河北省安平中学2019届高三物理上学期第一次月考试题（含解析）.doc

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1、1河北省安平中学 2018-2019学年高三第一学期高三第一次月考物理试题一(本题有 17小题，每小题 4分，共 68分。在每小题给出的四个选项中，有的只有一个选项正确，有的有多个选项正确，全部选对的得 4分，选对但不全的得 2分，有选错的得0分。)1.1.在物理学的重大发现中，科学家总结出了许多物理学方法，如：理想实验法、控制变量法、极限思想法、类比法、科学假说法和建立理想模型法等，以下关于物理学研究方法的叙述不正确的是（ )A. 根据速度的定义式，当 t非常小时，就可以表示物体在 t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法B. 引入平均速度重心合力与分力的槪念运用了等效替代法C. 在推导匀变

2、速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法D. 用比值法定义了速度加速度位移这三个物理量【答案】D【解析】根据速度的定义式，当 t非常小时，就可以表示物体在 t时刻的瞬时速度，该定义运用了极限思想法，选项 A正确； 引入平均速度重心合力与分力的槪念运用了等效替代法，选项 B正确； 在推导匀变速直线运动位移公式时，把整个运动过程等分成很多小段，每一小段近似看做匀速直线运动，然后把各小段的位移相加，这里运用了微元法，选项 C正确；用比值法定义了速度加速度这两个物理量，位移不是比值定义法定义的，选项 D错误；此题选择错误

3、的选项，故选 D.2.2.下列关于牛顿运动定律的说法中正确的是( )A. 惯性就是物体保持静止状态的性质B. 力的国际制单位“牛顿”是根据牛顿第二定律定义的C. 物体运动状态改变的难易程度就是加速度D. 一对作用力与反作用力的作用效果总相同【答案】B【解析】2试题分析：惯性就是物体保持静止或匀速直线运动状态的性质，选项 A错误；力的国际制单位“牛顿”是根据牛顿第二定律定义的，即使质量是 1kg的物体产生 1m/s2的加速度的力就是 1N,选项 B正确；物体运动状态改变的难易程度取决于物体惯性大小，故 C错误；作用力和反作用力作用在不同的物体上，作用效果不同，故 D错误，故选 B.考点：牛顿运动

4、定律.3.3.如图，重量为 G的物体 A在大小为 F的水平向左恒力作用下，静止在倾角为 的光滑斜面上。下列关于物体对斜面压力 N大小的表达式，正确的是 （ ）A. B. C. D. 【答案】ACD【解析】试题分析：如图对 A进行受力分析A、由勾股定理可得 ；正确B、由三角函数关系得 ， ；正确C、根据正交分解法可得 ；错误D、以 F为已知量 ， ；正确故选 ABD考点：共点力平衡点评：中等难度。共点力平衡问题可以用力的合成法求解，也可以用力的分解法求解，还可以用正交分解法求解4.4.一个静止的物体，在 04 s 时间内受到力 F的作用，力的方向始终在同一直线上，物3体的加速度 a随时间的变化如

5、图所示，则物体在（ ）A. 04 s 时间内做匀变速运动B. 第 2 s末速度改变方向C. 04 s 时间内位移的方向不变D. 02 s 时间内位移最大【答案】C【解析】试题分析：04 s时间内，加速度不恒定，不是匀变速直线运动，A 错；第 2s末，加速度改变方向、速度最大；02s 物体做加速度方向与速度方向相同，做加速度变化的加速直线运动，速度增加量为 02s 内图象与横轴围成的面积；24 s，速度变化量与 02s 速度变化量大小相等方向相反，即第 4s末的速度减小为 0，方向不变，即 04 s内位移方向不变。第 4s末位移最大。C 正确、D 错误。考点：本题考查牛顿运动定律、匀变速运动特点

6、、微元法在物理中的应用。5.5.在光滑水平面上， 、 两小球沿水平面相向运动. 当小球间距小于或等于 时，受到大小相等、方向相反的相互排斥恒力作用，小球间距大于 时，相互间的排斥力为零，小球在相互作用区间运动时始终未接触，两小球运动时速度 随时间的变化关系图象如图所示， 由图可知 （ ）A.球质量大于 球质量B. 在 时刻两小球间距最小C. 在 时间内两小球间距逐渐减小D. 在 时间内 球所受排斥力方向始终与运动方面相反4【答案】AC【解析】试题分析：从速度时间图象可以看出 b小球速度时间图象的斜率绝对值较大，所以 b小球的加速度较大，两小球之间的排斥力为相互作用力大小相等，根据 知，加速度大

