【公务员类职业资格】四川省公务员考试行政职业能力测试真题2010年及答案解析.doc

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1、四川省公务员考试行政职业能力测试真题 2010 年及答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)一、B单项选择题/B(总题数：41，分数：75.00)1.为实现程序指令的顺序执行，CPU_中的值将自动加 1。（分数：1.00）A.指令寄存器(IR)B.程序计数器(PC)C.地址寄存器(AR)D.指令译码器(ID)2.某计算机系统由下图所示的部件构成，假定每个部件的千小时可靠度都为 R，则该系统的千小时可靠度为_。（分数：1.00）A.R+2R/4B.R+R2/4C.R(1-(1-R)2)D.R(1-(1-R)2)23.以下关于计算机系统中断概念的叙述中，正确的是_。（分数：1.00）A.

2、由 I/O 设备提出的中断请求和电源掉电都是可屏蔽中断B.由 I/O 设备提出的中断请求和电源掉电都是不可屏蔽中断C.由 I/O 设备提出的中断请求是可屏蔽中断，电源掉电是不可屏蔽中断D.由 I/O 设备提出的中断请求是不可屏蔽中断，电源掉电是可屏蔽中断4.与B 等价的逻辑表达式是_。(表示逻辑异或，+表示逻辑加)（分数：1.00）A.A+B.AC.ABD.AB+5.计算机指令一般包括操作码和地址码两部分，为分析执行一条指令，其_。（分数：1.00）A.操作码应存入指令寄存器(IR)，地址码应存入程序计数器(PC)B.操作码应存入程序计数器(PC)，地址码应存入指令寄存器(IR)C.操作码和地

3、址码都应存入指令寄存器(IR)D.操作码和地址码都应存入程序计数器(PC)6.关于 64 位和 32 位微处理器，不能以 2 倍关系描述的是_。（分数：1.00）A.通用寄存器的位数B.数据总线的宽度C.运算速度D.能同时进行运算的位数7.Outlook Express 作为邮件代理软件有诸多优点，以卜说法中，错误的是_。（分数：1.00）A.可以脱机处理邮件B.可以管理多个邮件账号C.可以使用通讯簿存储和检索电子邮件地址D.不能发送和接收安全邮件杀毒软件报告发现病毒 Macro.Melissa，由该病毒名称可以推断病毒类型是U (8) /U，这类病毒主要感染目标是U (9) /U。 （分数：

4、2.00）A.文件型B.引导型C.目录型D.宏病毒A.EXE 或 COM 可执行文件B.Word 或 Excel 文件C.DLL 系统文件D.磁盘引导区8.就相同内容的计算机程序的发明创造，两名以上的申请人先后向国务院专利行政部门提出申请，则_可以获得专利申请权。（分数：1.00）A.所有申请人均B.先申请人C.先使用人D.先发明人9.王某是一名程序员，每当软件开发完成后均按公司规定完成软件文档，并上交公司存档，自己没有留存。因撰写论文的需要，王某向公司要求将软件文档原本借出复印，但遭到公司拒绝，理由是该软件文档属于职务作品，著作权归公司。以下叙述中，正确的是_。（分数：1.00）A.该软件文

5、档属于职务作品，著作权归公司B.该软件文档不属于职务作品，程序员享有著作权C.该软件文档属于职务作品，但程序员享有复制权D.该软件文档不属于职务作品，著作权由公司和程序员共同享有在 ISO 制定并发布的 MPEG 系列标准中，U (12) /U的音、视频压缩编码技术被应用到 VCD 中，U (13) /U标准中的音、视频压缩编码技术被应用到 DVD 中，U (14) /U标准中不包含音、视频压缩编码技术。 （分数：3.00）A.MPEG-1B.MPEG-2C.MPEG-7D.MPEG-21A.MPEG-1B.MPEG-2C.MPEG-4D.MPEG-21A.MPEG-1B.MPEG-2C.MP

