2013-2014广东广州南沙区九年级第一学期期末教学质量检测试卷与答案（带解析）.doc

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1、2013-2014广东广州南沙区九年级第一学期期末教学质量检测试卷与答案（带解析） 选择题 下列数据符合实际情况的是（ ） A我国家庭电路的电压为 220V B你步行的速度约为 5m/s C一枚鸡蛋所受的重力约为 10N D家用电扇的额定功率为 500W 答案： A 试题分析：本题主要考查对常见物理量的估测，需要平时认真观察和积累。 A我国家庭电路的电压为 220V，选项正确； B人步行的速度约为 1.1m/s，选项错误； C一枚鸡蛋 50g，所受的重力约为 0.5N，选项错误； D家用电扇的额定功率为 50W左右，选项错误。 考点：电压，速度，力，功率的估测 （ 4分）数字通信是一种既现代又

2、古老的通信方式，现代电话已全部采用数字信号进行处理。若用 “0”和 “1”代表 “开 ”和 “关 ”这两个动作，组成一组数字信号，可以表达一句话。例如： “我相信你能行 ”的数字信号为 “0、 01、 1、 10、 00”。 请参照此代码和上述例子，用另一组信号表达你想说的一句话： ，其数字信号为 。 答案：你相信我能行； “1、 01、 0、 10、 00”或：我相信我能行 “0、 01、 0、10、 00”，或 “你相信你能行 ”，其对应的数字信号为 “1、 01、 1、 10、 00” 试题分析：数字通信是用数字信号作为载体来传输消息，或用数字信号对载波进行数字调制后再传输的通信方式。它

3、可传输电报、数字数据等数字信号，也可传输经过数字化处理的语声和图像等模拟信号。 根据各数字的中文意义可知，另一组信号表达的一句话是： “你相信我能行 ”，其对应的数字信号为 “1、 01、 0、 10、 00”或： “我相信我能行 ”，其对应的数字信号为 “0、 01、 0、 10、 00”，或： “你相信你能行 ”，其对应的数字信号为 “1、01、 1、 10、 00” 考点：数字信号 （ 4分）钓鱼时，钓鱼竿可看成一根 杠杆，如图，它是一个 杠杆，其支点位于图中的 点。请画出此时鱼重力的力臂，若要使钓起鱼时省力一些，则钓鱼者两只手之间的距离应 一些（填 “增大 ”或 “减小 ”）。 答案：

4、费力； A；增大 试题分析：钓鱼竿杠杆示意图如图所示： 钓鱼时，钓鱼竿围绕 A点转动，即支点在 A点上，则动力臂为 L1，小于阻力臂L2，所以它是费力杠杆，使用时只需要手提起一小段距离就可以让鱼移动一大段距离，从而使鱼快速离开水面；要使钓起鱼时省力一些，则增大动力臂，即钓鱼者两只手之间的距离 考点：杠杆的分类，杠杆平衡条件的应用 如图所示，是研究电流热效应的部分实验电路，甲电阻丝的阻值小于乙电阻丝的阻值。比较通电后两根电阻丝各自两端的电压 U 甲 、 U 乙 以及它们在相同时间内分别产生的热量 Q 甲 、 Q 乙 的大小，下面关系中正确的是：（ ） A U 甲 U 乙 ， Q 甲 Q 乙 B

5、U 甲 U 乙 ， Q 甲 Q 乙 C U 甲 U 乙 ， Q 甲 Q 乙 D U 甲 U 乙 ， Q 甲 Q 乙 答案： C 试题分析：由于两电阻丝串联，流过它们的电流 I相等，通电时间 t相等，由题意知： R 甲 R 乙 ，由 U=IR 知：电流一定时，电阻越大，分压越大，故 U 甲 U 乙 ；由 Q=I2Rt知：电流和通电 时间一定时，电阻越大，产生的热量越多，故 Q 甲 Q乙 ；故选 C 考点：欧姆定律的应用，焦耳定律的应用 一个人先后用同样大小的力 F将不同质量的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离 S（如图所示），该力在这三个过程中所做的功分别为 W

