2015学年浙江省桐乡市茅盾中学高二12月月考物理卷（带解析）.doc

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1、2015学年浙江省桐乡市茅盾中学高二 12月月考物理卷（带解析） 选择题 关于点电荷的说法，正确的是（ ） A点电荷一定是带电量很小的电荷 B只有体积很小的电荷，才能看作点电荷 C体积很大的电荷，一定不能看作点电荷 D体积很大的电荷，一定条件下也可看作点电荷 答案： D 试题分析：物理学上把本身的线度比相互之间的距离小得多的带电体叫做点电荷。不考虑其尺寸、形状和电荷分布情况的带电体。是实际带电体的理想化模型。 考点：电荷及电荷守恒 如图所示，电源内阻不可忽略，电路中接有一小灯泡和一电动机。小灯泡L上标有 “6V 12W”字样，电动机的线圈电阻 RM=0.50若灯泡正常发光时，电源的输出电压为

2、12V，此时（ ） A电动机的输入功率为 12W B电动机的热功率为 12W C电动机的输出功率为 12W D整个电路消耗的电功率为 24W 答案： A 试题分析：小灯泡正常发光，灯泡两端电压为 6V， 。电源输出电压为 12V，则电动机两端电压为 6V，电动机输入功率 ，故A对；电动机热功率 ，故 B错；电动机输出功率为，故 C错；由于电源电动势未知，所以不能求出整个电路消耗的电功率，故 D错。 考点：电功率和焦耳定律 如图所示的电路中，当滑动变阻器的滑动触点向上移动时，各灯的亮度变化情况是（ ） A A、 B、 C三灯都变亮 B A、 C灯变暗， B灯变亮 C A、 C灯变亮， B灯变暗

3、D A灯变亮， B、 C灯变暗 答案： B 试题分析：当滑动变阻器的滑动触点向上移动时，滑动变阻器阻值变大，电路总电阻变大，干路电流减小，故 A灯变暗；电路中并联部分电压， U 并 增大，所以 B灯变亮；干路电流 ， I减小，IB增大，所以 IC减小， C灯变暗。故 B对。 考点：闭合电路欧姆定律；欧姆定律 有一只灯泡的灯丝断了，通过转动灯泡把灯丝接通，再接入电源后，所发生的现象及其原因是（ ） A灯丝电阻变大，通过它的电流变大，根据 P=I2R，电灯变亮 B灯丝电阻变小，通过它的电流变小，根据 P=I2R，电灯变暗 C灯丝电阻变大，它两端的电压不变，根据 P= U2/R，电灯变暗 D灯丝电阻

4、变小，它两端的电压不变，根据 P=U2/R，电灯变亮 答案： D 试题分析：灯丝断了之后通过转动灯泡把灯丝接通，灯丝变粗，电阻变小，根据 P=U2/R，电灯变亮 考点：电功率和焦耳定律 如图所示，水平地面上固定一个光滑绝缘斜面，斜面与水平面的夹角为 ，一根轻质绝缘细线的一端固定在斜面顶端，另一端系有一个带电小球 A，细线与斜面平行。小球 A的质量为 m、电荷量为 q，小球 A的右侧固定放置带等量同种电荷的小球 B，两球心的高度相同、间距为 d，静电力常量为 k，重力加速度为 g，两带电小球可视为点电荷。小球 A静止在斜面上，则（ ） A小球 A与 B之间库仑力的大小为 B当 时，细线上的拉力为

5、 0 C当 时，细线上的拉力为 0 D当 时，斜面对小球 A的支持力为 0 答案： AC 试题分析：由题意知 ，根据库伦定律可求小球 A与 B之间库仑力的大小为，故 A正确；以小球 A为研究对象受力分析如图： 根据物体的平衡条件可求当 mg、 Fc、 FN三力的合力等于零时，即时，细线上的拉力为 0，所以 B错误； C正确；由平衡条件知，小球 A受弹力不可能为零，所以 D错误。 考点：电场线和等势面 传感器是一种采集信息的重要器件。如图所示是一种压力传感器，当待测压力 F作用在可动膜片电极上时，可使膜片发生形变，引起电容的变化，将电容器、灵敏电流计和电源串联成闭合电路，那么（ ） A当 F向上