6、EG-4D.MPEG-710.基于构件的软件开发，强调使用可复用的软件“构件”来设计和构建软件系统，对所需的构件进行合格性检验、_，并将它们集成到新系统中。（分数：1.00）A.规模度量B.数据验证C.适应性修改D.正确性测试11.采用面向对象方法开发软件的过程中，抽取和整理用户需求并建立问题域精确模型的过程叫_。（分数：1.00）A.面向对象测试B.面向对象实现C.面向对象设计D.面向对象分析12.使用白盒测试方法时，确定测试数据应根据_利指定的覆盖标准。（分数：1.00）A.程序的内部逻辑B.程序结构的复杂性C.使用说明书D.程序的功能进度安排的常用图形描述方法有 Gantt 图和 PER

7、T 图。Gantt 图不能清晰地描述U (18) /U；PERT 图可以给出哪些任务完成后才能开始另一些任务。下图所示的 PERT 图中，事件 6 的最晚开始时刻是U (19) /U。（分数：2.00）A.每个任务从何时开始B.每个任务到何时结束C.每个任务的进展情况D.各任务之间的依赖关系A.0B.3C.10D.1113.若某整数的 16 位补码为 FFFFH(H 表示十六进制)，则该数的十进制值为_。（分数：1.00）A.0B.-1C.216-1D.-216+114.逻辑表达式“abc(bx0)”的后缀式为_。(其中、分别表示逻辑与、逻辑或，表示关系运算大于，对逻辑表达式进行短路求值)（分

8、数：1.00）A.abcbx0B.abcbx0VC.abcbx0D.abcbx015.编译程序对 C 语言源程序进行语法分析时，可以确定_。（分数：1.00）A.变量是否定义(或声明)B.变量的值是否正确C.循环语句的执行次数D.循环条件是否正确16.如果系统采用信箱通信方式，当进程调用 Send 原语被设置成“等信箱”状态时，其原因是_。（分数：1.00）A.指定的信箱不存在B.渊用时没有设置参数C.指定的信箱中无信件D.指定的信箱中存满了信件17.若系统中有若干个互斥资源 R，6 个并发进程，每个进程都需要 2 个资源 R，那么系统不发生死锁的资源 R 的最少数目为_。（分数：1.00）A

9、.6B.7C.9D.12某进程有 5 个页面，页号为 04，页面变换表如下所示。表中状态位等于 0 和1 分别表示页面“不在内存”和“在内存”。若系统给该进程分配了 3 个存储块，当访问的页面 3 不在内存时，应该淘汰表中页号为U (25) /U的页面。假定页面大小为 4K，逻辑地址为十六进制 2C25H，该地址经过变换后，其物理地址应为卜六进制U (26) /U。 页号 页帧号 状态位 访问位 修改位0 3 1 1 01 0 0 02 4 1 1 13 0 0 04 1 1 1 1（分数：2.00）A.0B.1C.2D.4A.2C25HB.4096HC.4C25HD.8C25H18.假设某磁

10、盘的每个磁道划分成 9 个物理块，每块存放 1 个逻辑记录。逻辑记录。R0，R1，R8 存放在同一个磁道上，记录的安排顺序如下表所示：（分数：1.00）A.物理块B.1C.2D.3E.4F.5G.6H.7I.8J.9K.逻辑记录L.R0M.R1N.R2O.R3P.R4Q.R5R.R6S.R7T.R819.数据库的视图、基本表和存储文件的结构分别对应_。（分数：1.00）A.模式、内模式、外模式B.外模式、模式、内模式C.模式、外模式、内模式D.外模式、内模式、模式20.确定系统边界和关系规范化分别在数据库设计的_阶段进行。（分数：1.00）A.需求分析和逻辑设计B.需求分析和概念设计C.需求分

11、析和物理设计D.逻辑设计和概念设计若关系 R、S 如下图所示， 1,3,7( 36 (RS)=U (30) /U，且结果集的元组列数和元组个数分别为U (31) /U，RS=U (32) /U。 （分数：17.00）A. A,C,E( CD (RS)B. A,R.C,E( R.CS.D (RS)C. A,S.C,S.E( R.CS.D (RS)D. R.A,R.C,R.E( R.CS.D (RS)A.4 和 8B.3 和 8C.3 和 5D.7 和 5A.B.C.D.A.组合属性B.派生属性C.多值属性D.单值属性A.1:1B.1:nC.n:1D.n:mA.病历号B.病历号，病情，就诊日期C.