6、1、 W2、 W3，关于它们之间的大小关系说法正确的是（ ） A W1=W2=W3 B W1 W2=W3 C W1 W2 W3 D W1=W2 W3 答案： A 试题分析：物理上，功的大小等于力与物体在力的方向上通过的距离的乘积；即 W=Fs一个人先后用同样大小的力 F使物体沿力的方向移动相同的距离 S；力的大小 F 相同，在力的方向上移动的距离 S 也相同，故力与距离和乘积相同，即 W1=W2=W3；故选 A 考点：力学中功的计算 如右图所示电路中，闭合开关，将滑动变阻器的滑片向上滑动时，观察到的现象是（ ） A灯泡变暗，电压表示数变大 B灯泡变亮，电压表示数不变 C电路消耗的总功率变小，电

7、压表示数不变 D电路消耗的总功率变大，电压表示数变大 答案： C 试题分析：这个电路为串联电路，电压表测电源电压，所以不管滑片如何移动，电压表的示数 不变。滑动变阻器的滑片向上滑动，其阻值增大，电路总阻值 R 总=R 滑 +R 灯 ，所以 R 总 阻值也增大，根据欧姆定律可知总电压不变，总电阻增大，总电流 I减小，由 P=UI可知电路消耗的总功率变小；通过灯泡的电流减小，灯泡两端的电压也减小，由电功率的计算公式 P=UI可知灯泡实际功率 P 灯 减小，灯泡变暗，故选 C。 考点：电路分析，欧姆定律的应用，电功率的计算公式应用 如图所示是一种自动测定邮箱内油量多少的装置， R1是滑动变阻器，它的

8、金属滑片是杠杆的一端，从油量表（由电流表改装而成）指针所指的刻度，就能知道邮箱内油量的多少。则（ ） A油量增加， R1的电阻值增大，油量表指针偏转变小。 B油量增加， R1的电阻值减小，油量表指针偏转变大。 C油量减少， R1的电阻值增大，油量表指针偏转变大。 D油量减少， R1的电阻值减小，油量表指针偏转变小 答案： B 试题分析：此装置应用了杠杆原理，且杠杆的支点在中间，当油量增加时，浮标随之上浮，则指针下移，滑动变阻器接入电阻减小，由欧姆定律可得电路中电流增大，即油量表示数变大；故 B 正确， A 错误；当油量减少时，浮标下降，指针上移，滑动变阻器接入电阻增大，则由欧姆定律可得电路中电

9、流减小 ，即油量表示数减小，故 C、 D均错误；故选 B 考点：杠杆的认识，电路分析，欧姆定律的应用 人造卫星沿椭圆轨道绕地球运行，如图所示为卫星从远地点向近地点运动的过程。针对该过程，以下说法正确的是（ ） A动能逐渐增大，机械能增大 B势能逐渐减小，机械能减小 C动能逐渐增大，势能逐渐减小，机械能不变 D动能逐渐增大，势能逐渐减小，机械能减小 答案： C 试题分析：环绕地球飞行的飞行物，一般轨道是椭圆，椭圆上离地球最远的是远地点，最近的是近地点。卫星在近地点时，离地球的高度最小，重力势能最小，速度最快，动能最大；在远地点时，离地球高度最大，重力势能最大，速度最慢，动能最小。当卫星从远地点向

10、近地点运动时，卫星质量不变，所处高度减小，重力势能减小；但运动的速度增大，动能增大减小的重力势能等于增加的动能，也就是说在能量的转化过程中，机械能的总量保持不变故选 C 考点：动能和势能的相互转化 如下图是内燃机的某冲程工作示意图，以下改变内能方式与此相同的是（ ） A烤火取暖 B搓手取暖 C向手 “呵气 ”取暖 D用热水袋取暖 答案： B 试题分析：内燃机的一个工作循环有四个冲程，其中有两个冲程气缸内的物质的内能会发生改变，分别是压缩冲程和做功冲程，都是通过做功的方式来改变的。分析图可看出两气门都是关闭的，活塞向上运动，故是压缩冲程，压缩冲程将机械能转化为内能。选项中的 ACD都是通过热传递

