（浙江专用）2019年高考化学大二轮复习选考（30_32）提升标准练（四）.doc

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1、- 1 -选考(3032)提升标准练(四)非选择题(本题共 3 题,每题 10 分,共 30 分)1.(2018杭州二中模拟)中国政府承诺,到 2020 年,单位 GDP 二氧化碳排放比 2005 年下降40%50%。减少 CO2排放是一项重要课题。(1)以 CO2为原料制取碳(C)的太阳能工艺如图所示。过程 2 中发生反应的化学方程式为 。 (2)碳酸二甲酯(CH 3OCOOCH3,简称 DMC)是一种应用前景广泛的新材料,用甲醇、CO、CO 2在常压、70120 和催化剂条件下合成 DMC。已知:表示 CO 标准燃烧热的 H1=-283 kJmol-1;H 2O(l) H2O(g) H2=

2、+44 kJmol-12CH 3OH(g)+CO2(g) CH3OCOOCH3(g)+H2O(g) H3=-15.5 kJmol-1,则 2CH3OH(g)+CO(g)+ O2(g) CH3OCOOCH3(g)+H2O(l) H= kJmol -1。 12(3)在某容积不变的 2 L 密闭容器中充入 2 mol CH3OH、1 mol CO 2通过反应直接合成 DMC,一定条件下,平衡时 CO2的转化率如图所示,则:下列能说明在此条件下反应达到平衡状态的是 。 A.2v 正 (CH3OH)=v 逆 (CO2)B.CH3OH 与 H2O 的物质的量之比保持不变C.容器内气体的密度保持不变D.各组

3、分的物质的量分数保持不变- 2 -反应在 A 点条件下达到平衡后,其他条件不变情况下, t1时刻继续往该容器中充入 2 mol CH3OH、1 mol CO 2,t2时刻达到新的平衡,试画出 t1时刻以后容器中 c(CO2)随时间变化图。(4)CO2经催化加氢可以生成低碳烃,主要有以下两个竞争反应:反应:CO 2(g)+4H2(g) CH4(g)+2H2O(g)反应:2CO 2(g)+6H2(g) C2H4(g)+4H2O(g)为分析催化剂对反应的选择性,在 1 L 密闭容器中充入 1 mol CO2和 3 mol H2,测得有关物质的物质的量随温度变化如图所示。该催化剂在较低温度时主要选择

4、(填“反应”或“反应”)。 520 时,反应的平衡常数 K= (只列数字算式,不计算)。 用惰性电极电解强酸性的二氧化碳水溶液可得到乙烯,其原理如图所示。b 电极上的电极反应式为 。 2.二苯基乙二酮常用作医药中间体及紫外线固化剂,可由二苯基羟乙酮氧化制得,反应的化学方程式及装置图(部分装置省略)如下:+2FeCl3+2FeCl2+2HCl- 3 -在反应装置中,加入原料及溶剂,搅拌,加热回流。反应结束后加水煮沸,冷却后即有二苯基乙二酮粗产品析出,用 70%乙醇水溶液重结晶提纯。重结晶过程为加热溶解活性炭脱色趁热过滤冷却结晶抽滤洗涤干燥。请回答下列问题:(1)写出装置图中玻璃仪器的名称:a ,

5、b 。 (2)趁热过滤后,滤液冷却结晶。一般情况下,下列因素中有利于得到较大的晶体的是 (填字母)。 A.缓慢冷却溶液 B.溶液浓度较大C.溶质溶解度较小 D.缓慢蒸发溶剂如果溶液发生过饱和现象,可采用 等方法促进晶体析出。(3)抽滤所用的滤纸应略 (填“大于”或“小于”)布氏漏斗内径,将全部小孔盖住。烧杯中的二苯基乙二酮晶体转入布氏漏斗时,杯壁上往往还粘有少量晶体,需用液体将杯壁上的晶体冲洗下来后转入布氏漏斗,下列液体最合适的是 。 A.无水乙醇 B.饱和 NaCl 溶液C.70%乙醇水溶液 D.滤液(4)上述重结晶过程中的哪一步操作除去了不溶性杂质? 。 (5)某同学采用薄层色谱(原理和操

6、作与纸层析类似)跟踪反应进程,分别在反应开始、回流 15 min、30 min、45 min 和 60 min 时,用毛细管取样、点样,薄层色谱展开后的斑点如图所示。该实验条件下比较合适的回流时间是 。 A.15 min B.30 minC.45 min D.60 min3.(2018浙江绿色评价联盟统考)有机物 A 的合成路线如下,E 属于酯类,F 的分子式为C6H10O3。已知 1:R1COOR2+CH3COOC2H5R1COCH2COOC2H5+R2OH已知 2:RCOOR+ROH RCOOR+ROH已知 3: +- 4 -回答下列问题:(1)B 的结构简式是 ,CD 的反应类型是 。

7、(2)D 和 F 合成 A 分为三步反应完成,依次写出 D 和 F 合成 A 的两种中间产物的结构简式: 、 。 (3)写出符合下列条件的 A 的任意一种同分异构体的结构简式: 。 不发生水解反应;遇氯化铁溶液呈紫色;1 mol 可消耗 3 mol NaOH;有两个六元环。(4)设计以乙醇为原料制备 F 的合成路线(用流程图表示,无机试剂任选)。参考答案选考(3032)提升标准练(四)1.答案: (1)6FeO+CO 2 C+2Fe3O4(2)-342.5(3)BD(4)反应 0.21.240.421.062CO 2+12H+12e- C2H4+4H2O解析: (1)过程 1 中 Fe3O4分