12、病历号，就渗日期，医生代码D.病情，就诊日期，医生代码A.3NF，无冗余、无插入异常和删除异常B.2NF，无冗余，但存在插入异常和删除异常C.2NF，存在冗余，但不存在修改操作的不一致D.2NF，存在冗余和修改操作的不一致，以及插入异常和删除异常A.零件号，零件名称B.零件号，供应商C.零件号，供应商所在地D.供应商，供应商所在地A.P1(零件号，零件名称，单价)、P2(供应商，供应商所在地，库存量)B.P1(零件号，零件名称)、P2(供应商，供应商所在地，单价，库存量)C.P1(零件号，零件名称)、P2(零件号，供应商，单价，库存量)、P3(供应商，供应商所在地)D.P1(零件号，零件名称)

13、、P2(零件号，单价，库存量)、P3(供应商，供应商所在地)、P4(供应商所在地，库存量)A.零件名称，AVG(单价)，MAX(单价)-MIN(单价)B.供应商，AVG(单价)，MAX(单价)-MIN(单价)C.零件名称，AVG 单价，MAX 单价-MIN 单价D.供应商，AVG 单价，MAX 单价-MIN 单价A.ORDER BY 供应商B.ORDER BY 零件号C.GROUP BY 供应商D.GROUP BY 零件号A.零件名称=P1AND 库存量 Between 100 AND 500B.零件名称=P1AND 库存量 Between 100 TO 500C.零件名称=P1OR 库仔量

14、Between 100 AND 500D.零件名称=P10R 库存量 Between 100 TO 500A.供应商所在地 in%西安%B.供应商所在地 like西安%C.供应商所在地 like%西安%D.供应商所在地 like西安%A.ACB.ADC.CBD.BDA.不具有无损连接性，而且不保持函数依赖B.不具有无损连接性，但保持函数依赖C.具有无损连接性，而且保持函数依赖D.具有无损连接性，但不保持函数依赖A.处于一致的状态B.不存在冗余的信息C.操作不出现死循环D.备份的完整性A.B.C.D.21.关于视图的叙述，错误的是_。（分数：1.00）A.视图不存储数据，但可以通过视图访问数据B

15、.视图提供了一种数据安全机制C.视图可以实现数据的逻辑独立性D.视图能够提高对数据的访问效率22.连接数据库时的安全验证是通过_来实现的。（分数：1.00）A.用户标识与紧别B.存取控制C.数据加密D.审计嵌入式 SQL 中通过U (49) /U实现主语言与 SQL 语句间进行参数传递；SQL 语句的执行状态通过U (50) /U传递给主语言来进行流程控制；对于返回结果为多条记录的 SQL 语句，通过U (51) /U来由主语言逐条处理。 （分数：7.00）A.主变量B.游标C.SQLCAD.数据集A.主变量B.游标C.SQLCAD.数据集A.主变量B.游标C.SQLCAD.数据集A.GRAN

16、TB.GIVEC.CALL BACKD.REVOKEA.RESTRICTB.CASCADEC.WITH GRANT OPTIOND.WITH CHECK OPTIONA.原子性B.一致性C.隔离性D.持久性A.日志文件B.全局备份C.增量备份D.影子备份23.SQL-99 标准规定的事务的四个隔离级别中，能解决幻影读现象的级别是_。（分数：1.00）A.READ UNCOMMITTEDB.READ COMMITTEDC.REPEATABLE READD.SERIALIZABLE24.概念结构设计阶段完成的文档是_。（分数：1.00）A.E-R 图B.DFD 图C.关系模式D.数据字典25.设计

17、关系模式时，派生属性不会作为关系中的属性来存储。员工(工号，姓名，性别，出生日期，年龄)关系中，派生属性是_。（分数：1.00）A.姓名B.性别C.出生日期D.年龄26.某高校的管理系统中有学生关系为：学生(学号，姓名，性别，出生日期，班级)，该关系的数据是在高考招生时从各省的考生信息库中导入的，来自同一省份的学生记录在物理上相邻存放，为适应高校对学生信息的大量事务处理是以班级为单位的应用需求，应采取的优化方案是_。（分数：1.00）A.将学号设为主码B.对学号建立 UNIOUE 索引C.对班级建立 CLUSTER 索引D.对班级建立 UNIOUE 索引27.关于分布式数据库，下列描述正确的是

