2012-2013学年江苏省涟水中学高一第三次模块检测物理试卷与答案A（带解析）.doc

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1、2012-2013学年江苏省涟水中学高一第三次模块检测物理试卷与答案 A（带解析） 选择题 关于牛顿第一定律有下列说法，其中正确的是 ( ) A牛顿第一定律可用实验来验证 B牛顿第一定律说明力是改变物体运动状态的原因 C只有静止或做匀速直线运动的物体才有惯性 D物体的运动需要力来维持 答案： B 试题分析：牛顿第一定律是理想实验定律，在任何情况下都不能做到物体不受力，故不可以通过实验验证， A错误，牛顿第一定律说明了力不是维持物体运动的原因，而是改变物体运动的原因 ,B正确 D错误；一切物体都具有 惯性，与物体的运动状态无关， C错误， 故选 B 考点：考查了对牛顿第一定律的理解 点评：牛顿第

2、一运动定律，又称惯性定律，它科学地阐明了力和惯性这两个物理概念，正确地解释了力和运动状态的关系，并提出了一切物体都具有保持其运动状态不变的属性 -惯性，它是物理学中一条基本定律 一个质量 m 2 kg的物体在水平拉力 F的作用下，在光滑水平面上从静止开始做匀加速直线运动，经过时间 t 6 s速度变为 v 12 m/s。求： 物体的加速度 a的大小； 水平力 F的大小。 答案： (1) a = 2m/s2 (2) F = 4N 试题分析：（ 1）因为物体做初速度为零的匀加速直线运动，所以有 ，故（ 2）根据牛顿第二定律可得 考点：考查了牛顿第二定律的应用 点评：基础题，非常简单，关键是对公式的正

3、确掌握 在 “探究求合力的方法 ”实验 ,下列说法不正确的是 ( ) A弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行 B两弹簧测力计的拉力方向必须相互垂直 C实验中必须记录两分力的方向 D读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度 答案： B 试题分析：为了减小实验摩擦，弹簧测力计的拉力方向必须与木板平行， A正确，对两个分力的夹角不一定非要垂直，可以是任意的，但为了减小 实验误差，不能过大也不能过小， B错误；实验中除了记录两个分力的大小，还必须记录方向， C正确；读数时，视线应正对弹簧测力计的刻度， D正确 让选错误的，故选 B 考点：考查了 “探究求合力的方法 ”实验 点评：在验证 “力的平行四边形定则

4、”时，可以根据实验的原理进行分析需要注意的事项 如图 ,质量为 m的小球由静止开始下落，下落一段距离后，落至直立的轻弹簧上，则在小球从开始下落到将弹簧压至最短的过程中下列说法正确的是：（ ） A小球刚接触弹 簧的瞬间速度最大 B从小球接触弹簧起加速度变为竖直向上 C从小球接触弹簧到到达最低点，小球的速度先增大后减小 D从小球接触弹簧到到达最低点，小球的加速度先减小后增大 答案： CD 试题分析：小球与弹簧钢开始接触时，由于弹力是从零开始增加的，所以小于重力，即合力向下，小球的加速度向下，由于弹力在逐渐增大，所以向下的合力在逐渐减小，故小球在刚开始一段时间内做加速度减小的加速运动，当弹力等于重力

5、时，合力为零，加速度为零，速度向下最大，此后由于小球有向下的速度，会继续向下运动，弹簧会继续被压缩，故弹力 在继续增大，此时合力向上，小球做加速度增大的减速运动，故小球的速度先增大后减小，加速度先减小后增大， AB错误， CD正确 故选 CD 考点：牛顿第二定律 点评：解决本题的关键会根据小球的受力，运用牛顿第二定律，判断出加速度的方向，从而知道小球速度的变化 如图所示，物体 A静止在倾角为 30的斜面上，现将斜面倾角由 30增大到 37，物体仍保持静止，则下列说法中正确的是 ( ) A A对斜面的压力不变 B A对斜面的压力减小 C A受到 的摩擦力增大 D A受到的摩擦力不变 答案： BC

