2013届福建省福州延安中学九年级中考模拟物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2013届福建省福州延安中学九年级中考模拟物理试卷与答案（带解析） 选择题 下列四幅图中的做法，能够减小压强的是（ ） 答案： A 试题分析： A、载重汽车装有许多轮子，是在压力一定的情况下，通过增大受力面积来减小压强，故本选项正确； B、根据 可知，碾子质量越大，其重力就越大，对地面的压力就越大，根据压强的定义式 可知，在受力面积一定的情况下，压力越大，对地面的压强就越大，故本选项错误； C、 D、冰鞋上装有冰刀，飞镖头部很尖都是在压力一定的情况下，通过减小受力面积来增大压强，故选项 C、 D错误 故选 A 考点：减小压强的方法及其应用 点评：此类现象在我们的日常生活中随处可见，学习中要注意

2、理论联系实际，用所学物理知识对生活中的物理现象作出解释，这样才能做到举一反三，活学活用解答时，要注意使用控制变量法 如图所示电路，电阻 R1标有 “6lA”， R2标有 “3 1.2A”，电流表 A1、 A2的量程均为 0 3A，电压表量程 015V，在 a、 b间接人电压可调的直流电源闭合开关 s后，为保证 R1、 R2均不损坏，则允许加的电源电压和通过电流表 A1的电流不得超过（ ） A 9V 1A B 3.6V 1.8A C 9.6V lA D 3.6V 0.6A 答案： B 试题分析：开关闭合后，两电阻并联，电压表测电源的电压，电流表 A1测干路电流，电流表 A2测通过电阻 R2的电流

3、， （ 1） 电阻 R1标有 “6 1A”， R2标有 “3 1.2A”， 根据欧姆定律可得： 电阻 R1两端允许的最大电压为 ， 电阻 R2两端允许的最大电压为 ， 并联电路，各支路电压相等，且 ， 为了保护电阻 R2，电源电压不能超过 3.6V （ 2）此时通过电阻 R1的电流为： ， 并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 干路电流表 A1的示数 故选 B 考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律 点评：本题考查电流、电压的计算，关键是欧姆定律及其变形的灵活运用，难点是判断电路的最大电压和最大电流，还要记住并联电路电压和电流的规律 如图甲所示，在 只薄塑料袋中装水过半

4、（未满），用细线扎紧袋口，用弹簧测力计测得其所受重力为 9N；再将这个装水的塑料袋浸入烧杯内的水中，如图乙所示，当弹簧测力计示数为 6N 时，袋内水面与烧杯中的水面相比（不计塑料袋和细线的重） （ ） A比烧杯中的水面高 B比烧杯中的水面低 C与烧杯中的水面相平 D高低无法判断 答案： A 试题分析：若袋内水面与烧杯中的水面相平，则排开液体的体积等于袋内水的体积，根据阿基米德原理，此时排开水的重力等于袋内水的重力，所以测力计的示数应为零而题中测力计示数为 6N，说明浸入水中的袋内水的体积不到一半 故选 A 考点：探究浮力大小的实验 点评：此题解答过程用到了假设法，解物理选择题要多用假设、推理、

5、举例等 如图所示，电源电压不变，当开关闭合，滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，下列说法正确的是（ ） A电流表的示数变大 B电压表的示数不变 C电压表的示数变小 D灯泡变暗 答案： B 试题分析：如图：滑动变阻器和灯泡并联，电压表测量电源电压，所以电压表示数不变，电流表测量滑动变阻器电流； 滑动变阻器滑片 P向右滑动过程中，滑动变阻器接入电路的电阻变大，电压不变，始终等于电源电压，故电压表示数不变，由欧姆定律可得，通过滑动变阻器的电流减小，电流表示数变小； 因为并联电路两端电压不变，所以灯泡的功率不会发生变化，亮度不变。 故选 B。 考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用 点评

6、：本题考查了滑动变阻器对电流表和电压表的影响，解决此类问题要判断滑动变阻器在电路中电阻的变化，再利用并联电路的特点和欧姆定律来判断电压和电流的变化 甲、乙两个磁极之间有一个小磁针，小磁针静止时的指向如图所示。那么（ ） A甲、乙都是 N 极 B甲、乙都是 S极 C甲是 s极，乙是 N 极 D甲是 N 极，乙是 S极 答案： C 试题分析： 磁极间相互作用的规律是同名磁极相互排斥，异名磁极相互吸引； 从图可知：甲磁极和小磁针的 N 极相吸引，故甲磁极是 S极；乙磁极和小磁针的 S极相吸引，故乙磁极是 N 极 故 选 C 考点：磁极间的相互作用 点评：本题考查了磁极间相互作用的规律，在记忆时可以与

