2012-2013学年四川省遂宁二中高二上学期期中考试物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2012-2013学年四川省遂宁二中高二上学期期中考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 有三个相同的金属小球 A、 B、 C，其中 A、 B两球带电情况相同， C球不带电将 A、 B两球相隔一定距离固定起来，两球间的库仑力是 F，若使 C球先和 A接触，再与 B接触，移去 C，则 A、 B间的库仑力变为（ ） A B C D 答案： C 试题分析：设开始 A、 B 两球带电电量为 q，相距为 r，由库仑定律得 ，C球和 A接触后电荷量变为 ， C球再与 B接触后电荷量变为，则 ， C对， ABD错。 考点：库仑定律 点评：学生要熟练记住库仑定律的表达式，知道相同小球接触时，若带同种电荷，把总电

2、荷量进行平分，若带异种电荷，应是先中和，再把剩余的电荷量平分。 一带电油滴在匀强电场 E中的运动轨迹如图中虚线所示，电场方向竖直向下 .若不计空气阻力，则此带电油滴从 a运动到 b的过程中，能量变化情况为 ( ) A动能减小 B电势能增加 C动能和电势能之和减小 D重力势能和电势能之和增加 答案： C 试题分析：由题意知，油滴受重力和电场力，由其合力要指向其运动轨迹的内侧，得合力向上，由动能定理知，合力做正功，物体的动能增 加， A错；电场力做正功，电势能减小， B 错；因重力做负功，重力势能增加，因油滴的动能、电势能和重力势能之和不变，得到动能和电势能之和减小， C 对；因动能增加，重力势能

3、和电势能之和减小， D错。 考点：曲线运动合力与轨迹的关系，电场力、重力做功的特点 点评：学生明确曲线运动的合力应指向轨迹的内侧，只有电场力和重力做功时，物体的动能、电势能和重力势能之和不变。 一平行板电容器 C，极板是水平放置的，它与三个可变电阻及电源连接如图电路，有一个质量为 m的带电油滴悬浮在电容器的两极板之间，静止不动 .现要使油滴上升，可采用的办 法是 ( ) A增大 R1 B增大 R2 C增大 R3 D减小 R2 答案： CD 试题分析：由图知 R1 的变化不影响电路的电流，即电容器两极板间的电压不变，油滴仍静止， A错；增大 R2，电路的总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律知电路的总

4、电流减小，即通过 R3的电流减小，两端的电压减小，电容器两极板间的电压减小，由 知场强减小，电场力减小，所以油滴要下降，B错；减小 R2，电路的总电阻减小，由闭合电路的欧姆定律 知电路的总电流增大，即通过 R3的电流增大，两端的电压增大，电容器两极板间的电压增大，由 知场强增大，电场力增大，所以油滴要上升， D对；增大 R3，电路的总电阻增大，由闭合电路的欧姆定律 知电路的总电流减小，由知路端电压增大，通过定值电阻 R2的电流变小，其两端的电压 U2减小，由 U=U2+U3知定值电阻 R3两端的电压增大，电容器两极板间的电压增大，由 知场强增大，电场力增大，所以油滴要上升， C对。 考点：本题

5、考查电路的动态分析，受力平衡分析 点评：本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律得出电路中总电流的变化，再局部就是由串、并联电路的特点 去分析。 如图， E为内阻不能忽略的电池， R1、 R2、 R3为定值电阻， S0、 S为开关，V与 A分别为电压表与电流表。初始时 S0与 S均闭合，现将 S断开，则（ ） A V的读数变大， A的读数变小 B V的读数变大， A的读数变大 C V的读数变小， A的读数变小 D V的读数变小， A的读数变大 答案： B 试题分析：将 S断开时， R2没有接入电路，此时电路的总电阻增大，由闭合电路的欧姆

6、定律 知电路的总电流减小，由 知路端电压增大，电压表 V的读数变大， CD错；断开开关 S后，通过定值电阻 R1的电流变小，其两端的电压 U1减小，由 U=U1+U3知定值电阻 R3两端的电压增大，由知电流增大，即电流表 A的读数变大， A错， B对。 考点：本题考查电路的动态分析 点评：本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律得出电路中总电流的变化，再局部就是由串、并联电路的特点去分析。 如图所示的电路中，电源电动势 E 3 V，内电阻 r 1 ，定值电阻 R1 3 ， R2 2 ，电容器的电容 C 100 F，则下列说法正确的是 (

