对斜面的压力，但不能

17、说就是物体对斜面的压力，压力的受力物体是斜面，而重力的分力的受力物体是该物体， C错误；摩 擦力的方向与物体的相对运动方向和相对运动趋势方向相反，摩擦力的方向可以与物体的运动方向不在同一直线上，比如在水平圆盘上随圆盘一起匀速转动的物体所受的摩擦力方向与速度方向垂直； D错误 考点：考查了曲线运动条件，力学基本单位，重力，摩擦力 实验题 “研究共点力的合成 ”的实验情况如图甲所示，其中 A 为固定橡皮筋的图钉，O 为橡皮筋与细绳的结点， OB和 OC为细绳，图乙是在白纸上根据实验结果画出的图示。 .图乙中的 F与 F 两力中，方向一定沿 AO 方向的是 _（填 “ F ”或“ F ”）。 .（单

18、选题）本实验采用的科学方法是： A理想实验法 B等效替代法 C控制变量法 D建立物理模型法 答案：（ 1） F；（ 2） B 试题分析：（ 1）从图中可得 F是根据平行四边形定则画出的理论值，所以 是实际值，即一定沿 AO 方向 （ 2）因为本实验的基本原理是：一个力的作用效果和两个力的作用效果相同，所以采用的是等效替代法，故选 B 考点：考查了 “研究共点力的合成 ”的实验 计算题 在 “描绘小电珠的伏安特曲线 ”实验中，所用器材有：小电珠 (2.5 V,0.6 W)，滑动变阻器，多用电表，电流表，学生电源，开关，导线若干 (1)粗测小电珠的电阻，应选择多用电表 _倍率的电阻挡 (请填写 “

19、1”、“10”或 “100”)；调零后，将表笔分别与小电珠的两极连接，示数如图甲所示，结果为 _. (2)实验中使用多用电表测量电压，请根据实验原理图乙完成实物图丙中的连线 (3)开关闭合前，应将滑动变阻器的滑片 P置于 _端，为使小电珠亮度增加， P应由中点向 _端滑动（请填 “a” 或 “b”） (4)下表为电压等间隔变化测得 的数据，为了获得更准确的实验图象，必须在相邻数据点 _间多测几组数据 (请填写 “ab”、 “bc”、 “cd”、 “de”或 “ef”). 数据点 a b c d e f U/V 0.00 0.50 1.00 1.50 2.00 2.50 I/A 0.000 0.

20、122 0.156 0.185 0.216 0.244 答案：（ 1） 1 ； 7.5； （ 2）完成实物图中的连线 （ 3） a， b；（ 4） ab 试题分析：（ 1）根据公式 可得小灯泡的电阻大约为 ，而多用电表欧姆档中间刻度比较均匀，所以采用 1倍率的电阻挡，示数为： 7.5， （ 2）描绘小灯泡的伏安特性曲线电压需要从零开始，所以应采用滑动变阻器的分压接法，由于小灯泡的电阻非常小，所以电流表分压过大，采用电流表的外接法，实物图如图所示： （ 3）为了电路安全，所以滑动变阻器在开关闭合前处于最大电阻处，即处于 a端，使得小灯泡两端电压为零， P 向 b 端滑动过程中，小灯泡两端的电压增

21、大，亮度增大，所以朝 b端滑动 （ 4）为了获得更准确的实验图象，应该在灯泡两端电压从零开始增大的过程中多测量几次，即必须在相邻数据点 ab间多测几组数据 考点：考查了描绘小灯泡 伏安特性曲线实验 （ 8分）物体以 12 m/s的初速度从斜面底端冲上倾角为 37的斜坡，已知物体与斜面间的动摩擦因数为 0.25， g取 10 m/s2， (sin 37 0.6， cos 37 0.8)。求： (1) 物体沿斜面上滑的最大位移； (2) 物体再滑到斜面底端时的速度大小； (3) 物体在斜面上运动的时间 答案：（ 1） 9m（ 2） （ 3） 试题分析： (1)由牛顿第二定律得物体上升时的加速度大小