7、的质量小，所以 b小球质量较小，故 A正确；二者做相向运动，所以当速度相等时距离最近，即 时刻两小球最近，之后距离又开始逐渐变大，所以 B错误 C正确；b 球 0-t1时间内匀减速，所以 时间内排斥力与运动方向相反，D 错误考点：考查牛顿第二定律；匀变速直线运动的速度与时间的关系6.6.“叠罗汉”是一种高难度的杂技由六人叠成的三层静态造型如图所示，假设每个人的质量均为 m，下面五人弯腰后背部呈水平状态，则最底层正中间的人的一只脚对水平地面的压力约为(重力加速度为 g)( )A. mg B. mgC. mg D. mg【答案】C【解析】试题分析：最底层正中间的人承受了上面三个人重力的 ，即 ,

8、所以他的两只脚承受的力为：2F=G+ ，解得： ， 选项 D正确.考点：物体的平衡.7.7.在斜面上等高处，静止着两个相同的物块 A和 B. 两物块之间连接着一个轻质弹簧，劲度系数为 K，斜面的倾角为 ，两物块和斜面间的摩擦因数均为 ，则弹簧的最大伸长量是：( )5A. B. C. D. 【答案】D【解析】试题分析：物块静止在斜面上，在斜面这个平面内共有三个力作用在物体上，一个是重力沿斜面向下的分力 ，静摩擦力 ，方向不确定，弹簧弹力水平方向 ，则弹力等于 和静摩擦力 f的合力，当静摩擦力最大时，合力最大，此时：，故 ，故 D正确考点：考查了共点力平衡条件的应用【名师点睛】在处理共点力平衡问题

9、时，关键是对物体进行受力分析，然后根据正交分解法将各个力分解成两个方向上的力，然后列式求解，如果物体受到三力处于平衡状态，则可根据矢量三角形法，将三个力移动到一个三角形中，然后根据角度列式求解，8.8.如图 2所示，水平地面上的物体 A，在斜向上的拉力 F作用下，向右作匀速直线运动，则（ ）A. 物体 A可能不受地面支持力的作用B. 物体 A可能受到三个力的作用C. 物体 A受到滑动摩擦力的大小为 FcosD. 水平地面对 A的作用力一定是竖直向上【答案】C【解析】【详解】物体 A若不受支持力作用，则不受摩擦力作用，只受重力和拉力，不可能平衡。故 A错误。物体受重力、支持力、摩擦力和拉力处于平

10、衡。故 B错误。在水平方向上有：6Fcos=f故 C正确。物体所受重力和拉力的合力与支持力与摩擦力的合力等值反向，因为拉力和重力的合力不可能为竖直方向，则水平地面对 A的作用力一定不是竖直方向。故D错误。故选 C。9.9.如图所示，顶端装有光滑定滑轮的斜面体放在粗糙水平地面上，A、B 两物体通过轻质细绳连接，并处于静止状态。现用水平向右的力 F将物体 B缓慢拉动一定的距离（斜面体与物体 A始终保持静止） 。在此过程中，下列判断正确的是 （ ）A. 水平力 F逐渐变大B. 物体 A所受斜面体的摩擦力逐渐变大C. 斜面体所受地面的支持力逐渐变大D. 斜面体所受地面的摩擦力逐渐变大【答案】AD【解析

11、】取物体 B为研究对象分析其受力，则有 F=mgtan， ， 增大，则水平力 F随之变大对 A、B 两物体与斜面体这个整体而言，由于斜面体与物体 A仍然保持静止，拉力 F增大，则地面对斜面体的摩擦力一定变大，但是因为整体竖直方向并没有其它力，故斜面体所受地面的支持力应该没有变；在这个过程中尽管绳子张力变大，但是由于物体 A所受斜面体的摩擦力开始并不知道其方向，故物体 A所受斜面体的摩擦力的情况无法确定故D正确，ABC 错误故选 D点睛：解决本题的关键能够正确地进行受力分析，运用共点力平衡进行求解，注意整体法和隔离法的运用.10.10.用细线将篮球拴在升降机光滑的侧壁上，当升降机加速下降时，出现