11、的方式来改变内能的，只有 B是摩擦生热，是通过做功的方式来改变物体的内能。 考点：内燃机的工作循环，改变物体内能的两种方式 下列有关热的说法正确的是（ ） A晶体在熔化过程中温度不变，内能也不变 B内燃机的压缩冲程，主要是用热传递的方法增加了气缸内的物质的内能 C用水作汽车冷却液，是因为水的比热容大 D柴油机的效率比汽油机的效率高，是因为柴油的热值比汽油的热值大 答案： C 试题分析： A晶体熔化的条件是达到熔点，不断吸热。晶体在熔化时要吸热，内能增加，但温度保持不变。选项错误； B内燃机的一个工作循环包括四个冲程，其中压缩冲程机械能转化为内能，是利用做功的方法增加气缸内物质的内能，做功冲程将

12、内能转化为机械能，是气缸内的物质对外做功，自身内能会减小。选项错误； C因为水的比热容最大，和其它物质比较，在质量相同和升高相同温度时，能吸收更多的热量，所以用水作汽车的冷却液，选项正确； D柴油机的效率比汽油机的效率高这主要是因为柴油机的构造和工作过程与汽油机有所不同，柴油机在压缩冲程中的压缩程度比汽油机大，做功冲程中柴油机汽缸内的燃气产生的压强和温度比汽油机里的高，转化成的有用功更多 考点： 晶体熔化的特点，做功改变物体的内能，水的比热大，热机的效率 形成雾霾天气的主要污染物是 PM2.5 PM2.5是指直径数值小于或等于 2.5的悬浮颗粒物，其直径大约是一般分子直径（数量级为 10-10

13、m）的 2万倍，能被肺吸收并进入血液，对人体危害很大下列关于 PM2.5的说法正确的是（ ） A PM2.5在空中的运动属于分子的无规则运动 B PM2.5在空气中不受重力作用 C PM2.5中 “2.5”的单位是 nm D PM2.5中 “2.5”的单位是 m 答案： D 试题分析： A、 PM2.5是微小物体，是微 小物体悬浮在空气中，不是分子，不能说分子无规则运动选项错误 B、 PM2.5在空气中，在地球附近，一切地球附近的物体都受重力作用选项错误 CD、 PM2.5其直径大约是一般分子直径（数量级为 10-10m）的 2万倍，所以其直径为： D=2000010-10m=210-6m=2

14、m所以选项 C错误，选项 D正确故选D 考点：长度单位的认识，分子的热运动 用图甲、乙两种方式匀速提升 100N 的物体，已知滑轮重 20N，绳重、摩擦不计，则（ ） A手的拉力： F 甲 =F 乙 ；机械效率： 甲 =乙 B手的拉力： F 甲 F 乙 ；机械效率： 甲 乙 C手的拉力： F 甲 F 乙 ；机械效率： 甲 乙 D手的拉力： F 甲 F 乙 ；机械效率： 甲 乙 答案： D 试题分析：由图可知，甲滑轮是定滑轮，使用该滑轮的优点是可以改变力的方向，但不省力，所以拉力等于物体的重力，即： F甲 =100N；乙滑轮是动滑轮，使用该滑轮可以省一半的力，即拉力等于物体和滑轮总重力的一半，即

15、： F乙 =（ 20N+100N） /2=60N，所以手的拉力： F 甲 F 乙 ； 两幅图中的 W 有 是克服物体重力做的功，是相同的，在不考虑绳重和摩擦的情况下，甲图中拉力不做额外功，但乙图中拉力做功要克服动滑轮的重力做额外功，所以乙图中的拉力比甲图中拉力做的总功要多，所以结合机械效率公式=W有 /W 总 可知，有用功相同时，总功越大的，机械效率越小；故选 D 考点：定滑轮和动滑轮的特点，机械效率的计算 若要用 5N 的拉力提起 20N 的物体，可以采用下列简单机械中的哪一种（ ） A一个定滑轮 B一个动滑轮 C杠杆 D一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组 答案： C 试题分析：要用 5N

16、的拉力提起 20N 的物体使用的机械必须是省力机械，并且要省四分之三的力。 A、定滑轮不能省力，只能改变力的方向，选项不合要求； B、动滑轮可以省力，但最多省一半力，选项不合要求； C、杠杆中包括省力杠杆，并且省多少力要看动力臂是阻力臂的几倍，如果动力臂是阻力臂的 4倍，那么就可以省四分之三的力，选项正确 D、一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组有两种绕线方法，如果把绳子一端固定在定滑轮上，可以省一半的力，并且可以改变力的方向，如果把绳子一端固定在动滑轮上，可以省三分之二的力，但不能改变力的方向，选项不合要求 考点：简单机械 省力情况分析 小云家卫生间安装了换气扇和照明灯，换气扇和照明灯的电路连