7、电荷相互作用的规律类比记忆会更好 小张用 “135”相机拍摄金牛山公园的 “十二生肖 ”群雕全景照，要使底片上得到清晰的像，照相机镜头与群雕的距离应为（ ） A大于 2倍焦距 B大于 1倍焦距、小于 2倍焦距 C小于 1倍焦距 D等于 2倍焦距 答案： A 试题分析：照相机底片上的像比实际雕像小的多，所以照相机镜头成的是倒立缩小的实像，根据凸透镜成像条件可知照相机镜头与群雕的距离应大于二倍焦距由上述可知选项 B、 C、 D都不正确 故选 A 考点：凸透镜成像的应用 点评：本题主要考查对凸透镜成像条件的了解： 当物距大于二倍焦距时，成倒立、缩小的实像； 当物距等于二倍焦距时，成倒立、等小的实像；

8、 当物距小于二倍焦距、大于一倍焦距时，成倒立、放大的实像； 当物距小于一倍焦距时，成正立、放大的虚像 如图所示的各类杠杆中，属于费力杠杆的是（ ） A起子 B道钉撬 C筷子 D钢丝钳 答案： C 试题分析： A、起子在使用时，动力臂比阻力臂长，故属于省力杠杆；故 A错误； B、道钉撬在使用时，动力臂比阻力臂长，属于省力杠杆；故 B错误； C、筷子使用量，阻力臂大于动力臂，属于费力杠杆；故 C正确； D、钢丝钳在使用时，动力臂比阻力臂长，故属于省力杠杆；故 D错误； 故选 C 考点：杠杆的分类 点评：分析准确题目中工具的动力臂与阻力臂的关系，是判断省力杠杆和费力杠杆的关键 一架飞机在某灾区上空沿

9、水平方向匀速飞行，同时向地面投放救灾物资。投下物资后，飞机的动能和势能发生变化是（ ） A动能不变，势能减小 B动能变小，势能不变 C动能和势能都变小 D动能和势能都不变 答案： C 试题分析：水平方向匀速飞行，同时向地面投放救灾物资，投下物资后， （ 1）没有发生弹性形变，不具有弹性势能 （ 2）动能与质量和速度有关，尽管匀速飞行速度不变，但投下物资后，质量变小，因此动能减小 （ 3）重力势能与质量和高度有关，尽管沿水平方向高度不变，但投下物资后，质量变小，因此重力势能减小 （ 4）机械能 =动能 +势能，动能减小，势能减小，机械能减小 故选 C 考点：动能和势能的大小变化；动能大小的比较；

10、势能大小的比较；动能的影响因素；势能的影响因素；机械能 点评：影响动能大小的因素有质量和速度， 分析动能的变化就是分析质量和速度的变化；影响重力势能的因素是质量和高度，分析重力势能的变化就是分析质量和高度的变化解题时注意抓住表示物体运动状态变化的关键字词，从中找出表示 “质量、速度、高度、弹性形变 ”变化的字眼，从而分析机械能的变化情况特别注意质量的变化，很多学生容易出错 如图所示，在铝质易拉罐中放入少量的水，然后用酒精灯加热。待罐口出现白雾时，用橡皮泥堵住罐口，把酒精灯撤去，让易拉罐自然冷却。下列说法正确的是（ ） A罐口出现的白雾是熔化形成的 B易拉罐被压瘪，是由于罐体冷却收缩形成的 C易

11、拉罐被压瘪，是由于大气压的作用 D易拉罐被压瘪后，过一段时间又自动恢复原状 答案： C 试题分析： A、罐口的白雾是液态的，是由罐内的水蒸气遇冷液化形成的，所以 A是错误的； B、易拉罐被压瘪是在罐口被封的情况下，若罐口不封，易拉罐依然在加热后冷却的情况下，易拉罐是不会被压瘪的，这就说明了易拉罐压瘪不是冷却收缩形成的，所以 B是错误的； C、罐内水蒸气遇冷液化使罐内的气体减少，压强减小，小于大气压，在大气压的作用下就会被压瘪，所以 C是正确的； D、易拉罐被压瘪后，要恢复原状，需要使罐内的气体压强变大，且大于外界的大气压，但罐子离开酒精灯后，罐内的压强和外界的大气压都是不会变化的，所以不能恢复

