版选修3_3.doc

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1、1模块检测(一)(时间：90 分钟 满分：100 分)一、选择题(共 10 小题，每小题 4 分)1关于晶体和非晶体，下列说法正确的是( )A金刚石、食盐、玻璃和水晶都是晶体B晶体的分子(或原子、离子)排列是有规则的C单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点D单晶体和多晶体的物理性质是各向异性的，非晶体是各向同性的答案 BC解析 金刚石、食盐、水晶为晶体，玻璃是非晶体，A 错误；晶体分子的排列是有规则的，且有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，B、C 正确，多晶体和非晶体一样具有各向同性D 错误，故选 BC.2关于液体的表面张力，下面说法正确的是( )A表面张力是液体内各部分间的相互作用

2、B表面张力的方向总是沿液体表面分布的C表面张力的方向总是垂直液面，指向液体内部D小昆虫能在水面上自由走动与表面张力无关答案 B解析 表面张力是表面层分子间的相互作用，所以 A 错；表面张力的方向和液面相切，并和两部分的分界线垂直，所以 B 对、C 错；小昆虫能在水面上自由走动是由于表面张力的存在，因此 D 错3下列说法中不正确的是( )A布朗运动是由液体分子从各个方向对悬浮粒子撞击作用的不平衡引起的B对于一定质量的理想气体，若单位体积内分子个数不变，当分子热运动加剧时，压强一定变大C当两个分子间的距离为 r0(平衡位置)时，分子势能最小且一定为零D单晶体和多晶体均存在固定的熔点答案 C解析 布

3、朗运动形成的原因是由于液体分子对悬浮微粒无规则撞击引起的，选项 A 正2确；若单位体积内分子个数不变(气体体积不变)，当分子热运动加剧时即 T 升高，压强 p 一定变大，选项 B 正确；两分子间的分子势能在平衡位置时最小，但其大小是相对的，与零势面的选取有关，若取无穷远为零势能面，最小的分子势能为负值，选项C 错误；单晶体和多晶体有固定的熔点，非晶体没有固定的熔点，选项 D 正确本题选错误的，故选 C.4关于分子动理论和物体的内能，下列说法中正确的是( )A液体分子的无规则运动称为布朗运动B物体的温度升高，物体内大量分子热运动的平均动能增大 C物体从外界吸收热量，其内能一定增加D气体的温度升高

4、，气体的压强一定增大答案 B解析 布朗运动是固体小颗粒在液体分子的无规则撞击下的无规则运动，而不是液体分子的运动，但是可以反映液体分子的无规则运动，选项 A 错；温度是分子平均动能的标志，温度升高，分子热运动平均动能增大，选项 B 对；改变内能的方式有两种，即做功和热传递，只是从外界吸收热量，无法判断内能变化，选项 C 错；气体温度升高，根据 ，可知在不明确体积变化的情况下无法判断压强变化，选项 Dp1V1T1 p2V2T2错5以下说法中正确的是( )A系统在吸收热量时内能一定增加B悬浮在空气中做布朗运动的 PM2.5 微粒，气温越高，运动越剧烈C封闭容器中的理想气体，若温度不变，体积减半，则

5、单位时间内气体分子在容器壁单位面积上碰撞的次数加倍，气体的压强加倍D用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，说明此时分子间只存在引力而不存在斥力答案 BC解析 做功和热传递都可以改变内能，根据热力学第一定律 U W Q，若系统吸收热量 Q0，对外做功 W0，有可能 U 小于零，即系统内能减小，故 A 错误；温度越高，布朗运动越剧烈，故 B 正确；根据理想气体状态方程 c 知，若温度不变，体积减半，pVT则气体压强加倍，单位时间内气体分子在容器壁单位面积上碰撞的次数加倍，故 C 正确；用力拉铁棒的两端，铁棒没有断，分子间有引力，也有斥力，对外宏观表现的是分子间存在吸引力，故 D 错误6关于永动机和热力学定

6、律的讨论，下列叙述正确的是3( )A第二类永动机违反能量守恒定律B如果物体从外界吸收了热量，则物体的内能一定增加C保持气体的质量和体积不变，当温度升高时，每秒撞击单位面积器壁的气体分子数增多D做功和热传递都可以改变物体的内能，但从能的转化或转移的观点来看这两种改变方式是有区别的答案 CD解析 第二类永动机违反了热力学第二定律，但不违反能量守恒定律，所以 A 错误；做功和热传递都可以改变物体的内能，物体从外界吸收了热量，同时也对外做了功，则物体的内能有可能减少，所以 B 错误；保持气体的质量和体积不变，根据理想气体的状态方程 C 知，当温度升高时，气体的压强增大，故每秒撞击单位面积器壁的气pVT

7、体分子数增多，所以 C 正确；做功和热传递都可以改变物体的内能，但从能的转化或转移的观点来看这两种改变方式是有区别的，D 正确7下列说法正确的是( )A液晶具有流动性，光学性质各向异性B气体的压强是由气体分子间斥力产生的C液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力D气球等温膨胀，球内气体一定向外放热答案 AC解析 液晶具有流动性，光学性质各向异性，选项 A 正确；气体的压强是由大量分子对容器器壁的碰撞造成的，选项 B 错误； 液体表面层分子间距离大于液体内部分子间距离，所以液体表面存在表面张力，选项 C 正确；根据 U W Q，气球等温膨胀时， U0， W0，则 Q0