6、 试题分析：斜面的倾角为 ，物体 A的重力为 G，作出 A的受力如图根据平衡条件得： 当斜面倾角 由 30增大到 37时， cos减小， sin增大，则 N减小， f增大 根据牛顿第三定律得知， A对斜面的压力减小， A对斜面的摩擦力增大 故选 BC 考 点：共点力平衡的条件及其应用； 点评：本题是简单的动态平衡类型的问题，运用的是函数法，也可以采用图解法直观判断 一枚玩具火箭由地面竖直向上发射，其 v-t关系如图所示，则（ ） A t2-t3时间内，玩具火箭在向下运动 B t3时刻玩具火箭距地面最远 C t1-t2时间内，玩具火箭处于超重状态 D 0-t3时间内，玩具火箭始终处于失重状态 答

7、案： BC 试题分析：由于 时间内物体的速度始终为正，即运动的方向保持不变，故火箭始终向上运动故 A错误 B正确 在 时间内速度图象的斜率始终为正，故加速度始终竖直向上加速度向上表明物体处于超重状态故在 时间内火箭处于超重状态故 C正确 D错误 故选： BC 考点：匀变速直线运动的图像；超重和失重 点评：判定物体运动方向，不 是看速度是增加还是减少，而是看物体速度的方向；判定物体是超重还是失重不看物体运动方向，而看加速度的方向是向上还是向下 用计算机辅助实验系统（ DIS）做验证牛顿第三定律的实验时，把两个测力探头的挂钩钩在一起，向相反的方向拉动，显示器屏幕上显示的是两个力传感器的相互作用力随

8、时间变化的图象，如图所示由图象可以得出的正确结论是 ( ) A作用力与反作用力作用在同一物体上 B作用力与反作用力同时存在，同时消失 C作用力与反作用力大小相等 D作用力与反作用力方向相反 答案： BCD 试题分析：由图象不难看出两个力的大小总是相等的，并且两个力的方向也是始终相反的，它们的变化的情况也是一样的，所以 BCD正确；图象表示的是两个测力探头的受力情况，作用力和反作用力是两个物体之间的相互作用力，作用在两个物体上，所以 A错误 故选 BCD 考点：牛顿第三定律 点评： 作用力和反作用力一定是两个物体之间的相互作用力，并且大小相等，方向相反，同时产生同时消失 一个物体在共点的三个恒力

9、作用下保持静止状态，则下列说法中错误的是（ ） A这三个力的合力必为零 B其中任何一个力必和其他两个力的合力大小相等，方向相反 C若撤去其中一个力，物体将做匀速直线运动 D若撤去其中一个力，物体将沿此力方向的反方向做匀加速直线运动 答案： C 试题分析：物体在五个共点力的作用下保持静止状态，加速度为零，根据牛顿第二定律，合力为零，故 A正确；合力为零，故其中任何一个力必和其他两 个力的合力的大小相等、方向相反并且作用与同一条直线上，故 B正确；若撤除其中的一个力，其他两个力的合力与该力等值、反向、共线，合力不再为零，加速度不再为零，速度一定改变，故 C错误；撤除其中的一个力，其他两个力的合力与

10、该力等值、反向、共线，物体初速度为零，故物体将沿着合力方向做初速度为零的匀加速直线运动，故 D正确； 本题选错误的，故选 C 考点：共点力平衡的条件及其应用；牛顿第二定律 点评：本题关键明确 n个力平衡时，任意一个力与其余 n-1个力的合力等值、反向、共线 静止在光滑水平面上的物体，受到一个水平拉 力，在力刚开始作用的瞬间，下列说法中正确的是（ ） A物体立即获得加速度和速度 B物体立即获得加速度，但速度仍为零 C物体立即获得速度，但加速度仍为零 D物体的速度和加速度都为零 答案： B 试题分析：由牛顿第二定律可知，有了力的作用，物体就有了加速度，但是，在力刚开始作用的瞬间，物体还没有运动，所