12、原状，所以 D是错误的 故选 C 考点：液化及液化现象；大气压的综合应用 点评：这是一道综合题，考查了液化、大气压，我们在平时的学习中要注意知识和生活的联系，要能够使用我们所学的物理知识解释生活中的物理现象 目前人类发射的探测器已飞出了太阳系，如果探测器所受外力全部消失，那么探测器将（ ） A沿原路径返回地球 B沿原方向做减速直线运动 C沿原方向做加速直线运动 D沿原方向做匀速直线运动 答案： D 试题分析：牛顿第一定律告诉我们：一切物体在不受外力作用时，总保持静止状态或匀速直线运动状态 探测器在外力消失之前是运动的，那么在外力消失之后，由于它不受任何力的作用，所以它的运动状态就不会发生改变，

13、只能沿直线永远的匀速运动下去 故选 D 考点：牛顿第一定律 点评：本题考查了学生对牛顿第一定律的理解，即对力和运动关系的理解要理解力不是维持物体运动的原因，力是改变物体运动状态的原因 据说，美国研制出一种用超声波做子弹的枪。当超声波达到 一定强度时就能有较强的攻击力。实际要阻挡这一武器的袭击，只要用薄薄的一层（ ） A半导体 B磁性物质 C真空带 D绝缘物质 答案： C 试题分析：超声也是声音，只要存在真空，超声就无法传播 所以人们可以通过真空带，来抵御超声武器 故选 C 考点：超声波与次声波；声音的传播条件 点评：本题考查学生对超声性质的了解情况，要掌握真空不能传声这一特点 下列家用电器中，

14、应用了电动机的是（ ） A日光灯 B电风扇 C电饭锅 D电热水壶 答案： B 试题分析： A、日光灯是将电能转化为内能和光能故 A不符合题意 B、电风扇是将电能转化机械能，应用了电动机故 B符合题意 C、电饭锅是将电能转化为内能故 C不符合题意 D、电热水壶是将电能转为内能故 D不符合题意 故选 B 考点：实用电动机的构造、特点和应用 点评：本题主要考查学生家用常见电器的能量的转化的了解和掌握 下列数据估计最接近生活实际的是（ ） A一支新铅笔的长度约 20mm B人正常步行的平均速度是 5m/s C一本物理课本的质量约为 5kg D人的平均密度大约是 答案： D 试题分析： A、一支新铅笔的

15、长度约 20cm， 20mm=2cm不符合实际； B、人正常步行的平均速度是 1m/s， 5m/s不符合实际； C、一本物理课本的质量约为 0.25kg， 5kg不符合实际； D、人的平均密度与水的密度相当，大约是 1.0103kg/m3，符合实际； 故选 D 考点：长度的估测；质量的估测；密度及其特性；速度与物体运动 点评：此题考查对生活中常见物理量的估测，结合对生活中物理量的了解和对物理单位的认识，找出符合实际的选项即可 小红新家中有 150W的电视机一台， 300W的洗衣机一台， 100W的电冰箱一台， 2200W的柜式空调机一台， 250W的电脑一台， 800W的电饭锅一只，40W的照

16、明灯 8盏，则安装电能表时，选用以下哪一种电能表最合适（ ） A 220V 5A B 220V 15A C 220V 20A D 220V 30A 答案： C 试题分析：小敏家中所用用电器同时工作时的总功率为： ； A中电能表的最大功率： ，故该选项不符合题意； B中电能表的最大功率： ，故该选项不符合题意； C中电能表的最大功率： ，故该选项符合题意； D中电能表的最大功率： ，此电能表最大功率也符合要求，但从最合适考虑， C电能表更合适，故该选项不符合题意； 故选 C 考点：电功率的计算 点评：本题考查了电能表的参数的理解与电能的求法以及电功率的计算，是学生应当掌握的基本技能题 实验题 小