6、压膜片电极时，电容将减小 B当 F向上压膜片电极时，电容将增大 C若电流计有示数，则压力 F发生了变化 D若电流计有示数，则压力 F不发生变化 答案： BC 试题分析：根据公式 ，当 F向上压膜片电极时，两极板间距减小，电容增大，故 B对；若电流计有示数，说明电容器充放电，电容器的电容发生了变化，两极板间距发生了变化，即压力 F发生了变化，故 C对。 考点：含容电路 如图所示，在正点电荷 Q的电场中有 M、 N、 P、 F四点， M、 N、 P为直角三角形的三个顶点， F为 MN的中点， M 30， M、 N、 P、 F四点处的电势分别用 M、 N、 P、 F表示，已知 M N， F P，点电

7、荷 Q在 M、 N、 P三点所在平面内，则（ ） A点电荷 Q一定在 MP的连线上 B连接 PF的线段一定在同一等势面上 C将正试探电荷从 P点搬运到 N点，电场力做负功 D P大于 M 答案： AD 试题分析：点电荷的等势面是一系列的同心圆，对于圆、圆弧上任意两点的连线的中垂线一定通过圆心，故场源电荷在 MN的中垂线和 FP的中垂线的交点上，在 MP的连线上，故 A对；线段 PF是 P、 F所在等势面（圆）的一个弦，故 B错误；在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，将正试探电荷从P点搬运到 N点，电势能降低，故电场力做正功，故 C错误；在正的点电荷的电场中，离场源越远，电势越低，故 P

8、 M，故 D正确。 考点：静电场 一带电粒子射入一点电荷的电场中，仅在静电力作用下粒子运动的轨迹如图中实线所示，图中虚线是同心圆弧，表示电场的等势面，不计重力。可以判断（ ） A此粒子一定受静电斥力作用 B粒子在 B点的电势能一定小于在 A点的电势能 C粒子在 A、 B两点时的加速度大小关系是 aA aB D粒子在 A点和 C点的速率相等 答案： AD 试题分析：受力方向指向轨迹的凹面一侧，即粒子受到斥力 ，故 A对；由 A到B静电力对粒子做负功，粒子的电势能增加，故 B错； B点距离场源电荷近，所以 B点场强较大，粒子在 B点受力比在 A点大，所以粒子在 A、 B两点时的加速度大小关系是 a

9、AaB，故 C错； A点和 C点在同一个等势面上，所以从 A到 C静电力对粒子做功为零，动能不变，速率不变，故 D对。 考点：电势差、电势；电荷在电场中的偏转 如图， A、 B为水平放置的平行金属板，两板相距为 d，分别与电源两极相连。两板的中央各有小孔 M和 N，今有一带电质点，自 A板上方相距为 d的 P点由静止开始自由下落（ P、 M、 N在同一竖直线上），空气阻力和金属板的厚度不计，到达 N孔时速度恰好为零，然后沿原路径返回。若保持两极板间电压不变，则（ ） A若把 A板向下平移一小段距离，质点自 P点自由下落后仍能返回 B若把 A板向上平移一小段距离，质点自 P点自由下落后仍能返回

10、C若把 B板向下平移一小段距离，质点自 P点自由下落后将穿过 N孔继续下落 D若把 B板向上平移一小段距离，质点自 P点自由下落后将穿过 N孔继续下落 答案： 有一用半导体材料（半导体的电阻率随温度的升高而降低）制成的电炉，那么能较正确反映通过电炉的电流强度 I与电炉两端 电压 U之间变化的图线是图中的（ ） 答案： C 试题分析：半导体的电阻率随温度的升高而降低， I-U图像的纵坐标与横坐标的比值即电阻的倒数增大，故 C对。 考点：欧姆定律 如图所示甲、乙两个电路，都是由一个灵敏电流计 G 和一个变阻器 R 组成，它们之中一个是测电压的电压表，另一个是测电流的电流表，那么以下结论中正确的是（

11、 ） A甲是电压表，乙是电流表 B R增大时甲表量程减小 C R增大时乙表量程减小 D上述说法都不对 答案： B 试题分析：甲是表头与电阻并联，并联电阻起分流作用，为电流表；乙是表头与电阻串联，串联电阻起分压作用，为电压表，故 A错； R增加，甲图电阻分流电流减小，量程变小，故 B对； R增大，乙图电阻分压电压变大，量程变大故 C、 D错误 考点：串并联电路 使带电的金属球靠近不带电的验电器，验电器的箔片张开。下列各图表示验电器上感应电荷的分布情况，正确的是（ ） 答案： B 试题分析：同种电荷相排斥，异种电荷相吸引。所以验电器上端小球感应出与金属球相反的电荷，箔片带上与金属球同种的电荷，故