7、 ) A闭合开关 S，电路稳定后电容器两端的电压为 1.5 V B闭合开关 S，电路稳定后电容器所带电荷量为 3.010-4 C C闭合开关 S，电路稳定后电容器极板 a所带电荷量为 1.510-4 C D先闭合开关 S，电路稳定后断开开关 S，通过电阻 R1的电荷量为 3.010-4 C 答案： AC 试题分析：由闭合电路的欧姆定律得 ，闭合开关S，电路稳定后电容器两端的电压即是 R1两端的电压 ， A对；电路稳定后电容器所带电荷量为 ， B 错，C对；先闭合开关 S，电路稳定后断开开关 S，电容器两极板通过电容器进行放电，通过电阻 R1的电荷量为 1.510-4 C， D错。 考点：闭合电

8、路的欧姆定律，电容的定义式 点评：学生会判断电路的连接方式，知道电容器两端的电压就是与其并联的用电器两端的电压，能熟练运用闭合电路的欧姆定律，电容的定义式解相关问题。 平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地，在两极板之间有一个正电荷（电荷量很小）固定在 P点，以 E表示极板之间的电场强度， U表示电容器两极板间的电势差， W表示正电荷在 P点的电势能。若保持负极板不动，将正极板移动到图中虚线位置，则（ ） A U变小， E不变 B E变大， W变大 C U变小， W变小 D U不变， W不变 答案： A 试题分析：由 ，联立得到 ，将上板下移一小段距离后，金属板的电荷量 Q 不变，场强 E不

9、变， B错；由 U=Ed知电势差 U减小， D错 A对；电势能 知电势能 W不变， C错。 考点：本题考查平行板电容器的公式，电容的定义式，场强与电势差的关系式，电势能的定义式 点评：本题学生知道当电容器的电荷量不变时，其场强大小与极板间的距离无关。 如图甲所示， A、 B是电场中的一条直线形的电场线，若将一个带正电的点电荷从 A由静止释放，它只在电场力作用下沿电场线从 A向 B运动过程中的速度图象如图乙所示 .比较 A、 B两点的电势和场强 E， 下列说法正确的是 ( ) A AEB C AB， EAEB D AB， EAEB， AD错；因物体速度增大，电场力对点电荷做正功，由知 AB两点间

10、的电势差 U大于零，所以 AB， C对， B错。 考点： v-t图像，牛顿第二定律，电场力做功与电势能和动能的关系 点评：学生明确 v-t图线的斜率代表加速度，清楚电场力做功与电势能和动能的关系。 如图所示， a、 b、 c为同一直线上的三点，其中 c为 ab的中点，已知 a、 b两点的电势分别为 a 1 V， b 9 V，则下列说法正确的是 ( ) A该电场在 c点的电势一定为 5 V B a点处的场强 Ea一定小于 b点处的场强 Eb C正电荷从 a点运动到 b点过程中电势能一定增大 D正电荷只受电场力作用，从 a点运动到 b点过程中动能一定增大 答案： C 试题分析：由题意知，该电场不一

11、定是匀强电场，得 c 点的电势不一定为 5 V，A错；因不知 ab两处电场线的疏密程度，无法确定 ab两处场强的大小， B错；因 ，正电荷从 a 点运动到 b 点过程中电场力做负功，其电势能一定增大，动能一定减小， C对， D错。 考点：电场线与场强和电势的关系，电场力做功与电势能的关系 点评：学生要清楚电场线与场强和电势的关系，能熟练运用电场力做功与电势能的关系去分析问题。 如图所示，一个带正电的粒子以一定的初速度垂直进入水平方向的匀强电场若不计重力，图中的四个图线中能描述粒子在电场中的运动轨迹的是 ( )答案： C 试题分析：因不计重力，粒子在竖直方向做匀速直线运动，在水平向右的方向做初速