17、明同学用焦距为 10cm的凸透镜做实验，实验装置示意图如图所示，在实验过程中保持凸透镜的位置不变，请你根据所学知识完成下列填空。 （ 1）改变蜡烛位置，使其位于 20cm刻度线处，再移动光屏，使烛焰在光屏上成清晰的倒立、 _的实像（选填 “放大 ”、 “等大 ”或 “缩小 ”）。 （ 2）改变蜡烛 位置，使其位于 35cm刻度线处，再移动光屏，使烛焰在光屏上成清晰的 _的实像（选填 “倒立 ”或 “正立 ”）。 （ 3）改变蜡烛位置，使其位于 42cm刻度线处，小明从透镜的右侧通过透镜可以看到一个正立、 _的烛焰的像。（选填 “放大 ”、 “等大 ”或 “缩小 ”） 答案：（ 1） 缩小 （

18、2） 倒立 （ 3） 放大 试题分析：已知凸透镜的焦距为 10cm，凸透镜的位置在 50cm处； （ 1）当蜡烛位置位于 20cm刻度线处时， ，即 ，成倒立、缩小的实像； （ 2）当蜡烛位置位于 35cm刻度线处时， u=15cm，即 ，成倒立、放大的实像； （ 3）当蜡烛位置位于 42cm刻度线处时， ，即 u f，成正立、放大的虚像； 考点：凸透镜成像规律及其探究实验 点评：此题型考查学生对凸透镜成像规律的理解与应用，是必考的内容之一，注意 20cm刻度线处不要当成物距；本实验要多练习，熟练掌握。 某同学在做研究影响物质吸热多少的因素的实验时，得到如下的数据表： 物质 实验次数 质量（

19、kg） 升高的度数（ ） 加热时间（ min） 水 1 0.05 10 10 2 0.10 10 20 煤油 3 0.05 10 5 4 0.05 20 10 （ 1）分析第 1、 2次实验数据，可归纳得出的结论是： （ 2）分析第 1、 3次实验数据，可归纳得出的结论是： （ 3）分析 _次实验数据，可归纳得出的结论是：质量相同的同种物质，升高的度数越多，吸收的热量就越多。 答案：同种物体升高相同的温度吸收热量与物体质量有关 质量相同的不同物体升高相同温度吸收热量不同 3.4 试题分析：（ 1）分析第 1、 2 次实验数据可知，物质的种类和升高的温度相同，质量和加热时间不同，加热时间越长表明

20、吸收的热量越多，所以可得出结论：同种物体升高相同的温度吸收热量与物体质量有关； （ 2）分析第 1、 3次实验数据可知，质量和升高的温度相同，物质的种类和加热时间不同，加热时间越长表明吸收的热量越多，所以可得出结论：质量相同的不同物质升高相同温度吸收的热量不同； （ 3）因为得出的结论是：质量相同的同种物质，升高的度数越多，吸收的热量就越多可找质量相同，物质种类相同，升高的温度不同，吸收的热量不同的两组数据，所以可分析的数据是第 3、 4 考点：热量的计算；比热容的概念 点评：通过分析数据找出结论，要先分析几组数据的相同点和不同点，再结合题意综合分析最后得出相应结论 如图是探究 “平面镜成像特

21、点 ”的实验装置。 （ 1）装置中 M是 ，使用它的好处是 ； （ 2）当蜡烛 2 与蜡烛 1 完全重合后，移去蜡烛 2，并在其所在位置上放一光屏，则在光屏上 （选填 “能 ”或 “不能 ”）接收到蜡烛 1的烛焰的像，这说明平面镜所成的是 像。 （ 3）实验中发现无论怎么移动蜡烛 2，蜡烛 2都无法与蜡烛 1所成的像完全重合的原因是 。 答案：（ 1）玻璃板 便于确定像的位置 （ 2）不能 虚 （ 3）玻璃板没有与桌面垂直 试题分析：（ 1）不能用平面镜做实验因为其不透明，用玻璃板代替平面镜是利用了玻璃的透光性，便于便于确定像的位置 （ 2）平面镜成的像是虚像，是反射光线的反向延长线会聚于一点

22、形成的，用光屏接收不到，只能用眼睛观察到； （ 3）由平面镜的成像特点，像物关于镜面对称可知：玻璃板如果不竖直，蜡烛A的像与蜡烛 C不能重合所以原因是：玻璃板没有与桌面垂直。 考点：平面镜成像的特点、原理、现象及其实验方案 点评：本题考查了平面镜成像的特点注意要使平面镜与桌面垂直，这样才能确定出像的 位置，探究平面镜成像特点的实验是中考出题的一个热点，本题围绕这个探究过程可能遇到的问题，解决办法，合理的思考和解释来考查同学的 小明和小华合作做 “研究杠杆平衡条件 ”的实验： （ 1）实验时，小明先调节杠杆在水平位置平衡，你认为这样做的好处是_ 。 （ 2）小华将四个重力均为 0.5N 的钩码挂