17、接如图 1所示，下列说法中正确的是（ ） A换气扇和照明灯不能同时工作 B换气扇和照明灯只能同时工作 C换气扇和照明灯工作时，通过它们的电流一定相等 D换气扇和照明灯工作时，它们两端的电压一定相等 答案： D 试题分析：由电路图可知，照明灯和换气扇并联，它们可以独立工作、互不影响；开关 S1控制换气扇，开关 S2控制照明灯； 当只闭合 S1时，只有换气扇工作，当只闭合 S2时，只有照明灯工作，当 S1与S2同时闭合时，换气扇与照明灯同时工作，故 AB错误；并联电路中各支路两端电压相等，所以换气扇与照明灯工作时电压一定相等，故 D正确；并联电路中干路中电流等于各支路电流之和，各支路的电流不一定相

18、等，要看用电器电阻的大小，所以通过它们的电流不一定相等，故 C错误； 考点：并联电路中开关的作用，并联电路中电压、电流的关系 实验题 （ 9分）在测定 “小灯泡电功率 ”的实验中，小明所在的实验小组用的电源电压为 4.5V，小灯泡额定电压为 2.5V、电阻约为 10。他们所设计的实验电路如图甲所示。 (1)在连接电路时，开关应处于 状态，电流表的量程应选 0 A。 (2)请你用笔画线代替导线，按照电路图将实物电路补充完整。（导线不能交叉） 甲 乙 丙 (3)闭合开关前，图乙中滑动变阻器的滑片 P应位于 （选填 “A”或 “B”）端。 (4) 小刚同学闭合开关，移动滑片 P到某一点时，电压表示数

19、（如图甲所示）为 V，若他想测量小灯泡的额定功率，应将图甲中滑片 P向 （选填 “A”或 “B”）端移动，使电压表的示数为 2.5V。 (5)小丽同学移动滑片 P，记下多组对应的电压表和电流表的示数，并绘制成图丙所示的 I-U图像，根据图像信息，可计算出小灯 泡的额定功率是 W。 答案：（ 1）断开； 0.6A；（ 2）见上图；（ 3） B；（ 4） 2； A；（ 5） 0.5 试题分析：（ 1）在连接电路时，开关应处于断开状态；这样就可以防止因为连接短路而烧坏电源或连接错误造成电路元件的损坏。灯泡正常发光时的电流大约为 0.25A，所以电流表可选择 0 0.6A的量程； （ 2）滑动变阻器与

20、灯泡串联，要 “一上一下 ”接入电路。已接了下面一个接线柱，可再接上面任意一个接线柱；电压表与灯泡并联，灯泡的额定电压为 2.5V，所以电压表可选择 0 3V的量程；电流表与灯泡串联，选择 0 0.6A的量 程，连接时可先把电压表放在一边不连，等其它连接好后再把电压表与灯泡并联，连接时在注意电流 “+”进 “-”出。如下图示： ； （ 3）连接电路时，滑动变阻器的阻值要调到最大。由图知，滑动变阻器的下面接了左边的 C接线柱，所以在闭合开关前，应将滑片移至最右端即 B端，使其阻值最大； （ 4）由图 17知，电压表的量程为 0 3V，分度值是 0.1V，示数为 2V，小于灯泡的额定电压 2.5V

21、；所以要使灯泡正常发光，应减小滑动变阻器的阻值，将滑片向左端即 A端滑动，使滑动变阻分压变小； （ 5）由图象知，当 U=2.5V时， I=0.2A，则 P=UI=2.5V0.2A=0.5W 考点：测小灯泡的电功率 （ 6分） 1821年，德国物理学家塞贝克发现了一种奇怪的现象：把两根铜丝和一根铁丝与灵敏电流计串联成闭合电路，然后把铜丝和铁丝的一个连接点放在盛有冰水混合物的容器里保持低温，另一个连接点放在火焰上加热，发现灵敏电流计的指针发生了偏转，表明这时闭合电路中产生了电流。塞贝克把这种电流叫做 “热电流 ”，把这种电路叫 “热电偶电路 ”。 某研究小组的同学们按上图所示的电路，模拟塞贝克实