18、_。（分数：1.00）A.客户机是分布在不同场地的B.多个数据库服务器间的数据交互通过客户端程序来实现C.数据的物理存储分布在不同的服务器上，而用户只关心访问的逻辑结构D.每个服务器上必须运行相同的 DBMS28.分布式数据库允许部分数据存在多个复本，而用户不必知道这些复本的存在，称为_。（分数：1.00）A.分片透明B.复制透明C.位置透明D.全局共享对象关系数据库中，员工(工号，姓名，性别，联系电话)表中的联系电话为多值属性，则员工属于U (62) /U，在 SQL99 标准中可以使用U (63) /U来实现。 （分数：2.00）A.非 1NF 关系B.1NF 关系C.2NF 关系D.3N

19、F 关系A.集合类型B.CLOB 类型C.BLOB 类型D.结构类型29.不属于数据库访问接口的是_。（分数：1.00）A.ODBCB.JDBCC.ADOD.HTML30.联机分析处理(OLAP)与联机事务处理(OLTP)的区别是_。（分数：1.00）A.OLAP 针对数据库，OLTP 针对数据仓库B.OLAP 要求响应时间合理，OLTP 要求响应时间快C.OLAP 主要用于更新事务，OLTP 用于分析数据D.OLAP 面向操作人员，OLTP 面向决策人员IP 地址块 222.125.80.128/26 包含了U (66) /U个可用主机地址，其中最小地址是U (67) /U，最大地址是U (

20、68) /U。 （分数：3.00）A.14B.30C.62D.126A.222.125.80.128B.222.125.80.129C.222.125.80.159D.222.125.80.160A.222.125.80.128B.222.125.80.190C.222.125.80.192D.222.125.80.25431.以下 HTML 代码中，创建指向邮箱地址的链接正确的是_。（分数：1.00）A.a href=“email:“ href=“emailto:“ href=“mail:“ href=“mailto:“ 服务默认的 TCP 端口号是_。（分数：1.00）A.20B.25C.

21、80D.110Observe that for the programmer，as for the chef,the urgency of the patron(顾客) may govern the scheduled completion of the task，but it cannot govern the actual completionAn omelette(煎鸡蛋)，promised in two minutes，may appear to be progressing nicelyBut when it has not set in two minutes，the custom

22、er has two choiceswaits or eats it rawSoftware customers have hadU (71) /Uchoices Now I do not think softwareU (72) /Uhave less inherent courage and firmness than chefs，nor than other engineering managersBut falseU (73) /Uto match the patrons desired date is much more common in our discipline than e

23、lsewhere in engineeringIt is veryU (74) /Uto make a vigorous，plausible，and job risking defense of an estimate that is derived by no quantitative method，supported by little data，and certified chiefly by the hunches of the managers Clearly two solutions are neededWe need to develop and publicize produ

24、ctivity figures，bug-incidence figures，estimating rules，and so onThe whole profession can only profit fromU (75) /Usuch dataUntil estimating is on a sounder basis，individual managers will need to stiffen their backbones and defend their estimates with the assurance that their poor hunches are better

25、than wish derived estimates （分数：5.00）A.noB.the sameC.otherD.lots ofA.testersB.constructorsC.managersD.architectsA.tasksB.jobsC.worksD.schedulingA.easyB.difficultC.simpleD.painlessA.sharingB.excludingC.omittingD.ignoring四川省公务员考试行政职业能力测试真题 2010 年答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)一、B单项选择题/B(总题数：41，分数：75.00)1.为实