23、在杠杆左端后，又将弹簧测力计钩在杠杆 A处的细线上（如图所示） .要使杠杆在水平位置平衡，且弹簧测力计的示数最小，则小华应沿 _ 方向拉弹簧测力计 .在此情况下，小华读出弹簧测力计示数为 4.2N.小明和小华对实验数据分析后得到的结论是：在误差允许的范围内，动力 动力臂 = 阻力 阻力臂 .你认为他们这样就得出结论是否合理？ _ ； 简述理由： _ . 答案：（）可以从杆上直接读出力臂的大小 （）竖直 不合理 应多次实验，得到多组数据，分析比较得出结论 试题分析：（ 1）杠杆在水平位置平衡，杠杆的重心在支点上，力臂为零，本身重力对杠杆平衡不产生影响；还可从杠杆所标刻度直接读出各力的力臂 （ 2

24、）当支点到力的 作用点距离成为力臂时，力臂最大，拉力最小，所以小华所用的测力计应竖直向上拉 （ 3）不能只由一次数据就得出结论，应多次实验，得到多组数据，分析比较得出结论 故：不合理；应当进行多次测量，拿多组数据进行分析比较，才能得出结论 考点：探究杠杆的平衡条件实验 点评：探究杠杆的平衡条件实验，重要的是将杠杆调到水平平衡，实验过程要多做几次，分析得出结论 为了测定木块所受到的滑动摩擦力，两个实验小组分别设计了甲、乙两种实验方案，实验装置如图所示。实验中不计弹簧测力计的重力。 甲方案：在水平实验桌面上将木板用 线拉住，通过弹簧测力计沿木板方向水平拉木块，使木块在木板上面滑动。 乙方案：将木板

25、放在水平实验桌面上，用线通过弹簧测力计水平地拉住木块，沿木板方向水平拉木板，使木板在木块下面滑动。 （ 1）从实验操作方面考虑，应选择 _方案。简述你选择的理由？ 理由 。 （ 2）从实验误差方面考虑，应选择 _方案。简述你选择的理由？ 理由 。 答案：（ 1）选择乙方案 理由：甲方案中，木块运动要匀速，实际很难控制。乙方案中，木板滑动时可以是变速的，实验操作容易。（ 2）选择乙方案 选择的理由 :甲方案中由于弹簧测力计是运动的 ,不易读准示数 ,乙方案中 , 由于弹簧测力计是静止的 ,容易读准示数。 试题分析：（ 1）从实验操作方面来看：应选择乙方案，因为在甲方案中，要保持木块的匀速运动，不

26、容易乙方案，只需要拉动木板运动就行，不需要保持匀速运动 （ 2）从实验误差方面来看：应选择乙方案，因为在甲方案中，要保持木块的匀速运动中读数，不容易读得准确乙方案中，弹簧秤是静止的，读数容易读得准确 考点：探究摩擦力的大小与什么因素有关的实验 点评：一个实验设计，必须遵循科学性原则，简便性原则，可操作性原则以及准确 性原则这一考题正是考查考生在两个实验方案中，就可操作性以及准确性方面做出正确判断的能力 在 “测定小灯泡的功率 ”的实验中，小明同学设计的电路如图甲所示，他选用的小灯泡的额定电压为 2.5V，电阻约为 8，电源为两节干电池。 （ 1）请用笔画线代替导线，按照甲所示的电路图，将图乙的

27、实物电路连接完整（连线不得交叉，正确选用电表的量程） （ 2）正确连好电路后，闭合开关前应把滑动变阻器滑片的位置调到 （填写 “最左边 ”或 “最右边 ”） （ 3）连好电路后，闭合开关 S，小明发现灯泡不发光，电流表的示数为零 ，电压表的示数为 3V，产生故障的原因可能是下列的哪几种情况 。（填写序号） A小灯泡短路 B小灯泡的灯丝断了 C小灯泡的灯座接触不良 D电压表的正、负接线柱接反 （ 4）排除故障后，调节滑动变阻器使小灯泡的额定电压下正常发光时，电流表的示数位置如图丙所示，则灯泡的额定功率为 W。 答案：（ 1）略 （ 2）最右边 （ 3） B C （ 4） 0.7 试题分析：（ 1