8、解为 FeO 和 O2,过程 2 中 FeO 和 CO2在 700K 条件下生成Fe3O4和 C,根据得失电子守恒配平化学方程式。(2)由表示 CO 的标准燃烧热的 H1可写出热化学方程式:CO(g)+ O2(g) CO2(g) H1=-283kJmol-1,由盖斯定律可知,+-可得122CH3OH(g)+CO(g)+ O2(g) CH3OCOOCH3(g)+H2O(l),则 H=-283kJmol-1+(-15.5kJmol-1)-1244kJmol-1=-342.5kJmol-1。(3)A 项,甲醇与二氧化碳的化学计量数之比为 21,所以 v逆 (CH3OH)=2v 正 (CO2)的状态是

9、平衡状态,错误;B 项,反应中甲醇物质的量减小、水的物质的量增大,甲醇与水的物质的量之比不变的状态是平衡状态,正确;C 项,体系中各物质均为气体,根据质量守恒定律可知反应过程中气体质量保持不变,因容器容积不变,所以反应过程中气体密度不变,无法判断反应是否达到平衡状态,错误;D 项,各组分物质的量分数保持不变的状态是平衡状态,正确。A 点二氧化碳的转化率为 0.5,则平衡时二氧化碳浓度为 0.25molL-1;平衡后继续向容器中充入 2molCH3OH 和 1molCO2(此时刻 CO2浓度为 0.75molL-1),反应物起始浓度增大,等效于增大压强,增大压强平衡向右移动,二氧化碳浓度减小,则

10、平衡时二氧化碳浓度小于 0.5molL-1,但大于 0.25molL-1。(4)由图像可知低温时主要生产甲烷,高温时主要生产乙烯,所以低温时主要选择反应;520时甲烷和乙烯的物质的量均为 0.2mol,所以反应消耗 CO2和 H2的物质的量分别为 0.2mol、0.8mol,生成 0.4mol 水,反应消耗 CO2和 H2的物质的量分别为 0.4mol、1.2mol,生成 0.8mol 水,此时体系中 CO2的物质的量为 1mol- 5 -0.2mol-0.4mol=0.4mol,水的物质的量为 0.4mol+0.8mol=1.2mol,H2的物质的量为 3mol-0.8mol-1.2mol=

11、1.0mol,反应的平衡常数 K= 。(24)4(2)2(2)6(2)=0.21.240.421.06电解二氧化碳水溶液得到乙烯,碳元素化合价由+4 价降为-2 价,b 电极为阴极,阴极上发生还原反应,所以 b 电极上的电极反应式为 2CO2+12H+12e- C2H4+4H2O。2.答案: (1)三颈烧瓶 (球形)冷凝管(2)AD 用玻璃棒摩擦容器内壁、加入晶种(3)小于 D (4)趁热过滤 (5)C解析: (1)a 为三颈烧瓶,b 为(球形)冷凝管。(2)缓慢冷却溶液、缓慢蒸发溶剂均可使晶体充分析出,有利于得到较大的晶体。溶液过饱和时一般用玻璃棒摩擦容器内壁,也可以用加入晶种的方法来促进晶

12、体析出。(3)抽滤所用的滤纸应略小于布氏漏斗内径。根据题干信息,使杯壁上的晶体冲洗下来最好用滤液,因为其不带入杂质。(4)趁热过滤除去了不溶性杂质。(5)从图中可以看出 45min 时最适合,反应物基本上无剩余。3.答案: (1) 取代反应(2)(或 ) (或 )(3) (羟基位置可以任意 ,合理答案即可)(4)CH3CH2OH CH3CHO CH3COOH CH3COOC2H5 CH3COCH2COOC2H5解析: 由题中信息可知,B 为间二硝基苯,C 为间苯二胺,D 为间苯二酚,E 为乙酸乙酯,F为 CH3COCH2COOC2H5。(1)B 的结构简式是 ,CD 的变化中,官能团由氨基变为

13、羟基,反应类型是取代反应。(2)D 和 F 合成 A 分为三步反应完成,依据题中的信息 2 和信息 3 可知,D 和 F 之间可能先发生取代反应生成 ,也可能先发生加成反应生成 ,然后它们分别转化为 和 ,最后它们分别转化为 A。- 6 -(3)A 的同分异构体符合下列条件:不发生水解反应,说明分子中没有酯基;遇氯化铁溶液呈紫色,说明分子中有酚羟基;1mol 可消耗 3molNaOH,说明有 3 个酚羟基;有两个六元环,符合条件的同分异构体有多种,例如: (羟基位置可以任意)。(4)以乙醇为原料制备 F(CH3COCH2COOC2H5),首先把乙醇氧化为乙醛,然后把乙醛氧化为乙酸,接着乙醇和乙酸发生酯化反应生成乙酸乙酯,最后,乙酸乙酯分子间的取代生成 F,具体合成路线如下:CH 3CH2OH CH3CHO CH3COOH CH3COOC2H5 CH3COCH2COOC2H5。