12、为零的匀加速直线运动，其合运动为曲线运动，也叫类平抛运动，且曲线要弯 向电场力的方向， ABD错， C对。 考点：类平抛运动的轨迹 点评：学生明确做曲线运动的物体，其所受的合力要指向轨迹的内侧，能熟练画出类平抛运动的轨迹。 如图所示，在等量异种电荷形成的电场中，有 A、 B、 C三点， A为两点荷连线的中心， B为连线上距 A 为 d 的一点， C 为连线中垂上距 A 也为 d 的一点，关于三点的场强大小、电势高低比较，正确的是（ ） A B C D 答案： AC 试题分析：在等量异种电荷形成的电场中，在两电荷的连线上从左向右场强是先减小后增大，连线的中心 A场强最小，得到 ,在其中垂线上 A

13、点的场强最大，向上、向下场强都减小，得到 ,所以 ， A 对， B 错；由沿电场线方向电势降低，得到 ,因中垂线上的合场强都与中垂线垂直，得中垂线在等势面上，且电势为零，得 ，所以 ， C对， D错。 考点：等量异种电荷电场的场强和电势分布特点 点评：学生要熟练掌握等量异种电荷电场的场强和电势分布特点，并能用其特点去分析问题。 下列说法中正确的是 ( ) A由 R 可知，电阻与电压、电流都有关系 B由 R 可知，电阻与导体的长度和横截面积都有关系 C各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而减小 D所谓超导体，当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，它的电阻率突然变为零 答案

14、： BD 试题分析：由 R 是电阻的定义式，电阻由导体本身决定，与电压、电流都没有关系， A错；公式 R 是电阻的决定式，所以电阻与导体的长度和横截面积都有关系， B对；各种材料的电阻率都与温度有关，金属的电阻率随温度的升高而增大， C错；所谓超导体，当其温度降低到接近绝对零度的某个临界温度时，它的电阻率突然变为零，导体的电阻为零， D对。 考点：电阻的定义式和决 定式，超导体 点评：学生能熟练运用电阻的定义式和决定式解相关问题，知道什么是超导现象。 某电解池，如果在 1秒钟内共有 5.01018个二价正离子和 1.01019个一价负离子通过某横截面，那么通过这个横截面的电流是 ( ) A 0

15、 A B 0.8 A C 1.6 A D 3.2 A 答案： D 试题分析：由电流的定义式得到, ABC错， D对。 考点：电流的定义式 点评：学生明确电解液中有正负粒子通过时，电量为正负粒子的电量之和。 有三个用电器，分别为日光灯、电烙铁和电风扇，它们的额定电压和额定功率均为 “220 V， 60 W”.现让它们在额定电压下工作相同时间，产生的热量 ( ) A日光灯最多 B电烙铁最多 C电风扇最多 D一样多 答案： B 试题分析：日光灯在工作时是电能转化为光能和内能，电烙铁在工作时是电能只转化为内能，电风扇在工作时是电能转化为机械能能和内能，所以在额定电压下工作相同时间，消耗的电能相同，电烙

16、铁产生的内能最多，产生的热量最多， B对， ACD错。 考点：用电器中电能的转化 点评：学生要知道常见用电器中能量的转化情况。 实验题 某学习小组的同学拟探究小灯泡 L 的伏安特性曲线，可供选用的器材如下： 小灯泡 L，规格 “4.0 V,0.7 A”； 电流表 A1，量程 3 A，内阻约为 0.1 ； 电流表 A2，量程 0.6 A，内阻 r2 0.2 ； 电压表 V，量程 3 V，内阻 rV 9 k 标准电阻 R1，阻值 1 ； 标准电阻 R2，阻值 3 k； 滑动变阻器 R，阻值范围 0 10 ； 学生电源 E，电动势 6 V，内阻不计； 开关 S及导线若干 甲同学设计了如图所示的电路来

17、进行测量，当通过 L的电流为 0.46 A时，电压表的示数如图所示，此时 L的电阻为 _. (2分 ) 乙同学又设计了如图所示的电路来进行测量，电压表指针指在最大刻度时，加在 L上的电压值是 _V. (2分 ) 学习小组认为要想更准确地描绘出 L完整的伏安特性曲线，需要重新设计电路请你在乙同学的基础上利用所供器材，在图 4所示的虚线框内补画出实验电路图并在图上标明所选器材代号 (4分 ) 答案： L的电阻为 5 . (2分 ) 加在 L上的电压值是 4V. (2分 ) 在图 4所示的虚线框内补画出实验电路图并在图上标明所选器材代号 (4分 ) 试题分析： 由图知，电压表的读数为 2.30 V，