28、）电源有两节干电池组成，电压是 ，因此电压表的量程选择 0 3V即可；电路中的电流最大为 ，因此电流表的量程选择 0 0.6A即可；根据电路 图，从电源的正极连起，电流表串联在电路里，选择 0 0.6A量程，电压表与灯泡并联，选择 0 3V量程，如图所示： （ 2）为了保护电路，闭合开关前应把滑动变阻器滑片的位置调到阻值最大位置，即滑动变阻器最右边； （ 3）闭合开关 S，小明发现灯泡不发光，电流表的示数为零，电压表的示数为3V，说明电路中出现了断路性故障，电压表有示数，说明电压表到电源两端是通的，故只能是小灯泡处断路，可能的原因是：小灯泡的灯丝断了或小灯泡的灯座接触不良，故选 BC； （ 4

29、）排除故障后，调节滑动变阻器使小灯泡的额定电压下正常发光时，电流 表的示数位置如图丙所示，电流为 0.28A， 则灯泡的额定功率为 ； 考点：探究用电器的电功率实验。 点评：此类包含电流表和电压表的实物电路连接题，关键在电流表和电压表量程的确定上；电压表根据电源电压确定，电流表根据电路的最大电流确定对实验中的注意事项、故障判断及额定功率的计算等问题经常出现，应多练习，熟练掌握 指出下列操作的错误。 A使用前调节横粱平衡时 B测量长度读数时 C使用测电笔时 A _ B _ C _ 答案： A.游码没有拨到 “0”刻度， B.视线与刻度尺不垂直 C手没有接触笔尾部的金属（每空 2分） 试题分析：

30、A、使用天平时，调节天平的横梁平衡之前，一定要使游码移到标尺左端的零刻度图中的游码没有移到零刻度 B、使用刻度尺测量铅笔的长度时，刻度尺的刻度贴近被测的铅笔，读数时，视线和刻度尺不垂直 C、使用测电笔检测导线时，笔尖接触导线，笔尾没有和手接触，测电笔无论接触火线还是零线，氖管都不发光 考点：天平的使用；刻度尺的使用；测电笔的使用 点评：掌握刻度尺、天平、量筒、弹簧测力计、温度计、电压表、电流表、测电笔等测量工具的正确使用 给你两个用丝线系着的吹足了 气的气球，请你分别设计力学和电学小实验各一个，并在下表中简要填写出有关操作过程和实验结论（即所能说明的物理知识）。 实验类别 力学实验 电学实验

31、操作过程 实验结论 答案：力学实验：将两个气球相互挤压 力能改变物体的形状 电学实验：让两个气球在衣服上摩擦几下，然后用线悬挂下来，两球排斥 同种电荷相互排斥 试题分析：该题是一道开放性试题，答案：不唯一用力按气球，可以使气球发生形变；两个气球摩擦后带电，能吸引轻小物体，或者两个气球带同种电荷相互排斥 故答案：是： 实验 类型 力学实验 电学实验 操作 过程 用力轻按气球，气球发生凹陷 让两个气球在衣服上摩擦几下，然后用线悬挂下来，两球排斥 实验结论 力能使物体发生形变 同种电荷相互排斥 考点：力的作用效果；摩擦起电 点评：在回答问题时，注意设计的实验操作过程和现象应该与结论相一致，能够反映出

32、所用到的物理知识注意知识的活学活用。 填空题 如图所示，是四冲程汽油机工作过程中的某一冲程示意图，该图表示的是_冲程，在该冲程中 _能转化为 _能。 答案：做功 内能 机械 试题分析：由图可知，两气门关闭，活塞向下运动，所以是做功冲程，在该冲程中的能量转化关系是气体的内能转化为活塞的机械能； 考点：内燃机的四个冲程 点评：此题要结合内燃机的四个冲程特点和冲程中的能量转化关系进行解答 图所示是由大量反射镜组成的太阳能发电装置，图中各个反射镜由计算机控制，使反射的太阳光聚集在塔顶的集热器（锅炉）上，集热器中的水变成水蒸气后推动汽轮机，从而带动发电机发电 （ 1）大阳能属于 （选填 “可 ”或 “不