12、B对。 考点：静电感应 A为已知电 场中的一固定点，在 A点放一个电荷量为 q的点电荷，所受的电场力为 F， A点的场强为 E，则（ ） A若在 A点换上点电荷 q， A点的场强方向将与原来相反 B若在 A点换上电荷量为 2q 的点电荷， A点的场强变为 2E C若将 A点的电荷移去， A点的场强变为零 D若将 A点的电荷移去， A点的场强仍为 E 答案： D 试题分析：电场中某点的场强由电场本身决定，与在该点放置的电荷的电性、电量没有关系，故 D对。 考点：电场强度 如图所示，验电器 A不带电，验电器 B的上面安装有几乎封闭的金属圆筒C，并且 B的金属箔片是张开的，现手持一个带绝缘棒的金属小

13、球 D，使 D接触 C的内壁，再移出与 A的金属小球接触，无论操作多少次，都不能使 A带电，这个实验说明了（ ） A C是不带电的 B C的内部是不带电的 C C是带电的 D C的表面是不带电的 答案： BC 试题分析：与 C相连的金属箔片是张开的，所以 C是带电的，故 A错， C对；使 D接触 C的内壁，再移出与 A的金属小球接触，无论操作多少次，都不能使A带电，说明 C的内部不带电，故 B对； C带的电分布在 C的外表面，故 D错。 考点：静电平衡 关于电流，下列说法中正确的是（ ） A通过导线截面的电量越多，电流越大 B电子运动的速率越大，电流越大 C单位时间内通过导体截面的电量越多，导

14、体中的电流越大 D因为电流有方向，所以电流是矢量 答案： C 试题分析：电流的大小等于单位时间内流过导体横截面的电荷量，故 A错， C对； 电流的微观表达式 ，电流的大小由单位体积的电荷数、每个电荷所带电量、导体的横截面积和电荷定向移动的速率共同决定，故 B错；矢量运算遵循平行四边形定则，标量的运算遵循代数法则，电流的运算遵循代数法则，故电流是标量，故 D错。 考点：恒定电流 如图所示，在 E 500 V/m的匀强电场中， a、 b两点相距 d 2 cm，它们的连线跟场强方向的夹角是 60，则 Uab等于（ ） A 5 V B 5 V C 10 V D 10 V 答案： B 试题分析： 考点：

15、匀强电场电势差与场强的关系 如图所示的示波管，当两偏转电极 XX、 YY电压为零时，电子枪发射的电子经加速电场加速后会打在荧光屏上的正中间 (图示坐标系的 O点，其中 x轴与XX电场的场强方向重合， x轴正方向垂直于纸面向里， y轴与 YY电场的场强方向重合， y 轴正方向竖直向上 )，若要电子打在图示坐标系的第 象限，则（ ） A X、 Y极接电源的正极， X、 Y接负极 B X、 Y极接电源的正极， X、 Y接负极 C X、 Y极接电源的正极， X、 Y接负极 D X、 Y极接电源的正极， X、 Y接负极 答案： C 试题分析：要电子打在第二象限，需要使粒子在 YY间向上偏转，故 Y极板接

16、正极， Y极板接负极；需要粒子在 XX间向 X方向偏转，故 X接正极， X极板接负极。 考点：电荷在电场中的偏转 图示是某电场中的一条直电场线，一电子从 a点由静止释放，在静电力作用下沿直线向 b点运动， 下列有关该电场情况的判断正确的是（ ） A场强 Ea一定小于 Eb B该电场一定是匀强电场 C a点电势一定低于 b点电势 D电子具有的电势能 Epa一定小于 Epb 答案： C 试题分析：电场线的疏密表示场强的大小，由于图中只有一根电场线，所以无法判断场强的大小，故 A、 B错；电子从 a点由静止释放，在静电力作用下沿直线向 b点运动，电子受力指向 b，所以电场方向由 b指向 a，沿电场线

17、电势降低，所以 a点电势低于 b点电势，故 C对；电子带负电，在电势低的地方电势能大，所以电子具有的电势能 Epa大于 Epb。 考点：电荷在电场中的加速 用控制变量法，可以研究影响平行板电容器电容的因素，设两极板正对面积为 S，极板间的距离为 d，静电计指针偏角为 。实验中，极板所带电荷量不变，若（ ） A保持 S不变，增大 d，则 变小 B保持 S不变，增大 d，则 变大 C保持 d不变，减小 S，则 变小 D保持 d不变，减小 S，则 不变 答案： B 试题分析：极板所带电荷量不变，根据公式 ， S不变，增大 d，则 C减小，根据 ， U 增大，所以 变大，故 A 错 B 对；保持 d