11、以物体的速度为零，故 B正确 故选： B 考点：牛顿第二定律 点评：本题是对牛顿第二定律瞬时性的考查，有了力就会有加速度，但是速度需要一定的时间，本题比较简单 如图（甲）所示，小孩用 80N的 水平力推木箱不动，木箱此时受到的摩擦力大小为F1；（乙）图中，小孩用 100N的水平力恰能推动木箱，此时木箱与地面间的摩擦力大小为 F2；（丙）图中，小孩把木箱推动了，此时木箱与地面间摩擦力大小为 F3 若木箱对地面的压力大小为 200N，木箱与地面间动摩擦因数为 =0.45，则 F1、 F2、 F3的大小分别为 ( ) A 80N、 100N、 90N B 80N、 100N、 45N C 80N、

12、80N、 90N D 0、 80N、 45N 答案： A 试题分析：甲图中，推木箱不动，静摩擦力与推力平衡，故 ； 乙图中，用 100N的水平力恰能推动木箱，故静摩擦力达到最大值，即 ； 丙图中，小孩把木箱推动了，受滑动摩擦力，大小为 ； 故选 A 考点：摩擦力的判断与计算；静摩擦力和最大静摩擦力 点评：摩擦力大小和方向的确定 1摩擦力的方向，应沿着接触面的切线方向，并且与相对运动（或相对运动趋势）的方向相反， 应当强调，物体所受摩擦力方向与物体的运动无必然联系，它可以与物体运动方向相反，也可以与物体运动方向相同，摩擦力所阻碍的不是物体的运动，而是物体间的相对运动或相对运动趋势要充分理解相对运

13、动的含义，所谓相对运动趋势的方向就是假定物体间没有摩擦力时物体相对运动的方向 2确定摩擦力的大小，首先必须分清摩擦力的种类，是滑动摩擦力还是静摩擦力静摩擦力产生在有相对运动趋势时，但又相对静止的物体之间，其大小没有定值和现成的计算公式，必须分析它们的运动状态和其它条件，然后根据物体的平衡或牛顿运动定律通过计算来确定滑 动摩擦力大小跟正压力成正比，其公式为 f=N它与接触面面积的大小无关；与物体的运动状态无关；与沿物体接触面切线方向上的外力大小无关 用如图所示的方法可以测出一个人的反应时间，设直尺从静止开始自由下落，到直尺被受测者抓住，直尺下落的距离 h，受测者的反应时间为 t，则下列结论正确的

14、是（ ） A B C D 答案： A 试题分析：由自由落体运动位移时间公式： 得： 所以 t与 成正比 故选： A 考点：自由落体运动 点评：解决自由落体运动的题目关键在于明确自由落体中的公式应用，一般情况下，研究由落点开始的运动列出的表达式最为简单 下列四组单位中，哪一组中的各单位都是国际单位制中的基本单位 ( ) A克、焦耳、秒 B米、牛顿、秒 C米、千克、秒 D 米、千克、牛顿 答案： C 试题分析：国际单位制规定了七个基本物理量分别为长度、质量、时间、热力学温度、电流、光强度、物质的量它们的在国际单位制中的单位称为基本单位，而物理量之间的关系式推到出来的物理量的单位叫做导出单位 C正确

15、， ABD错误； 故选 C 考点：力学单位制 点评：国际单位制规定了七个基本物理量，这七个基本物理量分别是谁，它们在国际单位制分别是谁，这都是需要学生自己记住的 实验题 某同学设计了一个 “探究加速度 a与物体所受合力 F及质量 m关系 ”的实验 ,图甲为实验装置简图 . （ 1）该实验应采 用 法，在探究加速度 a与物体质量 m关系时，应保持 不变（选填 “砂和砂桶质量 ”或 “小车质量 ”），同时实验还要求砂和砂桶质量 小车质量 (选填 “远大于 ”或 “远小于 ”)。 图乙为某次实验用打点计时器测得的纸带，已知交流电的频率为 50Hz，根据纸带可求出小车的加速度大小为 m/s2。 (保留