12、如图所示的情形四位同学对此现象做出了分析与判断，其中可能正确的是( )7A. 升降机的加速度大于 g，侧壁对球无挤压B. 升降机的加速度小于 g，侧壁对球有挤压C. 升降机的加速度等于 g，侧壁对球无挤压D. 升降机的加速度等于 g，侧壁对球有挤压【答案】C【解析】试题分析：当升降机加速下降时，加速度等于 g，则小球在竖直方向上仅受重力，拉力为零，由于小球在水平方向上平衡，可知侧壁对小球无挤压，故 C正确，D 错误当升降机加速下降时，加速度大于 g，小球受重力、绳子的拉力，由于水平方向上平衡，则侧壁对小球有弹力，即侧壁对球有挤压，故 A错误当升降机加速下降是，加速度小于 g，不会出现如图所示的

13、情况，球会在悬点下方，故 B错误故选 C。考点：牛顿第二定律的应用【名师点睛】解决本题的关键知道小球和升降机具有相同的加速度，通过隔离对小球分析，合力在竖直下降，抓住水平方向平衡进行求解。11.11.在足够高的空中某点竖直上抛一物体，抛出后第 5s内物体的位移大小是 4m，设物体抛出时的速度方向为正方向，忽略空气阻力的影响，g 取 10ms 2。则关于物体的运动下列说法正确的是（ ）A. 物体的上升时间可能是 4.9sB. 第 5S内的平均速度一定是4msC. 4S末的瞬时速度可能是 10msD. 10S内位移可能为100m【答案】A【解析】试题分析：A、若位移的方向向上，根据 得，4=v 0

14、5，解得第 5s内的初速度为 9m/s，上升到最高点还需的时间 ，则物体上升的时间可能为 4.9s若物体的位移向下，则4=v 05，解得第 5s内初速度为 1m/s故 A正确B、第 5s内的位移可能向上，可能向下，则平均速度可能为 4m/s，可能为4m/s故 B错误8C、由 A选项解析可知，4s 末的速度可能为 9m/s，可能为 1m/s故 C错误D、当物体第 5s初的速度为 9m/s时，则物体竖直上抛的初速度 v=v0+gt=49m/s，当物体第5s初的速度为 1m/s时，则物体的初速度 v=v0+gt=41m/s可知 10s末的速度可能为51m/s，可能为59m/s，根据 x= 得，10s

15、 内的位移可能为10m，可能为90m故 D错误故选：A12.12.如图所示，木板 P下端通过光滑铰链固定于水平地面上的 O点，物体 A、B 叠放在木板上且处于静止状态，此时物体 B的上表面水平。现使木板 p绕 O点缓慢旋转到虚线所示位置，物体 A、B 仍保持静止，与原位置的情况相比A. B对 A的作用力不变B. A对 B的压力增大C. 木板对 B的支持力增大D. 木板对 B的摩擦力不变【答案】A【解析】A、当将 P绕 O点缓慢旋转到虚线所示位置，B 的上表面不再水平，A 受力情况如图 1，A受到重力和 B的支持力、摩擦力三个力的作用，其中 B对 A的支持力、摩擦力的和仍然与 A的重力大小相等，

16、方向相反，则 A受到 B对 A的作用力保持不变，故 A正确， 9B、根据平衡可知 A原来只受到重力和支持力而处于平衡状态，所以 B对 A的作用力与 A的重力大小相等，方向相反，而现在 ，所以 B对 A 的支持力变小，根据牛顿第三定律可知 A对 B的压力也变小，故 B错误；CD、以 AB整体为研究对象，分析受力情况如图 2：受总重力 GAB、板的支持力 N2和摩擦力 f2，由平衡条件分析可知：； 由于 逐渐增大，所以 N2减小，f 2增大，故 CD错误 故选 A点睛：采用整体隔离的方式对研究对象正确受力分析，建立平衡公式求解待求量即可。13.13.如图所示，两根等长且不可伸长的细线结于 O点，A