26、现程序指令的顺序执行，CPU_中的值将自动加 1。（分数：1.00）A.指令寄存器(IR)B.程序计数器(PC) C.地址寄存器(AR)D.指令译码器(ID)解析：解析本题考查 CPU 中相关寄存器的基础知识。 指令寄存器(IR)用来保存当前正在执行的指令。当执行一条指令时，先把它从内存取到数据寄存器(DR)中，然后再传送至 IR。为了执行任何给定的指令，必须对操作码进行测试，以便识别所要求的操作。指令译码器(ID)就是做这项工作的。指令寄存器中操作码字段的输出就是指令译码器的输入。操作码一经译码后，即可向操作控制器发出具体操作的特定信号。 地址寄存器(AR)用来保存当前 CPU 所访问的内存

27、单元的地址。由于在内存和 CPU 之间存在着操作速度上的差别，所以必须使用地址寄存器来保持地址信息，直到内存的读/写操作完成为止。 为了保证程序指令能够连续地执行下去，CPU 必须具有某些手段来确定下一条指令的地址。而程序计数器正起到这种作用，所以通常又称为指令计数器。在程序开始执行前，必须将它的起始地址，即程序的一条指令所在的内存单元地址送入 PC，因此程序计数器(PC)的内容即是从内存提取的第一条指令的地址。当执行指令时，CPU 将自动修改 PC 的内容，即每执行一条指令 PC 增加一个量，这个量等于指令所含的字节数，以便使其保持的总是将要执行的卜一条指令的地址。由于大多数指令都是按顺序来

28、执行的，所以修改的过程通常只是简单的对 PC 加 1。2.某计算机系统由下图所示的部件构成，假定每个部件的千小时可靠度都为 R，则该系统的千小时可靠度为_。（分数：1.00）A.R+2R/4B.R+R2/4C.R(1-(1-R)2)D.R(1-(1-R)2)2 解析：解析本题考查系统可靠性方面的基础知识。 由于子系统构成串联系统时，其中任何一个子系统失效就足以使系统失效，其可靠度等于各子系统可靠度的乘积；构成并联系统时，只要有个子系统正常工作，系统就能正常工作，设每个子系统的可靠性分别以 R1，R 2，R N表示，则整个系统的可靠度由下式来求得： R=1-(1-R1)(1-R2)(1-RN)

29、因此，本系统的可靠度为 R(1-(1-R)2)2。3.以下关于计算机系统中断概念的叙述中，正确的是_。（分数：1.00）A.由 I/O 设备提出的中断请求和电源掉电都是可屏蔽中断B.由 I/O 设备提出的中断请求和电源掉电都是不可屏蔽中断C.由 I/O 设备提出的中断请求是可屏蔽中断，电源掉电是不可屏蔽中断 D.由 I/O 设备提出的中断请求是不可屏蔽中断，电源掉电是可屏蔽中断解析：解析本题考查中断基础知识。 按照是否可以被屏蔽，可将中断分为两大类：不可屏蔽中断(又叫非屏蔽中断)和可屏蔽中断。不可屏蔽中断源一旦提出请求，CPU 必须无条件响应，而对可屏蔽中断源的请求，CPU 可以响应，也可以不

30、响应。典型的非屏蔽中断源的例子是电源掉电，一旦出现，必须立即无条件地响应，否则进行其他任何工作都是没有意义的。典型的可屏蔽中断源的例子是打印机中断，CPU 对打印机中断请求的向应可以快一些，也可以慢一些，因为计打印机等待一会儿是完全可以的。对于软中断，它不受中断允许标志位(IF 位)的影响，所以属于非屏蔽中断范畴。4.与B 等价的逻辑表达式是_。(表示逻辑异或，+表示逻辑加)（分数：1.00）A.A+B.A C.ABD.AB+ 解析：解析本题考查逻辑运算基础知识。 用真值表验证如下： 从上表可知，B 与 A、AB+等价。5.计算机指令一般包括操作码和地址码两部分，为分析执行一条指令，其_。（分

31、数：1.00）A.操作码应存入指令寄存器(IR)，地址码应存入程序计数器(PC)B.操作码应存入程序计数器(PC)，地址码应存入指令寄存器(IR)C.操作码和地址码都应存入指令寄存器(IR) D.操作码和地址码都应存入程序计数器(PC)解析：解析本题考查指令系统基础知识。 程序被加载到内存后开始运行，当 CPU 执行一条指令时，先把它从内存储器取到缓冲寄存器 DR 中，再送入 IR 暂存，指令译码器根据 IR 的内容产生各种微操作指令，控制其他的组成部件工作，完成所需的功能。 程序计数器(PC)具有寄存信息和计数两种功能，又称为指令计数器。程序的执行分两种情况，一是顺序执行，二是转移执行。在程