18、不变，减小 S，则 C减小，根据 ， U增大，所以 变大，故 C、 D错。 考点：电容器 请用学过的电学知识判断下列说法正确的是（ ） A电工穿绝缘衣比穿金属衣安全 B制作汽油桶的材料用金属比用塑料好 C小鸟停在单根高压输电线上会被电死 D打雷时，呆在汽车里比呆在木屋里要危险 答案： B 试题分析：金属衣能起到静电屏蔽的作用，比绝缘衣安全，故 A错；制作汽油桶时用金属材料能将静电导入大地，比较安全，故 B对；小鸟停在单根高压输电线上，因为小鸟的两脚间距小，两脚间电压很小，故不会电死 C错；打雷时呆在汽车里，如果汽车被雷击中，则汽车的金属外壳会将电荷导入大地，人就安全了，故 D错。 考点：静电现

19、象的应用与防护 实验题 在 “描绘小灯泡的伏安特性曲线 ”的实验中，有以下器材： A小灯泡 (3V， 0.6A) B滑动变阻器 (0 10) C电压表 (0 3V) D电压表 (0 15V) E电流表 (0 0.6A) F电流表 (0 3A) G铅蓄电池、开关各一个，导线若干 (1)为了减小误差，实验中电流表应选 _，电压表应选 _。 (2)如图所示，在实验中，同组同学已经完成部分导线的连接，请你在实物接线图中完成余下的导线的连接。 (3)闭合开关前，应使变阻器滑片滑在最 _端。（填 “左 ”或 “右 ”） 答案： )E C (2)如图所示 (3) 左 试题分析： (1)根据小灯泡的额定电压为

20、 3V，电压表选择 C，额定电流为 0.6A，电流表选择 E。（ 3）闭合开关前，为保证小灯泡的安全，滑动变阻器的滑片应滑到最左边。 考点：伏安法测电阻 如图所示，图线 AB是某电源的路端电压随电流变化的关系图线， OM是固定电阻 R两端的电压随电流变化的图线，由图可知（ ） A该电源的电动势为 6V，内阻是 2 B固定电阻 R的阻值为 1 C该电源的最大输出功率为 9W D当该电源只向电阻 R供电时，其效率约为 66.7% 答案： CD 试题分析：图线 AB与纵轴的交点是电源电动势的值，斜率得绝对值等于电源内阻的值，所以电源电动势为 6V，内阻为 r=1 ，故 A错；图线 C的斜率等于固定电

21、阻的阻值，该固定电阻阻值为 ，故 B错；当外电路电阻等于内阻时，电源的输出功率最大，所以该电源的最大输出功率，故 C对；当该电源只向电阻 R供电时，其效率，故 D对。 考点：闭合电路欧姆定律；电功率 如图所示的电路测量待测电阻 Rx（阻值较小）的阻值时，下列关于由电表产生误 差的说法中，正确的是（ ） A由于电压表的分流作用，使电阻的测量值小于真实值 B由于电流表的分压作用，使电阻的测量值小于真实值 C电压表的内电阻越大，测量越精确 D电流表的内电阻越大，测量越精确 答案： AC 试题分析：根据 测量电阻阻值，由于电压表的分流，电流表读数实际是流过电压表和电阻的电流之和，比流过电阻的电流大，所

22、以测量值比真实值小，故 A对。电压表的内阻越大，分流越小，测量值越接近真实值，测量越精确，故 C对。 考点：伏安法测电阻 如图所示，将一光敏电阻接入多用电表两表笔上，将多用电表的选择开关至于欧姆档，用光照光敏电阻时，表针的偏角为 1；用手掌挡住部分光线，表针的偏角为 2，则可判断（ ） A 1 2 B 1=2 C 1 2 D不能确定 答案： A 试题分析：用手掌挡住部分光线电阻变大，电流减小，偏角减小，故 A对。 考点：欧姆定律 填空题 1)图为多用电表的示意图，其中 S、 K、为三个可调节的部件，现用此电表测量一阻值约为 1000 2000的定值电阻，测量的某些操作步骤如下： 调节可调节部件