17、 端固定在水平杆上，B 端系在轻质圆环（不计重力）上，圆环套在竖直光滑杆上，C 端挂一重物，重物质量为 m。开始时用手握住轻圆环，使其紧靠 D端，当重物静止时如图所示。现释放圆环，圆环在竖直光滑杆上自由滑动，当重物再次静止时 OA绳拉力为 FA，OB 绳拉力为 FB，则下列可能正确的是（ ）A. FAmg ，F Amg；则 A错误；故选 BCD.【点睛】此题关键是知道与小环连接的细绳是水平的，可根据 OA与水平杆的夹角关系来讨论两条细绳的拉力关系.14.14.水平面上静止放置一质量为 M的木箱，箱顶部和底部用细线分别拴住质量均为 m的小球，两球间有一根处于拉伸状态的轻弹簧，使两根细线均处于拉紧

18、状态，如图所示。现在突然剪断下端的细线，则从剪断细线开始到弹簧恢复原长以前，箱对地面的压力变化情况。下列判断正确的是( )A. 刚剪断细线瞬间，压力突然变大，以后箱对地面压力逐渐增大B. 刚剪断细线瞬间，压力突然变大，以后箱对地面压力逐渐减小C. 刚剪断细线瞬间，压力突然变小，以后箱对地面压力逐渐减小D. 刚剪断细线瞬间，压力突然变小，以后箱对地面压力逐渐增大【答案】B【解析】【详解】细线剪断前，箱子受重力、地面的支持力，箱内上面绳子向下的拉力，下面绳子向上的拉力四个力作用处于平衡，当剪断细线的瞬间，下面绳子的拉力突然消失，弹簧来不及发生形变，瞬间弹力不变，对上面球分析，根据平衡知，上面绳子拉

19、力不变，则在此瞬间地面的支持力变大。然后弹簧的弹力逐渐减小，上面绳子的拉力减小，所以地面对箱子支持力逐渐减小。故 B正确，ACD 错误。故选 B。【点睛】解决本题的关键知道剪断绳子的瞬间，弹簧的弹力不变通过隔离分析，抓住箱子合力为零，判断支持力的变化1115.15.如图所示是滑梯简化图，一小孩从滑梯上 A点开始无初速度下滑，在 AB段匀加速下滑，在 BC段匀减速下滑，滑到 C点恰好静止，整个过程中滑梯保持静止状态。假设小孩在AB段和 BC段滑动时的动摩擦因数分别为 1和 2，AB 与 BC长度相等，则( )A. 整个过程中地面对滑梯始终无摩擦力作用B. 动摩擦因数 1 22tanC. 小孩从滑

20、梯上 A点滑到 C点先超重后失重D. 整个过程中地面对滑梯的支持力先小于小孩和滑梯的总重力后大于小孩和滑梯的总重力【答案】BD【解析】小朋友在 AB段做匀加速直线运动，将小朋友的加速度 a1分解为水平和竖直两个方向，由于小朋友有水平向右的分加速度即有向右的力，根据牛顿定律知，地面对滑梯的摩擦力方向先水平向右；有竖直向下的分加速度，则由牛顿第二定律分析得知：小孩处于失重，地面对滑梯的支持力 FN小于小朋友和滑梯的总重力同理，小朋友在 BC段做匀减速直线运动时，小孩处于超重，地面对滑梯的支持力大于小朋友和滑梯的总重力，地面对滑梯的摩擦力方向水平向左故 AC错误，D 正确设 AB的长度为 L，AB

21、间的高度为 h，则sin= ，小孩在 B点的速度为 v小孩从 A到 B为研究对象，由动能定理得：- 1mgLcoos+mgh= mv2-0;小孩从 B到 C为研究过程，由动能定理得：- 2mgLcos+mgh=0- mv2；联立并代入数据得： 1+ 2=2tan，故 B正确故选 BD点睛：本题主要考查了牛顿定律即动能定理的直接应用，注意当物体加速度有向下分量时处于失重状态，加速度有向上分量时处于超重状态.可以结合整体及隔离法分析.16.16.小车中部的竖直杆顶部有一定滑轮。跨过定滑轮的绳子一端系一重球，另一端系在弹簧秤上，弹簧秤下端固定在小车上。小车在水平拉力作用下在水平面上向左匀速运动时的情