22、 2分 故上滑的最大位移 1 分 (2)物体下滑时的加速度大小 2 分 物体到斜面底端时的速度 1分 (3)物体在斜面上运动的时间 2 分 考点：考查了牛顿第二定律，匀变速直线运动规律的应用 （ 10分）如图所示， M为一线圈电阻 RM=0.4的电动机， R=24，电源电动势 E=40V.当 S断开时，电流表的示数 I1=1.6A，当开关 S闭合时，电流表的示数为 I2=4.0A。求 （ 1）电源内阻 r （ 2）开关 S闭合时，通过电动机的电流及电动机消耗功率 答案：（ 1） （ 2） ， 试题分析：（ 1）当 S断开时，只有电阻 R连入电路，所以根据闭合回路欧姆定律可得： 2 分 代入数据

23、： 1分 （ 2）当 S闭合时，电阻 R与电动机并联连入电路，根据闭合回路欧姆定律可得： 2 分 解得此时路端电压为 ，根据欧姆定律可得通过电阻 R的电流为解得： 通过电动机的电流为 2 分 所以 电动机消耗的电功率： 2分 解得： 1 分 考点：考查了闭合回路欧姆定律的应用，电功率的计算 （ 10 分）如图所示，光滑水平面 AB 与竖直面内的半圆形导轨在 B 点相接，导轨半径为 R.一个质量为 m的物体将弹簧压缩至 A点后由静止释放，在弹力作用下物体获得某一向右速度后脱离弹簧，脱离弹簧后当它经过 B点进入导轨瞬间对导轨的压力为其重力的 7倍，之后向上运动完成半个圆周运动恰好到达 C点。试求：

24、 （ 1）弹簧开始时的弹性势能； （ 2）物体从 B点运动至 C点克服阻力做的功； （ 3）物体离开 C点后落回水平面时 ,重力的瞬时功率是多大 答案：（ 1） （ 2） （ 3） 试题分析：（ 1） 物块在 B点时由牛顿第二定律得 2 分 解得 : 所以其弹势能为： 1分 （ 2） 恰好到达 C点则 可得 1 分 根据动能定理得： 2分 解得 ，即克服摩擦阻力做功 1分 （ 3） 物体从 C点平抛后，落地时竖直方向的速度为 ， 重力的瞬时功率为 2分 解得： 1分 考点：考查了牛顿第二定律，动能定理，功能关系，瞬时功率 （ 12分）如图所示，一质量为 m带正电的小球，用长为 L的绝缘细线悬挂

25、于 O 点，处于一水平方向的匀强电场中，静止时细线右偏与竖直方向成 45角，位于图中的 P点重力加速度为 g，求： （ 1）静止在 P点时线的拉力是多大？ （ 2）如将小球向右拉紧至与 O 点等高的 A点由静止释放，则当小球摆至 P点时，其电势能如何变？变化了多少？ （ 3） 如将小球向左拉紧至与 O 点等高的 B点由静止释放，则小球到达 P点时的速度大小？ 答案：（ 1） T （ 2）其电势能增加为 （ 3）vC 试题分析：（ 1）小球静止在 P点时由平衡条件得 1分 解得： T 1分 （ 2）小球从 A到 P的过程中，电场力 F做负功，故其电势能增加 来源 :学 _科 _网 由（ 1）问得 ，故 1分 则小球克服电场力做功 2分 其电势能增加为 1分 （ 3）小球先做匀加速直线运动到达最低点 C， 根据动能定理得： 1分 解得： vC 1分 到达 C点后细绳绷紧，小球沿细绳方向的速度变为零，则 解得： vC 1分 从 C到 P做圆周运动，由动能定理得： 2分 解得 vP 1分 考点：考查了共点力平衡条件，功能关系，动能定理，运动的合成与分解