32、序丌始执行前，将程序的起始地址送入 PC，该地址在程序加载到内存时确定，因此 PC 的内容即是程序第一条指令的地址。执行指令时，CPU 将自动修改 PC 的内容，以便使其保持的总是将要执行的下一条指令的地址。由于大多数指令都是按顺序来执行的，所以修改的过程通常只是简单的对 PC 加 1。当遇到转移指令时，后继指令的地址根据当前指令的地址加上一个向前或向后转移的位移量得到，或者根据转移指令给出的直接转移地址得到。6.关于 64 位和 32 位微处理器，不能以 2 倍关系描述的是_。（分数：1.00）A.通用寄存器的位数B.数据总线的宽度C.运算速度 D.能同时进行运算的位数解析：解析本题考查计算

33、机系统基础知识。 计算机系统的运算速度受多种因素的影响，64 位微处理器可同时对 64 位数据进行运算，但不能说其速度是 32 位微处理器的 2 倍。7.Outlook Express 作为邮件代理软件有诸多优点，以卜说法中，错误的是_。（分数：1.00）A.可以脱机处理邮件B.可以管理多个邮件账号C.可以使用通讯簿存储和检索电子邮件地址D.不能发送和接收安全邮件 解析：解析Outlook Express 有以下一些优点： 可以脱机处理邮件，有效利用联机时间，降低了上网费用。 可以管理多个邮件账号，在同一个窗口中使用多个邮件账号。 可以使用通讯簿存储和检索电子邮件地址。 在邮件中添加个人签名或

34、信纸。 发送和接收安全邮件。杀毒软件报告发现病毒 Macro.Melissa，由该病毒名称可以推断病毒类型是U (8) /U，这类病毒主要感染目标是U (9) /U。 （分数：2.00）A.文件型B.引导型C.目录型D.宏病毒 解析：A.EXE 或 COM 可执行文件B.Word 或 Excel 文件 C.DLL 系统文件D.磁盘引导区解析：解析本题考查计算机病毒方面的基础知识。 计算机病毒的分类方法有许多种，按照最通用的区分方式，即根据其感染的途径以及采用的技术区分，计算机病毒可分为文件型计算机病毒、引导型计算机病毒、宏病毒和目录型计算机病毒。 文件型计算机病毒感染可执行文件(包括 EXE

35、和 COM 文件)。 引导型计算机病毒影响软盘或硬盘的引导扇区。 目录型计算机病毒能够修改硬盘上存储的所有文件的地址。 宏病毒感染的对象是使用某些程序创建的文本文档、数据库、电子表格等文件，从文件名可以看出Macro.Melissa 是一种宏病毒，所以题中两空的答案是 D 和 B。8.就相同内容的计算机程序的发明创造，两名以上的申请人先后向国务院专利行政部门提出申请，则_可以获得专利申请权。（分数：1.00）A.所有申请人均B.先申请人 C.先使用人D.先发明人解析：解析本题考查知识产权基本知识，即专利管理部门授予专利权的基本原则。我国授予专利权采用先申请原则，即两个以上的申请人分别就同一项发

36、明创造申请专利权的，专利权授予最先申请的人。如果两个以上申请人在同一日分别就同样的发明创造申请专利的，应当在收到专利行政管理部门的通知后自行协商确定申请人。如果协商不成，专利局将驳回所有申请人的申请，即所有申请人均不能取得专利权。所以，先申请人可以获得专利申请权。9.王某是一名程序员，每当软件开发完成后均按公司规定完成软件文档，并上交公司存档，自己没有留存。因撰写论文的需要，王某向公司要求将软件文档原本借出复印，但遭到公司拒绝，理由是该软件文档属于职务作品，著作权归公司。以下叙述中，正确的是_。（分数：1.00）A.该软件文档属于职务作品，著作权归公司 B.该软件文档不属于职务作品，程序员享有