16、两位有效数字 ) (2)在利用打点计时器和小车来做 “探究加速度 a跟 F、 m之间关系 ”的实验时 ,下列说法中正确的是 ( ) A连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行 B平衡摩擦力时 ,应将砝码盘及盘内砝码通过定滑轮拴在小车上 C小车释放前应靠近打点计时器 ,且应先接通电源再释放小车 D平衡摩擦力后 ,若改变小车和砝码的总质量后需要重新平衡摩擦力 答案：（ 1） 控制变量法 砂和砂桶 远小于 3.2m/s2（ 2） AC 试题分析：（ 1）实验中需要控制 质量一定，研究合力和加速度的关系，还需要控制合力一定研究质量和加多少的关系，故用到了控制变量法；在探究加速度 a与物体质量 m关系时

17、，应保持砂和砂桶的质量不变 在该实验中实际是：，要满足 ，应该使砝码盘和砝码的总质量远小于小车的质量 从纸带上看出，相邻两点间位移之差为一恒量， ，根据 得，（ 2）为保证细线的拉力即为合外力，则连接砝码盘和小车的细绳应跟长木板保持平行，故 A正确；平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，是小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，故 B错误；小车释放前应靠近打点计时器 ,且应先接通电源再释放小车 ,C正确；在实验前平衡一次摩擦力即可，每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力，故 D错误； 故选 AC 考点：探究加速度与物体质量、物体受力的关系 点评：只有掌握了

18、实验原理就能顺利解决所有的题目，即只有掌握了实验原理才能举一反三，才能融会贯通 计算题 一种巨型娱乐器械可以使人体验超重和失重，一个可乘十多个人的环形座舱套装在竖直柱子上，由升降机送上几十米的高处，然后让座舱自由落下，落到一定位置时，制动系统启动，到地面时刚好停下。已知座舱开始下落时的高度为 70m，当座舱自由下落 45m时开始制动，座舱均匀减速，到地面时刚好停下。 g取 10m/s2，求： （ 1）开始制动时，座舱的速度多大？ （ 2）制动时座舱 的加速度大小多少？ （ 3）若座舱中某人手托着重 50N的铅球，制动过程中手要用多大的力才能托住铅球？ 答案： (1) v=30m/s (2) (

19、3)FN=140N 试题分析：（ 1）开始制动前，做自由落体运动，故 ，解得 （ 2）座舱匀减速位移为 25m，故根据位移速度公式可得 ，解得 （ 3）在制动过程中，铅球受到重力和支持力，根据牛顿第二定律可得 ，解得 考点：牛顿第二定律的应用 点评：本题属牛顿运动定律的基本题型，只要能掌握运动情景及正确受力分析即可顺利求解 如图所示小孩和雪橇的总质量 m=10kg，大人用与水平方向成 =53角斜向上 F=80N的拉力拉雪橇，使雪橇从静止开始沿水平地面做匀加速直线运动 4s末撤去拉力，然后做匀减速直线运动直到停止。已知雪橇与水平地面的动摩擦因数 0.5（ sin53=0.8 cos53=0.6 取 g=10m/s2）求： （ 1）撤去拉力时雪橇的速度是多少？ （ 2）雪橇在前 4s内运动的位移为多少？ （ 3）撤去拉力后雪橇还能运动多远？ 答案： (1) a=3m/s2 v=12m/s (2) x =24m (3) x =14.4m 试题分析：（ 1）对雪橇受力分析可得： 4s末撤去拉力时有： ，联立可得 a=3m/s2 v=12m/s （ 2）雪橇在前四秒内做初速度为零的匀加速直线运动，根据 可得雪橇在前4s内运动的位移 x =24m （ 3）根据动能定理可得： ，解得 考点：牛顿第二定律的应用 点评：本题属牛顿运动定律的基本题型 ，只要能掌握运动情景及正确受力分析即可顺利求解