22、验，探究了决定 “热电流 ”大小的因素，通过实验测得了电流的大小与温差 关系的一组数据： 两接点间的温差 / 0 1 100 200 300 500 电路中的电流 10-1A 0.00 0.01 0.64 1.42 2.29 4.17 请根据以上资料和数据说明： （ 1）产生热电流的条件是 ； 。 （ 2）根据热电流的特点，猜想并写出热电偶电路的一种应用 ： 。 答案：（ 1）用不同金属丝组成闭合回路；两连接点之间有温度差；（ 2）制成温度计（测量温度） 试题分析：（ 1）由 “把两根铜丝和一根铁丝 ”可知，组成 “热电偶电路 ”的是两种不同的金属丝形成闭合电路，且通过表中的数据可以看出，只有

23、两接点间有温度差时，电路中才有热电流，而且温度差越大，电流也越大据此可得出，产生热电流的条件是： 用不同金属丝组成闭合回路； 两连接点之间有温度差； （ 2）根据热电流的特点及产生条件可知，电流的大小直接反映了两接点间温度差的大小，因此，我们可以从中得到启示：可将电流表改装成温度计，控制两接点中的一个点的温度不变，将另一个点的温度作为被测温度，即可通过电表反映出其温度值的大小也可把它改成温度 自动报警装置。 考点：热电转化 （ 6分）某实验小组利用图示装置研究杠杆的机械效率，实验的主要步骤如下： 用轻绳悬挂杠杆一端的 O 点作为支点，在 A点用轻绳悬挂总重为 G的钩码，在 B点用轻绳竖直悬挂一

24、个弹簧测力计，使杠杆保持水平； 竖直向上拉动弹簧测力计缓慢匀速上升 (保持 0点位置不变 )，在此过程中弹簧测力计的读数为 F，利用刻度尺分别测出 A、 B两点上升的高度为 h1、 h2 回答下列问题： (1)杠杆机械效率的表达式为 =_。 (用已知或测量的物理量符号表示 ) (2)本次实验中，若提升的钩码重一定，则影响杠杆机械效率的主要因素是 :_ (3)若只将钩码的悬挂点由 A移至 C， O、 B位置不变，仍将钩码提升相同的高度，则杠杆的机械效率将 _(选填 “变大 ”、 “变小 ”或 “不变 ”)。 答案：（ 1） ；（ 2）杠杆的自重；（ 3）变大 试题分析：（ 1）使用杠杆提升钩码时

25、，有用功等于克服钩码重力做的功，为W 有 =Gh1，总功等于弹簧测力计的拉力做的功，为 W 总 =Fh2， 机械效率等于有用功和总功的比值； （ 2）机械效率是有用功和总功的比值，它反映了有用功在总 功中所占比例的大小，也反映了额外功所占比例的大小，影响机械效率的因素从有用功和额外功两方面考虑；本实验中有用功是克服钩码重力做的功，额外功主要是克服杠杆重力做的功，提升的钩码重一定说明有用功一定，所以影响杠杆机械效率的主要因素是杠杆自身的重力 （ 3）将钩码的悬挂点从 A点移至 C点，改变了钩码重力的力臂。钩码的悬挂点在 A点时，由杠杠的平衡条件得 G OA=F OB；悬挂点移至 C点时，由杠杠的

26、平衡条件得 G OC=F OB，经对比发现，由 OA到 OC力臂变大，所以拉力 F也变大。将钩码提升相同的高度，有用功不变；因为重 力的力臂变大，拉力的力臂是不变的，所以当把钩码提升到相同高度时，杠杆提升的高度减小，而克服杠杆自重做的额外功减小，因此杠杆的机械效率变大 考点：探究杠杆的机械效率 （ 6分）如图是探究 “物体动能的大小与什么因素有关？ ”的实验示意图。 A球的质量和高度都可改变，问： 该实验要探究的是物体动能的大小与物体 _的关系。 该实验探究物体的动能是指物体 _(选填 “A”或 “B”)。 该实验物体动能的大小是通过 _来反映的。 该实验物体的速度是指物体 A从斜面上静止滚下