18、根据欧姆定律， L的电阻 RL 5 ； 电压表与电阻 R2串联，电压表两端的电压 3 V，根据串联电路电阻与电压的关系，电阻 R2两端的电压为 1 V，灯泡 L两端的电压为电压表和电阻 R2两端的电压之和，即为 4 V； 为了使电流表读数准确，电流表应用 A2，因其量程为 0.6A，不能测量 0.7A，所以应与 A2并联一个定值电阻 R1，具体电路图见答案：。 考点：欧姆定律，串联电路的关系，并联电路的关系，电路图画法 点评：学生能熟练运用欧姆定律，串联电路的关系，并联电路的关系去分析问题。 填空题 如图示是一个双量程电流表， Ig=0.5mA， Rg=200 ，计算 R3和 R4的阻值。(各

19、 2分 ) R3= R4= 答案： R3=20 R4=180 试题分析：由 ，由并联电路的关系得到, ,两式联立代入数据得到 R3=20 R4=180 。 考点：电流表的改装 点评：学生明确表头并联电阻改装成电流表，用并联电路的关系去分析问题。 如图所示是一个双量程电压表 ,Ig=1mA， Rg=100，计算 R1和 R2的阻值。(各 2分 ) R1= R2= 答案： R1=2900 R2=14900 试题分析：由 ，由串联电路的关系得到；同理 。 考点：电压表的改装 点评：学生明确表头串联电阻改装成电压表，用串联电路的关系去分析问题。 计算题 如图所示，一束电子从静止开始经加速电压 U1加速

20、后，以水平速度射入水平放置的两平行金属板中间，金属板长为 l，两板距离为 d，竖直放置的荧光屏距金属板右端为 L.若在两金属板间加直流电压 U2时，光点偏离中线，打在荧光屏的 P点，求 OP为多少？ (10分 ) 答案： OP 试题分析：设电子射出偏转极板时偏移距离为 y，偏转角为 ，则 OP y Ltan 又 y at2 tan 在加速电场加速过程中，由动能定理有 eU1 m 由 式解得 y ， tan 代入 式得 OP 考点：粒子的加速和偏转，类平抛运动的分析，动能定理 点评：学生能熟练分析粒子的加速和偏转问题，加速过程用动能定理，粒子的偏转是类平抛运动，可类比平抛运动去分析。 如图所示，

21、已知电源电动势 E=20 V，内阻 r=1 ，当接入固定电阻R=4 时，电路中标有 “3 V， 6 W”的灯泡 L和内阻 RD=0.5 的小型直流电动机 D都恰能正常工作 .试求： (1)电路中的电流大小； (2)电动机的额定电压； (3)电动机的输出功率 . 答案： (1)2 A (2)7 V (3)12 W 试题分析： (1)灯泡 L正常发光，电路中的电流为 (2)由闭合电路欧姆定律可求得，电动机的额定电压为(3)电动机的总功率为 P 总 =IUD=14 W 电动机的热功率为 =220.5 W=2 W 所以电动机的输出功率为 =14 W-2 W=12 W. 考点：功率公式，串联电路的电压关

22、系，电动机的三个功率 点评：学生要熟练掌握串联电路的电压、电流、电阻关系，知 道电动机中的输入功率，热功率，输出功率之间的关系。 如图 2所示，半径为 r的绝缘细圆环的环面固定在水平面上，场强为 E的匀强电场与环面平行。一电量为 +q、质量为 m的小球穿在环上，可沿环作无摩擦的圆周运动，若小球经 A点时，速度 vA的方向恰与电场垂直，且圆环与小球间沿水平方向无力的作用，试计算：（ 1）速度 vA的大小； （ 2）小球运动到与 A点对称的 B点时，对环在水平方向的作用力。 答案：（ 1） （ 2） 试题分析：（ 1）在 A点，小球在水平方向只受电场力作用，根据牛顿第二定律得： 所以小球在 A点的速度 。 （ 2）在小球从 A到 B的过程中，根据动能定理，电场力做的正功等于小球动能的增加量，即 ， 小球在 B点时，根据牛顿第二定律，在水平方向有 解以上两式，小球在 B点对环的水平作用力为： 考点：受力分析，牛顿第二定律，动能定理 点评：要求学生会受力分析，会应用牛顿第二定律和动能定理列方程解决问题。