37、著作权C.该软件文档属于职务作品，但程序员享有复制权D.该软件文档不属于职务作品，著作权由公司和程序员共同享有解析：解析本题考查知识产权知识，即软件知识产权归属。公民为完成法人或者其他组织工作任务所创作的作品是职务作品。职务作品可以是作品分类中的任何一种形式，如文字作品、电影作品、计算机软件都可能由于为执行工作任务而创作，属于职务作品。其著作权归属分两种情形： (1)一般职务作品 一般职务作品的著作权由作者享有。单位或其他组织享有在其业务范围内优先使用的权利，期限为 2 年。单位的优先使用权是专有的，未经单位同意，作者不得许可第三人以与单位使用的相同方式使用该作品。在作品完成两年内，如单位在其

38、业务范围内不使用，作者可以要求单位同意由第三人以与单位使用的棚同方式使用，所获报酬，由作者与单位按约定的比例分配。 (2)特殊的职务作品 所谓特殊职务作品一是指是利用法人或者其他组织的物质技术条件创作，并由法人或者其他组织承担责任的工程设计、产品设计图纸、地图、计算机软件等职务作品；二是指法律、行政法规规定或者合同约定著作权南法人或者其他组织享有的职务作品。对于特殊职务作品，作者享有署名权，其他权利由法人或非法人单位享有。 本题涉及软件知识产权，王某为完成公司指派的工作任务所丌发的软件是职务软件，职务软件包括软件文档和源程序。该软件文档属于特殊职务作品，依据著作权法，对于特殊职务作品，除署名权

39、以外，著作权的其他权利由公司享有。在 ISO 制定并发布的 MPEG 系列标准中，U (12) /U的音、视频压缩编码技术被应用到 VCD 中，U (13) /U标准中的音、视频压缩编码技术被应用到 DVD 中，U (14) /U标准中不包含音、视频压缩编码技术。 （分数：3.00）A.MPEG-1 B.MPEG-2C.MPEG-7D.MPEG-21解析：A.MPEG-1B.MPEG-2 C.MPEG-4D.MPEG-21解析：A.MPEG-1B.MPEG-2C.MPEG-4D.MPEG-7 解析：解析MPEG 是 Moving Picture Expert Group 的简称，最初是指由国际

40、标准化组织(ISO)和国际电工委员会(IEC)联合组成的一个研究视频和音频编码标准的专家组。同时 MPEG 也用来命名这个小组所负责开发的一系列音、视频编码标准和多媒体应用标准。这个专家组至今为止已制定和制定中的标准包括MPEG-1、MPEG-2、MPEG-4、MPEG-7 和 MPEG-21 标准。其中 MPEG-1、MPEG-2 和 MPEG-4 主要针对音、视频编码技术，而 MPEG-7 是多媒体内容描述接口标准，MPEG-21 是多媒体应用框架标准。 VCD 使用了 MPEG-1标准作为其音、视频信息压缩编码方案，而 MPEG-2 标准中的音、视频压缩编码技术被应用到 DVD 中。10

41、.基于构件的软件开发，强调使用可复用的软件“构件”来设计和构建软件系统，对所需的构件进行合格性检验、_，并将它们集成到新系统中。（分数：1.00）A.规模度量B.数据验证C.适应性修改 D.正确性测试解析：解析本题考查基于构件的软件丌发基础知识。 基于构件的软件开发，主要强调在构建软件系统时复用已有的软件“构件”，在检索到可以使用的构件后，需要针对新系统的需求对构件进行合格性检验、适应性修改，然后集成到新系统中。11.采用面向对象方法开发软件的过程中，抽取和整理用户需求并建立问题域精确模型的过程叫_。（分数：1.00）A.面向对象测试B.面向对象实现C.面向对象设计D.面向对象分析 解析：解析