27、与物体 B碰撞时_（选填 “碰前 A”、 “碰后 A”、 “碰前 B”或 “碰后 B”）的速度，它是通过 _（选填 “高度 ”或 “质量 ”）来改变的。 实验中多次让物体从斜面同一高度上静止滚下时，应改变 _（选填 “物体 A”或 “物体 B”）的质量，这是为了研究物体动能与物体质量的关系。 答案： 运动速度和质量； A； 物体 B被撞远近； 碰前 A；高度； 物体 A 试题分析： 动能的大小与物体的质量和速度都有关系， A球的质量和高度（改变高度可改变小球撞击木块的速度）都可改变， 因此要探究的是物体动能的大小与物体质量和运动速度的关系； 该实验中物体 A是运动的的，具有动能，研究的是物体

28、A动能的大小与速度和质量的关系； 该实验中物体 A动能的大小不能直接比较，是通过 A对 B做功的多少（物体B被撞距离的远近）来显示出 A的动能的大小。 B被撞的越远，说明小球 A对B做的功越多，小球 A 的动能越大，被撞的越近，说明小球 A 对 B做的功越少，小球 A的动能越小，这里采用了转换法的思想； 该实验的研究对象是 A，故速度应该指 A的速度，是指物体 A从斜面上静止滚下与物体 B碰撞时碰撞前 A的速度，这个速度的大小是通 过控制物体 A在斜面上的高度改变的；高度越高， A碰撞前的速度越大； 本实验的研究对象是 A，为了研究物体动能与物体质量的关系，就应该只改变物体的质量，其它量都保持

29、不变。实验中多次让物体从斜面同一高度上静止滚下时，控制了小球的速度，所以应改变物体 A的质量 考点：探究动能的大小与哪些因素有关 填空题 （ 4分）小明家电能表上个月底表盘数字是 ，这个月底表盘数字如图所示，可知他家本月用电 度，他只让某电水壶工作，发现在 10分钟内该电能表转盘转过了 600转，则该电水壶的实际功率为 W. 答案：； 1200 试题分析：（ 1）电能表计算本月用电的方法是：月末的减去月初的示数，电能表的读数时注意最后一位是小数，单位 kW h； 月底电能表示数 W2=1362.5kW h，小明家本月用电： W=W2-W1=1362.5kW h-1262.5kW h=100kW

30、 h=100度 （ 2） 3000r/kW h表示的是接入这个电能表的电路中每消耗 1kW h的电能，电能表的转盘转 3000r，或者表示电能表每转 1r，电路中消耗 1/3000kW h的电能，电能表转盘转动 600r，电路消耗的电能为： W=6001/3000kW h=0.2kW h， 电热水壶单独工作的时间； t=10min=1/6h，电热水壶的实际功率：考点：电能表的认识，用电能表和手表测电功率，电功率的计算 (3分 )如图 5所示电路，导线 a的一端固定连接在铅笔芯上，当导线 b的一端在铅笔芯上左右移动时，灯泡亮暗会发生变化这个实验说明铅笔芯是_（选填 “导体 ”或 “绝缘体 ”），

31、还能说明导体的电阻与 _有关，受此启发，人们制造了一种可以改变电阻的元件，叫做 _. 答案：导体；导体长度；滑动变阻器 试题分析：（ 1）容 易导电的物体是导体，不容易导电的物体是绝缘体。因为铅笔芯接入电路中灯泡发光，说明铅笔芯容易导电，所以这个实验说明铅笔芯是导体； （ 2）影响电阻大小的因素有材料、长度、横截面积和温度本实验中灯泡的亮暗发生了变化，表示电路中的电流发生了变化，即电路中的电阻发生的变化，分析实验可知，导体的材料，横截面积和温度都没改变，只改变了导线的长度，所以说明了导体的电阻与导体的长度有关。 （ 3）滑动变阻器的工作原理是通过改变连入电路中电阻线的长度来改变电阻的 考点：导

32、体与绝缘体，影响电阻大小的因素 计算题 （ 8分）用豆浆 机制作豆浆的过程是 :按合适的比例把豆料、清水放人豆浆机中、经过预热、打浆、加热等程序 .即可制成熟豆浆 .某豆桨机的参数如下表 : 一次打浆要向豆浆机中加入黄豆和清水共 1.5kg，需 13min完成加工过程，其工作信息如下图所示 .请解答下列问题 : （ 1）根据工作信息图可知：从第 6min至第 9min为第一段加热过程，求这段过程中豆浆吸收的热量是多少 (C 豆浆 =4.0 103J(kg. )） （ 2）豆浆机正常工作完成一次豆浆制作，共消耗多少电能 答案：（ 1）这段过程中豆浆吸收的热量是 1.8105J；（ 2）豆浆机正常

