广东省汕头市金山中学2018_2019学年高二物理上学期期中试题.doc

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1、- 1 -广东省汕头市金山中学 2018-2019 学年高二物理上学期期中试题一、单项选择题（6 小题，每题 4 分，共 24 分）1.绝缘细线上端固定，下端悬挂一个轻质小球 a，a 的表面镀有铝膜，在 a 的附近，有一个绝缘金属球 b，开始时 a、b 都不带电，如图所示，现在使 a 带电，则：（）A、a、b 之间不发生相互作用 B、b 将吸引 a，吸住后不放C、b 立即把 a 排斥开 D、b 先吸引 a，接触后又把 a 排斥开2.下列说法正确的是：（ ）A、 根据 EF/q，可知，电场中某点的场强与电场力成正比B、 根据 EkQ/r 2 ，可知电场中某点的场强与形成电场的点电荷的电荷量成正比

2、C、 根据场强的叠加原理，可知合电场的场强一定大于分电场的场强D、电场线就是点电荷在电场中的运动轨迹3.一带电粒子从电场中的 A 点运动到 B 点，轨迹如图中虚线所示，不计粒子所受的重力，则：（ ）A、粒子带正电B、粒子的加速度逐渐减小C、A 点的场强小于 B 点的场强D、粒子的速度不断增大4.如图所示，用绝缘细线把小球 A 悬于 O 点，静止时恰好与另一固定小球 B 接触。今使两球带同种电荷，悬线将偏离竖直方向某一角度 1，此时悬线中的张力大小为 T1；若增加两球的带电量，悬线偏离竖直方向的角度将增大为 2，此时悬线中的张力大小为 T2，则：（ ）A、T 1T2D、无法确定5.两电阻 R1、

3、R 2中的电流 I 和电压 U 的关系图线如图所示，可知两电阻的大小之比 R1：R 2等于（）A、1；3 B、3；1 C、1： D、 ：136.如图所示电路中，电源的电动势为 E，内阻为 r，R 1为滑动 变阻器，R2为定值电阻，电流表和电压表均为理想电表，闭合电键 S，当滑动变阻器 R1的滑动触头 P向右滑动时，电表的示数都发生变化，电流表示数变化量的大小为I、电压表 V、V 1和 V2示数变化量的大小分别为U、U 1和U 2，下列说法错误的 是（）A、U 1U 2 B、U 1/I 变小C、U 2/I 不变 D、U/I 不变二、多项选择题（6 小题，每题 4 分，共 24 分）- 2 -7.

4、如图所示是一个由电池、电阻 R 与平行板电容器组成的电路，在增大电容器两板间距离的过程中（）A、电阻 R 中没有电流B、电容器的电容变小C、电阻 R 中有从 a 流向 b 的电流D、电阻 R 中有从 b 流向 a 的电流8.如图所示的电路中，电源的电动势恒定.要想使灯泡变暗，可以( ).A、增大 R1 B、减小 R1C、增大 R2 D、减小 R29.一平行板电容器充电后与电源断开，负极板接地。两板间有一个正电荷固定在 P 点，如图所示，以 E 表示两板间的场强，U 表示电容器两板间的电压，E p表示正电荷在 P 点的电势能，若保持负极板不动，将正极板向下移到图示的虚线位置则：（）A、U 变小，

5、E 不变 B、E 变小，E p不变C、U 变小，E p不变 D、U 不变，E p不变10.如图，A、B 为水平放置的平行金属板，两板相距为 d，分别与电源两极相连。两板的中央各有小孔 M 和 N，今有一带电质点，自 A 板上方相距为 d 的 P 点由静止开始自由下落（P、M、N 在同一竖直线上） ，空气阻力不计，到达 N 孔时速度恰好为零，然后沿原路径返回。若保持两极板间电压不变，则（）A、若把 A 板向上平移一小段距离，质点自 P 点自由下落后仍能返回B、若把 A 板向下平移一小段距离，质点自 P 点自由下落后将穿过 N孔继续下落C、若把 B 板向上平移一小段距离，质点自 P 点自由下落后仍

6、能返回D、若把 B 板向下平移一小段距离，质点自 P 点自由下落后将穿过 N孔继续下落11.一束带电粒子沿着水平方向平行地飞过静止的小磁针正上方，这时磁针的 N 极向纸外方向偏转，这一束带电粒子可能是（）A、向右飞行的正离子束 B、向左飞行的正离子束C、向右飞行的负离子束 D、向左飞行的负离子束12.安培分子电流假说可用来解释（）A、运动电荷受磁场力作用的原因 B、两通电导体有相互作用的原因C、永久磁铁具有磁性的原因 D、软铁棒被磁化的现象三、实验题（每空 2 分，连线图 2 分，有一处错不给分，共 20 分）13.图 1 中游标卡尺的读数是 mm。图 2 中螺旋测微器的读数是 mm。- 3

7、-14.测量一块量程已知的电压表的内阻，器材如下：A 待测电压表（量程 3V，内阻未知）一块B 电流表（量程 3A，内阻 0.01）一块C定值电阻（阻值 5k，额定电流 0.5A）一个D电池组（电动势小于 3V，内阻不计）一个E多用电表一块F开关两只 G导线若干有一同学利用上面所给器材，进行如下实验操作：(1)用多用电表进行粗测：多用电表电阻档有 3 种倍率，分别是100、10 和1。该同学选择10 倍率，用正确的操作方法测量时，发现指针偏转角度太小。为了较准确地进行测量，应重新选择 倍率。重新选择倍率后，刻度盘上的指针位置如图所示，那么测量结果大约是 。（2）为了更准确的测出该电压表内阻的大