42、本题考查面向对象软件丌发过程的基础知识。 采用面向对象的软件丌发，通常有面向对象分析、面向对象设计、面向对象实现。面向对象分析是为了获得对应用问题的理解，其主要任务是抽取和整理用户需求并建立问题域精确模型。面向对象设计是采用协作的对象、对象的属性和方法说明软件解决方案的一种方式，强调的是定义软件对象和这些软件对象如何协作来满足需求，延续了面向对象分析。面向对象实现主要强调采用面向对象程序设计语言实现系统。面向对象测试是根据规范说明来验证系统设计的正确性。12.使用白盒测试方法时，确定测试数据应根据_利指定的覆盖标准。（分数：1.00）A.程序的内部逻辑 B.程序结构的复杂性C.使用说明书D.程

43、序的功能解析：解析本题考查软件测试方法中白盒测试的基础知识。 白盒测试也称为结构测试，根据程序的内部结构和逻辑来设计测试用例，对程序的路径和过程进行测试，检查是否满足设计的需要。白盒测试常用的技术涉及不同覆盖标准，在测试时需根据指定的覆盖标准确定测试数据。进度安排的常用图形描述方法有 Gantt 图和 PERT 图。Gantt 图不能清晰地描述U (18) /U；PERT 图可以给出哪些任务完成后才能开始另一些任务。下图所示的 PERT 图中，事件 6 的最晚开始时刻是U (19) /U。（分数：2.00）A.每个任务从何时开始B.每个任务到何时结束C.每个任务的进展情况D.各任务之间的依赖关

44、系 解析：A.0B.3C.10 D.11解析：解析本题考查软件项目计划知识。 软件项目计划的一个重要内容是安排进度，常用的方法有Gantt 图和 PERT 图。Gantt 图用水平条状图描述，它以日历为基准描述项目任务，可以清楚地表示任务的持续时间和任务之间的并行，但是不能清晰地描述各个任务之间的依赖关系。PERT 图是一种网络模型，描述一个项目任务之间的关系。可以明确表达任务之间的依赖关系，即哪些任务完成后才能开始另一些任务，以及如期完成整个工程的关键路径。 图中任务流 12579 的持续时间是 15，12589的持续时间是 13，13689 的持续时间是 8，4689 的持续时间为 9。所

45、以项目关键路径长度为 15。事件 6 在非关键路径上，其后的任务需要时间为 5，所以最晚开始时间=15-5=10。13.若某整数的 16 位补码为 FFFFH(H 表示十六进制)，则该数的十进制值为_。（分数：1.00）A.0B.-1 C.216-1D.-216+1解析：解析本题考查数据表示基础知识。 根据补码定义，数值 X 的补码记作 X 补 ，如果机器字长为 n，则最高位为符号位，0 表示正号，1 表示负号，正数的补码与其原码和反码相同，负数的补码则等于其反码的末尾加 1。 16 位补码能表示的数据范围为-2 15，2 15-1。对于整数(2 16-1)和(-2 16+1)，数据表示需要

46、16 位，再加一个符号位，共 17 位，因此不在其 16 位补码能表示的数据范围之内。 在补码表示中，0 有唯一的编码：+0 补 =0000000000000000，-0 补 =0000000000000000，即 0000H。-1 原 =100000000000000，-1 反 =1111111111111110，因此-1 的补码为-1 补 =111111111111111。14.逻辑表达式“abc(bx0)”的后缀式为_。(其中、分别表示逻辑与、逻辑或，表示关系运算大于，对逻辑表达式进行短路求值)（分数：1.00）A.abcbx0B.abcbx0VC.abcbx0D.abcbx0 解析：解

47、析本题考查逻辑表达式的计算及程序语言处理基础知识。 “逻辑与运算”的优先级高于“逻辑或运算”。 “逻辑与运算”表达式“xy”的短路求值逻辑是：若 x 为假，则可知“xy”的值为假，无需再对 y 求值，因此只有在 x 为真时继续对 y 求值。 “逻辑或运算”表达式“xy”的短路求值逻辑是：若 x 为真，则可知“xy”的值为真，无需再对 y 求值，因此只有在 x 为假时继续对 y 求值。 对于逻辑表达式“abc(bx0)”，从运算符的优先级方面考虑，需先“ab”求值，然后对“c(bx0)”求值，最后进行“”运算，因此后缀式为“abcbx0”。15.编译程序对 C 语言源程序进行语法分析时，可以确定_。（分数：1.00）A.变量是否定义(或声明)