33、可 ”）再生能源； （ 2）这个装置中反射镜的作用是改变 ； （ 3）水蒸气推动汽轮机的过程中将 能转化为 能 （ 4）发电机是利用 原理发电的 答案：（ 1） 可 （ 2） 光的传播方向 （ 3） 内 机械 （ 4）电磁感应 试题分析：现阶段，人们已经开始逐渐地使用可再生能源，包括风力发电、水力发电、太阳能发电等多种形式 图中的反光镜可以将太阳光反射改变光的传播方向后，聚集在塔顶的集热器（锅炉）上，对水进行加热至沸腾，使水蒸气推动汽轮机，将内能转化为机械能，带动发动机发电 发电机的原理是电磁感应现象，即闭合电路中的一部分导体，在磁场中做切割磁感线运动时，产生感应电流 考点：可再生能源的特点；

34、平面镜的应用；发电机的构造和原理；能量转化的现象 点评：本题考点很全，考查可再生能源、光的反射现象、发电机原理、能量转化等方面的知识，需要学生理解图中装置的工作流程，然后再做具体的分析 一艘排水量为 1000t的货轮由海上驶入长江后，船体受到的浮力 _（选填 “变大 ”、 “变小 ”或 “不变 ”）；货轮从上海驶往重庆要经过葛洲坝和三峡大坝船闸，船闸是根据 _原理建造的 （取 g=10N/kg） 。 答案：不变 连通器 试题分析：（ 1）货轮无论是在河中还是在海中都漂浮，浮力等于货轮 重，受到的浮力不变； （ 2）三峡大坝的船闸由上下两个阀门组成一个闸室，当上游阀门打开时，闸室与上游通过阀门组

35、成连通器，使闸室内的水位与上游水位相平，故船闸的原理即为连通器的原理 考点：物体的浮沉条件及其应用；连通器原理 点评：本题考查物体沉浮条件的应用和连通器，涉及到漂浮条件和阿基米德原理，应当深刻理解漂浮时浮力等于物重这一特点题 一物体质量为 18kg，其所受重力为 N如图所示，小明用定滑轮将该物体在 4s内匀速提高 2m所用拉力为 200N此过程中，小明做的有用功是 J，定滑轮的机械效率是 ，拉力的 功率是 w（取 g 10N/kg） 答案： 360 90试题分析：物体重力： 拉力功率 考点：功的计算；定滑轮及其工作特点；机械效率的计算；功率的计算 点评：解此类题要熟练掌握公式，只有公式熟练了解

36、题的准确度就高了 图所示的电路中， R1、 R2 均为定值电阻电源电压不变闭合开关 S1、 S2，两电表均有示数；再断开开关 S2，则电流表示数 ，电压表示数 ，电压表与电流表示数之比 （本题每空均选填 “变大 ”、 “变小 ”或 “不变 ”） 答案：变小 变小 不变 试题分析：当闭合 S1、 S2， R1 被短路，电压表测量电源电压（ R2 两端的电压）；再断开 S2， R1被串联接入电路，电路中总电阻变大，电源电压不变，电路中电流变小，电压表仍测量 R2两端的电压，其示数也减小；两次均测量 R2两端的电压，对同一电阻，通过的电流与加在两端的电压成正比，所以电压表的示数与电流表的示数的比值不

37、变 考点：欧姆定律的应用；电流表的使用；电压表的使用 点评：分析开关开闭问题时应注意：当开关断开时，与之相连的用电器将去掉不能工作；当开关闭合时有两种情况：一是与之相连的用电器将被接入电路，二是与开关并联的用电器将被短路不能工作， 改变电压表的测量对象 计算题 小明用图甲所示的电路，研究通过导体的电流与导体电阻的关系电源电压恒为 6V实验过程中，他做了六次实验，每次改变电阻箱 R，的阻值后通过调节滑动变阻器始终保持 R两端的电压不变，记下相应的电流值根据记录的六组数据，他在方格纸上描出了电流 I 与电阻箱阻值 R的关系图线，如图乙 （ 1）记录第一组数据时，电阻箱 R的阻值为 4，此时电流表示

38、数是多少 （ 2）小明在实验过程中控制电阻箱 R两端的电压是多大 （ 3）记录第二组数据时，小明记下电流表的示数为 0.4 A，此时电阻箱消耗的功率是多少 滑动变阻器接入电路中的电阻是多大 （ 4）记录第四组数据时，电阻箱和滑动变阻器消耗的功率之比是多少 答案：（ 1） 0.5A （ 1分） （ 2） 2V（ 1分）（ 3） 0 8W （ 2分） 10（ 2分）（ 4） 7： 13（ 1分） 试题分析：（ 1）由图知当电阻箱阻值 时，电流值 （ 2）由图知当电阻箱阻值 时，电流值 ， 则电阻箱 R两端的电压 UR=I1 R=0.5A4=2V （ 3）由图知当电流 时，电阻 ， 则电阻箱消耗的功