8、小，该同学设计了如图甲、乙两个实验电路。你认为其中较合理的是 （填“甲”或“乙” ）电路。（3）用你选择的电路进行实验时，需要直接测量的物理量；用上述所测各量表示电压表内阻，其表达式应为 Rv 。15.要测量一电源的电动势 E（小于 3V）和内阻 r（约 1） ，现有下列器材：电压表 V（3V和 15V 两个量程） 、电阻箱（0999.9） 、定值电阻 R0=3、开关和导线。某同学根据所给器材设计如下的实验电路。（1）请根据图甲电路，在图乙中用笔画线代替导线连接电路。（2）该同学调节电阻箱阻值 R，读出对应的电压表读数 U，得到二组数据： R1=2.0 时U1=2.37V； R2=4.0 时

9、U2=2.51V。由这二组数可求得电源的电动势为 E= V，内阻为r= 四、计算题（共 32 分）16.(11 分)在方向水平的匀强电场中，一不可伸长的不导电细线的一端连着一个质量为 m 的带电小球，另一端固定于 O 点。把小球拉起直至细线与场强平行，然后无初速释放。已知小- 4 -球摆到最低点的另一侧，线与竖直方向的最大夹角为 (如图)。重力加速度为 g，求小球经过最低点时细线对小球的拉力。17.（10 分）如图所示，有一电子（电量为 e，质量为 m， ）经电压 U0加速后，进入两块间距为 d、电压为 U 的平行金属板间若电子从两板正中间垂直电场方向射入，且恰好能从金属板右边缘飞出，求：（1

10、）该电子刚飞离加速电场时的速度大小（2）金属板 AB 的长度（3）电子最后穿出电场时的动能18 （11 分）如图所示在长为 2L 的绝缘轻质细杆的两端各连接一个质量均为 m 的带电小球 A和 B（可视为质点，也不考虑二者间的相互作用力） ，A 球带正电、电荷量为+2q，B 球带负电.电荷量为3q.现把 A 和 B 组成的带电系统锁定在光滑绝缘的水平面上，并让 A 处于如图所示的有界匀强电场区域 MPQN（边界 MPNQ 也在电场内）内.已知虚线 MP 是细杆的中垂线，MP 和NQ 的距离为 4L，匀强电场的场强大小为 E，方向水平向右.现取消对 A、B 的锁定，让它们从静止开始运动.（忽略小球

11、运动中所产生的磁场造成的影响）（1）求小球 A、 B 运动过程中的最大速度；（2）小球 A、 B 能否回到原出发点？若不能，请说明理由；若能，请求出经过多长时间带电系统又回到原地发点.2018 级高二第一学期期中考试物理科参考答案一选择题（共 48 分）1-6 为单项选择题，每题 4 分。7-12 为多项选择题，每题 4 分漏选得 2 分，选错得 0 分。题号 1 2 3 4 5 6 7 8 9 10 11 12答案 D B B B A B BC AD AC ACD BC CD二实验题（每空 2 分，连线图也是 2 分，共 20 分， ）13. 33.10mm 6.124mm 14.（1）10

12、0； 3.0 K （2）乙；（3）K 2闭合前后电压表的读数 U1、 U2 ； 1R15.解：（1）如右图所示（有一处错就不给分） （2 分）（2） E=2.94V r=1.2四计算题(共32分)16(11分).设细线长为 l，球的电量为q，场强为E.若电量q为正，则场强方向在题图中向右，反之向左。从释放点到左侧最高点。重力势能的减少等于电势能的增加，R03V15- 5 -mglcos qEl(1 sin) 若小球运动到最低点时的速度为 v，此时线的拉力为T，由能量关系得：qElmgv21由牛顿第二定律得：T mg m 由以上各式解得：T mg( ) sin1co23评分标准：、式各3分，式2

13、分，式3分。共11分。17.（10 分）解：（1）设电子被加速后速度大小为 v0，对于电子在加速电场中由动能定理得：（2 分）所以 （1 分）（2）在偏转电场中，由电子做类平抛运动，设加速度为 a，极板长度为 L，由于电子恰好射出电场，所以有： （1 分）L=v0t （1 分）（ 1 分）由解得： （1 分）（3）电子正好能穿过电场偏转电场，偏转的距离就是 ，由此对电子做功（1 分）代入中得： （2 分） 1评分标准：共 10 分。18.（11 分）解析：（1）带电系统锁定解除后，在水平方向上受到向右的电场力作用开始向右加速运动，当 B 进入电场区时，系统所受的电场力为 A、B 的合力，因方向

14、向左，从而做- 6 -减速运动，以后不管 B 有没有离开右边界，速度大小均比 B 刚进入时小，故在 B 刚进入电场时，系统具有最大速度。设 B 进入电场前的过程中，系统的加速度为 a1，由牛顿第二定律：2Eq2ma 1B 刚进入电场时，系统的速度为 vm，由可得 （或用动能定理一式加结果，3 分）Lavm12EqLvm2（2）对带电系统进行分析，假设 A 能达到右边界，电场力对系统做功为 W1则 0)2(321 qqW故系统不能从右端滑出，即：当 A 刚滑到右边界时，速度刚好为零，接着反向向左加速。由运动的对称性可知，系统刚好能够回到原位置，此后系统又重复开始上述运动。设 B 从静止到刚进入电场的时间为 t1，则 EqmLavt21设 B 进入电场后，系统的加速度为 a2，由牛顿第二定律 23a显然，系统做匀减速运动，减速所需时间为 t2，则有 EqmLavt802那么系统从开始运动到回到原出发点所需的时间为 tt6)(21评分标准：每式 1 分到式每式 2 分共 11 分