23、 ，使电表指针 停在最左端 “0”刻度位置； 调节可调节部件 K，使它在尖端指向 挡（选填 “1”、 “10”、 “100”、“1K”）； 将红、黑表笔分别插入 “ ”、 “ ”插孔，笔尖相互接触，调节可调节部件 ，使电表指针指向最 端 “0”刻度位置（选填 “左 ”或 “右 ”）； (2)根据要求将相应读数填入表中 指针位置 选择开关所处挡位 相应读数 a 直流电流 50mA mA a 直流电压 250V V b 直流电流 10mA mA b 电阻 100 答案： ) S 100 T 右 (2) 12.3-12.5 61-63 8.4 310-330 试题分析：（ 1） 调节可调节部件是机械

24、调零旋钮 S。 因为被测电阻阻值约为 1000 2000，为使指针直到中央刻度调节可调节部件 K，使它在尖端指向100挡。 选好挡位之后进行欧姆调零，应调节欧姆调零旋钮 T，使指针指到最右边 0刻度位置。 (2)a位置，最小刻度为 1mA，应估读到十分位， 12.3-12.5A；a位置，最小刻度为 5V，读到个位， 61-63V； b位置，最小刻度为 0.2mA读到十分位， 8.4mA; b位置，最小刻度为 0.5 ，读数为 3.13.3 ，然后乘以倍率，得读数为 310-330 。 考点：多用电表的使用；读数 计算题 如图所示， R为电阻箱， V为理想电压表。闭合开关，当电阻箱读数为R1=2

25、时，电压表读数为 U1=4V；当电阻箱读数为 R2=5时，电压表读数为U2=5V，求： (1)电源的电动势 E和内阻 r (2)当电阻箱 R读数为多少时，电源的输出功率最大？最大值 Pm为多少？ 答案：（ 1） E=6V， r=1（ 2） R=r=1时， P有最大值： 试题分析：本题考查闭合电路欧姆定律和功率。 （ 1）由闭合电路欧姆定律： ， 联立上式并代入数据解得： E=6V， r=1 （ 2）由电功率表达式： 将上式变形为： 由上式可知 R=r=1时， P有最大值： 考点：闭合电路欧姆定律；电功率 带电量 q=6.410-19C、质量 m=1.610-25kg的初速度为零的粒子，经电压U

26、0=200V的加速电场加速后，沿垂直于电场线方向进入 E=1.0103V/m的均匀偏转电场。已知粒子在穿越偏转电场过程中沿场强方向的位移为 5cm，不计粒子所受重力，求： （ 1）带电粒子进入电场时的速度 v0 （ 2）偏转电场的宽度 l （ 3）带电粒子离开电场时的速度大小和方向（用与初速度夹角的正切值来表示） 答案： ) （ 2） （ 3） 试题分析： (1)在加速电场中 ，得 代入数据得（ 2）由 得 代入数据得 （ 3）根据动能定理 得 代入数据得，速度倾角正切值 考点：带电粒子在电场中的加速和偏转 如图所示的电路中， R1、 R 2 均为定值电阻，且 R 1 100， R 2 的阻值

27、未知，R 3是一个滑动变阻器，在其滑片从最左端滑至最右端的过程中，测得电源的路端电压 U随电流 I的变化图线如图所示，其中图线上的 A、 B两点是滑片在变阻器两个不同的端点时 分别得到的。求： 电源的电动势和内电阻； 定值电阻 R 2的阻值； 滑动变阻器 R 3的最大值； 上述过程中 R 1上得到的最大功率以及电源的最大输出功率。 答案： ) E=20V r=20 (2) (3) (4)2.25W 5W 试题分析：（ 1）由闭合电路欧姆定律 E=U+Ir，代入数据得 E=16+0.2r，E=4+0.8r 联立解得 E=20V， r=20 （ 2）当 R3的滑键自左向右滑时， R3阻值变小，使电

28、路总电阻变小，而总电流变大。由此可知，图线上的 A、 B两点是滑键分别位于最左端和最右端时所得到的。当滑键位于最右端时， R3=0， R1被短路，外电路总电阻即为 R2，故由 B点的 U、 I值可求出 R2。 (3)当滑键在最左端时，其阻值最大，并对应着图线上的 A点，故由 A点的 U、I 值可求出此时外电路总电阻，再根据串、并联电路的规律可求出 R3 的最大值。 ， 代入数值得滑动变阻器的最大阻值为 。 （ 4）当 R1消耗的功率最大时，它两端电压最大，由 知，这时电路的总电流 I应为最小，故应把滑动变阻器的阻值调到最大，再结合上面求出的有关数据，便可求出 R1消耗的最大功率。当 时，此时 R1两端的电压为： 。 则 R1消耗的最大功率为 又当 时，电源输出功率最大，即有 考点：闭合电路欧姆定律；电功率