33、工作完成一次豆浆制作，共消耗 0.21kW h的电能 试题分析：（ 1）由乙图可知从第 6min 至第 9min 为第一段加热过程温度从 70升高到 100 ， 这段过程中豆浆吸收的热量： Q 吸 =cm t=4.0103J/（ kg ） 1.5kg（ 100 -70 ） =1.8105J， （ 2）因为豆浆机工作时的功率是不同的，所以先要找到豆浆机在不同工作功率下的工作时间，然后利用 W=Pt计算共消耗的电能。由甲图得出 1100W和200W功率工作的时间分别为： t1=5min+3min+3min=11min=11/60h， t2=2min=1/30h， 总共消耗的电能： W=P1t1+P

34、2t2=1.1kW11/60h+0.2kW1/30h0.21kW h 考点：功率的计算，热量的计算 综合题 （ 10分）如图，一卡车车厢距地面 1.5m高，小明把一块长 3m的钢板 AB搭在车厢底板上构成一个斜面。他通过这个斜面用 600N 的力把一个大木箱由 B处推倒 A处，已知木箱重 1000N。 （ 1）小明把木箱从 B推到 A用了 30s的时间，求木箱的运动速度。 （ 2）小明推木箱做了多少功？ （ 3）小明推木箱做功的功率？ （ 4）这个 过程中，斜面的机械效率是多少？（结果保留一位小数） 答案：（ 1）木箱的运动速度为 0.1m/s； （ 2）小明推木箱做的总功为 1800J； （

35、 3）小明推木箱做功的功率为 60W； （ 4）斜面的机械效率是 83.3% 试题分析：（ 1）要求木箱运动的速度，就要知道木箱运动的路程和时间，用公式 进行计算。分析题意可知：木箱运动的距离是斜面的长度 3m，不是高度，木箱运动的时间是中 30s，木箱的运动速度 （ 2）小明推木箱做的功是总功，用公式 进行计算，分析题意知：推力F=600N，物体在推力的方向上移动的距离是斜面的 长度 s=3m,小明推木箱做的总功 =600N3m=1800J； （ 3）功率的计算公式是 ，小明推木箱的总功已经求出，而推木箱用的时间为 30s，小明推木箱做功的功率 =60W （ 4）推木箱的目的是让木箱上升一定

36、的高度，所以克服木箱的重力做的功是有用功，分析题意可知：木箱的重力是 1000N，木箱上升的高度是 1.5m，有用功W 有用 =Gh=1000N1.5m=1500J， 斜面的机械效率 83.3% 考点：功的计算，功率的计算，速度的计算，机械效率的计算 作图题 (4 分 ).（ 1）（ 2 分）小华和他的兴趣小组利用如下图所示的滑轮组进行实验，人以 600N 的力向下拉绕在滑轮组上的绳子的一端， 10秒钟绳子下端移动了1.5m，重物上升 0.5m，请画出小华兴趣小组所用滑轮组的绕线情况。 （ 2） (2分）如图 10所示电路，只需改变一根导线的连接，就能使电流表同时测出通过两个灯泡的电流，在要改接的那根导线上打个 “”，再画出改接的导线。 答案： 试题分析：（ 1）由题意可知，向下拉绳子时，承担动滑轮及重物的绳子股数：n=1.5m/0.5m=3，根据 “奇动偶定 ”，绳子应先固定在动滑轮挂钩开始绕线 ，绕线时要注意 “一定一动 ”交叉进行，如下图所示： （ 2）图中电流表测的是通过灯泡 L1的电流，要想让电流表测通过两个灯泡的总电流，就要让电流通过电流表后再分支，所以应将电流表与灯泡 L2相连的导线去掉，使电流通过电流表后再通过 L2，使灯 L1与灯 L2的右接线柱相连即可（或将 L2 的右接线柱与电流表的 “-”相接），如图所示： 考点： 滑轮组的绕线，电路分析及改装