22、况如图所示。若突然撤去拉力，小车向左做匀减速运动阶段，稳定后下列判断正确的是（ ）12A. 弹簧秤读数及小车对地面压力均增大B. 弹簧秤读数变大，小车对地面的压力不变C. 弹簧秤读数及小车对地面压力均变小D. 弹簧秤读数不变，小车对地面的压力变大【答案】B【解析】开始时小车处于静止状态，小球受重力 mg、绳的拉力 F 绳 1，由于小球静止，所以 F 绳1=mg，当小车匀加速向右运动稳定时，小球也向右匀加速运动小球受力如图：由于小球向右做匀加速运动，所以小球的加速度水平向右，根据牛顿第二定律小球的合力也水平向右，根据力图几何关系得出：此时绳子的拉力 F 绳 2mg，所以绳中拉力变大，弹簧秤读数变

23、大对整体进行受力分析：开始时小车处于静止状态，整体所受地面的支持力等于本身重力当小车匀加速向右运动稳定时，整体在竖直方向无加速度，也就是整体在竖直方向出于平衡状态，所以整体所受地面的支持力仍然等于本身重力故 B正确，ACD错误故选 B17.17.如图所示，完全相同的磁铁 A、 B分别位于铁质车厢竖直面和水平面上， A、 B与车厢间的动摩擦因数均为 ，小车静止时， A恰好不下滑，现使小车加速运动，为保证磁铁A、 B与车厢无相对滑动，则( )13A. 速度可以向左，加速度可以小于 gB. 加速度一定向右，不能超过(1 )gC. 加速度一定向左，不能超过 gD. 加速度一定向左，不能超过(1 )g【

24、答案】AD【解析】小车静止时，A 恰好不下滑，可知 ，水平方向上车壁对磁铁的弹力和吸引力相等，当小车做加速运动时，车壁对物块的弹力不能减小，只能增加，可知加速度的方向一定水平向左，对 B分析，根据牛顿第二定律得， ， ，解得 ，即加速度不能超过 ，故 CD正确，AB 错误；故选 CD。二、实验题（18 题 8分）18.18.物理小组在一次探究活动中测量滑块与木板之间的动摩擦因数，实验装置如图甲所示，一表面粗糙的木板固定在水平桌面上，一端装有定滑轮；木板上有一滑块，其一端与穿过电磁打点计时器的纸带相连，另一端通过跨过定滑轮的细线与托盘连接。打点计时器使用的交流电源的频率为 50Hz。开始实验时，

25、在托盘中放入适量砝码，滑块开始做匀加速运动，在纸带上打出一系列点。图乙给出的是实验中获取的一条纸带的一部分：0、1、2、3、4、5、6、7 是计数点，每相邻两计数点间还有 4个计时点(图中未标出)，计数点间的距离如图所示。根据图中数据计算的加速度 a=_ms 2(保留两位有效数字)为了测量动摩擦因数，下列物理量中还应测量的是_。A.木板的长度 L B木板的质量 m114C.滑块的质量 m2D.托盘和砝码的总质量 m3E.滑块运动的时间 t滑块与木板间的动摩擦因数 =_ (用被测物理量的字母表示，重力加速度为 g)【答案】 (1). 0.49 (2). CD (3). 【解析】(1) 每相邻两计

26、数点间还有 4个计时点， ；加速度(2)设滑块的质量 m2 ，托盘和砝码的总质量 m3对托盘和砝码受力分析，据牛顿第二定律得： 对滑块受力分析，据牛顿第二定律得： 联立解得： ，故CD两项正确。(2)由第二问解答知：三、计算题（本题共 3小题，共 34分。解答应写出必要的文字说明、方程式和重要演算步骤，只写出最后答案的不能得分，有数值计算的，答案中必须明确写出数值和单位。19.19.如图所示，水平面上有一个倾角为 30的斜劈，质量为 m。一个光滑小球，质量也为 m，用绳子悬挂起来，绳子与斜面的夹角为 a30，整个系统处于静止状态。（1）求出绳子的拉力 T；（2）若地面对斜劈的最大静摩擦力 fm

27、等于地面对斜劈的支持力的 k倍，为了使整个系统始终保持静止，k 值必须满足什么条件？15【答案】(1) (2)【解析】（1）对小球：受到重力 mg、斜面的支持力 和绳子的拉力 T三个力作用，受力分析如图所示：由平衡条件得： ，解得： ；（2）对整体：受到总重力 2mg、地面的支持力 和摩擦力 f，绳子的拉力 T，如图所示：则由平衡条件得： 依题意，有： 解得： 点睛：本题涉及多个物体的平衡问题，考查灵活选择研究对象的能力，关键是分析受力情况，作出受力分析图；首先以小球为研究对象，根据平衡条件应用正交分解法求解绳子的拉力，然后对整体研究，根据平衡条件求出地面对斜劈的静摩擦力 f，当 时，整个系统