39、率 电源电压 ， 由欧姆定律得电路电流 ， 则 （ 4）由图知第四组数据 ， ，由欧姆定律得 ， 则 ， 电阻箱与滑动变阻器串联 I相同，由 P=I2R得 考点：探究电流与电压、电阻的关系实验；欧姆定律的应用；电功率的计算 点评：解本题关键是，由图象求出电流与对应的电阻值用图象描述各物理量间的关系，是物理学上常用的方法，应学会作图、识图，掌握识图的方法 一个不规则的实心物体，质量 55g，放入装满纯水的烧杯中，沉入底部，排开 0.5N 的水。然后向烧杯中加盐并搅拌，直到物体悬浮为止。 g=10N/kg）求： （ 1）物体在纯水中所受的浮力； （ 2）物体的体积： （ 3）物体悬浮时盐水的密度。

40、 答案：（ 1） 0.5N （ 2） （ 3） 试题分析：（ 1） （ 2分） （ 2） 浸没时 （ 2分） （ 3）因为物体悬浮 ,所以 （ 2分） 考点：浮力大小的计算；密度的计算；物体的浮沉条件及其应用 点评：进行浮力的计算时，结合题目中给出的物理量选择合适的公式，计算的过程中注意单位的换算 小明家的电热水壶的铭牌如图 15所示，在一个标准大气压下，该水壶正常工作时，用 l0min 能将 2kg、 10 的水烧开。水的比热容 c=4.2103J（ kg ） 大山牌电热水壶 型号： NH-520 电源： 220V 50Hz 额定功率： 1500W （ 3）水增加的内能比消耗的电能小多少 请

41、结合物理知识，从节能的角度提一个合理化的建议。 答案：（ 1） 7.56105J （ 2分）（ 2） 9.0105J （ 2分） （ 3） 1.44105J 只要答出与减少热量损失的相应合理的措施都给分 （ 2分） 试题分析：（ 1） （ 2） （ 3）水增加的内能比消耗的电能小 可以增加电热水壶的保温性能，减小热量的散失 考点：热量的计算；电功的计算 点评：本题考查水吸收热量的计算，电热水壶消耗电 能的计算，以及热量损失和减小热量损失的问题还培养学生节能的良好意识 简答题 为什么用吸管吸饮料时，饮料会被吸入嘴里？ 答案：用吸管吸引料先将管内的空气吸走，使管内的气压小于外界大气压，在外界大气压

42、的作用下，将饮料压入吸管中。所以用吸管吸引料，饮料会被吸入嘴里。 试题分析：这是因为当我们用嘴吸住吸管的一头时，吸管的另一头在饮料中，吸所时管中的空气与胸腔相通，胸腔扩大，压强变小，饮料在外界的大气压作用下通过吸管的另一头进入到我们的嘴中 考点：大气压强的存在 点评：本题主要考查学生对：大气压综合知识的了解和应用注意知识与生活的联系，并能解释有关现象。 作图题 请按要求在答题卡上作图 （ 1）如图所示，已知入射光线，画出通过透镜后的折射光线 （ 2）在图中作出力 F的力臂 （ 3）在图中，标出通电螺线管和小磁针的 N、 S极及磁感线的方向。 答案： （ 1） （ 2） （ 3） 试题分析：（

43、1）入射光线平行于主光轴，所以该光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点如下图所示： （ 2）力臂是支点到力的作用线的距离如图 L1 是力 F的力臂： （ 3）由右手螺旋定则可 得，螺线管右侧为 N 极，因外部磁感线由 N 极指向 S极，故磁感线方向向左；小磁针所在位置处磁场方向指向右侧，故小磁针的右侧为 N极，如图所示： 考点：透镜的光路图力臂的画法通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁感线及其特点 点评：（ 1）凹透镜三条特殊光线的作图： 延长线过另一侧焦点的光线经凹透镜折射后将平行于主光轴 平行于主光轴的光线经凹透镜折射后，其折射光线的反向延长线过焦点 过光心的光线经凹透镜折射后传播方向不改变 （ 2）本题考查了力臂的画法关键是要作出支点到力的作用线的垂线段 （ 3）右手螺旋 定则为重点及难点，应多加练习能做到熟练应用