28、能始终保持静止。1620.20.汽车前方 120m有一自行车正以 6m/s的速度匀速前进，汽车以 18m/s的速度追赶自行车，若两车在同一条公路不同车道上作同方向的直线运动，求：（1）经多长时间，两车第一次相遇；（2）若汽车追上自行车后立即刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为 2m/s2，则再经多长时间两车第二次相遇。【答案】 （1）10s （2）13.5s【解析】试题分析：（1）抓住汽车和自行车的位移关系，运用运动学公式求出第一次相遇的时间（2）抓住位移相等，运用运动学公式求出第二次相遇的时间，需讨论汽车刹车到停止的时间，若经历的时间大于汽车到停止的时间，则汽车停在某处让自行车追赶，再根据运动

29、学公式求出追及的时间解：（1）设经 t1秒，汽车追上自行车 2t1= 1t1+St1=8s故经过 8s两车第一次相遇（2）相遇时汽车的速度为 v=at1=32m/s相遇后 2s内的速度为 v=v+at=32+42m/s=40m/s2s内通过的位移为汽车减速到零所需时间为5s汽车前进的位移为自行车前进的位移为 x 自 =vt2=30m，故汽车停止前未追上故再次追上所需时间为答：（1）经 8s，两车第一次相遇，（2）若汽车追上自行车后保持加速度不变继续行驶了 2s开始刹车，汽车刹车过程中的加速度大小为 8m/s2，则再经 两车第二次相遇【点评】解决本题的关键知道两车相遇位移具有一定的关系注意第二次

30、相遇要判断汽车17是否停止，不能死代公式21.21.如图所示，水平平台 ab长为 20 m，平台 b端与长度未知的特殊材料制成的斜面 bc连接，斜面倾角为 30.在平台 a端放上质量为 5 kg的物块，并给物块施加与水平方向成37角的 50 N推力后，物块由静止开始运动己知物块与平台间的动摩擦因数为 0.4，重力加速度 g10 m/s 2，sin370.6，求：(1)物块由 a运动到 b所用的时间；(2)若物块从 a端运动到 P点时撤掉推力，则物块刚好能从斜面 b端开始下滑，则 aP间的距离为多少？(物块在 b端无能量损失)(3)若物块与斜面间的动摩擦因数 bc0.2770.03 Lb，式中

31、Lb为物块在斜面上所处的位置离 b端的距离，在(2)中的情况下，物块沿斜面滑到什么位置时速度最大？【答案】 （1）5s （2）14.3m （3）见解析【解析】试题分析：（1）根据牛顿运动定律求解加速度，根据位移时间关系知时间；（2）根据位移速度关系列方程求解；（3）物体沿斜面下滑的速度最大时，须加速度为 0，根据受力分析列方程，结合物块与斜面间的动摩擦因数 bc=0.277+0.03Lb知斜面长度的临界值，从而讨论最大速度解：（1）受力分析知物体的加速度为a1= = =1.6m/s2x= a1t2解得 a到 b的时间为 t= =5s（2）物体从 a到 p： =2a1x1物块由 P到 b： =2

32、a2x218a2=gx=x1+x2解得 ap距离为 x1=14.3m（3）物体沿斜面下滑的速度最大时，须加速度为 0，即 a= =0 bc=0.277+0.03Lb，联立解得 Lb=10m因此如斜面长度 L10m，则 Lb=10m时速度最大；若斜面长度 L10m，则斜面最低点速度最大答：（1）物块由 a运动到 b所用的时间为 5s；（2）若物块从 a端运动到 P点时撤掉推力，则物块刚好能从斜面 b端开始下滑，则间 aP的距离为 14.3m；（3）斜面长度 L10m，则 Lb=10m时速度最大；若斜面长度 L10m，则斜面最低点速度最大【点评】本题考查的是牛顿第二定律及共点力平衡，但是由于涉及到动摩擦因数变化，增加了难度；故在分析时要注意物体沿斜面下滑的速度最大时，须加速度为 0这个条件