8、，即气体吸热，选项 D 错误8竖直倒立的 U 形玻璃管一端封闭，另一端开口向下，如图 1 所示，用水银柱封闭一定质量的理想气体，在保持温度不变的情况下，假设在管子的 D 处钻一小孔，则管内被封闭的气体压强 p 和气体体积 V 变化的情况为( ) 4图 1A p、 V 都不变 B V 减小， p 增大C V 增大， p 减小 D无法确定答案 B解析 未钻孔时， D 处的压强和封闭气体的压强一样，等于外界大气压减去水银柱产生的压强；钻孔后， D 处的压强和外界大气压一样，在大气压的作用下，导致封闭气体的压强增大，体积减小，故 B 选项正确9如图 2 所示，导热的气缸开口向下，缸内活塞封闭了一定质量

9、的理想气体，活塞可自由滑动且不漏气，活塞下挂一个沙桶，沙桶装满沙子时，活塞恰好静止现将沙桶底部钻一个小洞，让细沙慢慢漏出，气缸外部温度恒定不变则( )图 2A缸内气体压强减小，内能增加B缸内气体压强增大，内能不变C缸内气体压强增大，内能减少D外界对缸内气体做功答案 BD解析 分析活塞受力，活塞受到大气压力 p0S 竖直向上，内部气体压力 pS 和沙桶重力mg，根据活塞平衡有 p0S mg pS，随沙桶重力减小，大气压力使得活塞向上运动，外界对缸内气体做功，选项 D 对；由于气缸导热，温度不变，气缸内体积变小，压强变大，选项 A 错；气体温度不变，内能不变，选项 B 对10(2014课标)一定量

10、的理想气体从状态 a 开始，经历三个过程 ab、 bc、 ca 回到原状态，其 pT 图象如图 3 所示下列判断正确的是5( )图 3A过程 ab 中气体一定吸热B过程 bc 中气体既不吸热也不放热C过程 ca 中外界对气体所做的功等于气体所放的热D a、 b 和 c 三个状态中，状态 a 分子的平均动能最小E b 和 c 两个状态中，容器壁单位面积单位时间内受到气体分子撞击的次数不同答案 ADE解析 对封闭气体，由题图可知 a b 过程，气体体积 V 不变，没有做功，而温度 T 升高，则为吸热过程，A 项正确 b c 过程为等温变化，压强减小，体积增大，对外做功，则为吸热过程，B 项错 c

11、a 过程为等压变化，温度 T 降低，内能减少，体积 V减小，外界对气体做功，依据 W Q U，外界对气体所做的功小于气体所放的热，C项错温度是分子平均动能的标志， Tapc，显然 E 项正确二、填空题(共 2 小题，共 12 分)11(6 分)在“用油膜法估测分子的大小”实验中，用注射器将一滴油酸酒精溶液滴入盛水的浅盘里，待水面稳定后，将玻璃板放在浅盘上，在玻璃板上描出油膜的轮廓，随后把玻璃板放在坐标纸上，其形状如图 4 所示，坐标纸上正方形小方格的边长为 10 mm，该油酸膜的面积是_m 2；若一滴油酸酒精溶液中含有纯油酸的体积是4106 mL，则油酸分子的直径是_ m(上述结果均保留 1

12、位有效数字) 图 4答案 810 3 510 10解析 由于小方格的个数为 80 个，故油酸膜的面积是6S8010010 6 m2810 3 m2； d m510 10 mVS 410 610 6810 312(6 分)若一定质量的理想气体分别按图 5 所示的三种不同过程变化，其中表示等压变化的是_(填“A” 、 “B”或“C”)，该过程中气体的内能 _(填“增加” 、“减少”或“不变”)图 5答案 C 增加解析 由 pV/T恒量，压强不变时， V 随温度 T 的变化是一次函数关系，故选择 C 图，1 到 2，温度 T 增加，所以内能增加三、计算题(共 4 小题，共 48 分)13(10 分)

13、某热水袋内水的体积约为 400 cm3，已知水的摩尔质量为 18 g/mol，阿伏加德罗常数为 61023 mol1 ，求它所包含的水分子数目约为多少？ (计算结果保留 2 位有效数字)答案 1.310 25解析 已知一热水袋内水的体积大约是 V400 cm3410 4 m3，水的密度为 110 3 kg/m3则热水袋内水含有的水分子数目为 n NA1.310 25. Vm014(12 分)若对物体做 1 200 J 的功，可使物体温度升高 3 ，改用热传递的方式，使物体温度同样升高 3 ，那么物体应吸收多少热量？如果对该物体做 3 000 J 的功，物体的温度升高 5 ，表明该过程中，物体应

14、吸收或放出多少热量？答案 1 200 J 放出 1 000 J 的热量解析 做功和热传递在改变物体内能上是等效的，用做功方式使物体温度升高 3 ，需做功 1 200 J，如用吸热方式也使物体温度升高 3 ，应吸收 1 200 J 的热量物体的温度升高 5 ，其内能的变化量 U 5 2 000 J，由热力学第一1 200 J3 定律 U W Q 知， Q U W2 000 J3 000 J1 000 J，即是说物体的温度升高 5 需放出 1 000 J 的热量15(12 分)在图 6 所示的气缸中封闭着温度为 100 的空气，一重物用绳索经滑轮与缸中活塞相连接，重物和活塞均处于平衡状态， 这时活

15、塞离缸底的高度为 10 cm，如果缸7内空气变为 0 ，问：图 6(1)重物是上升还是下降？(2)这时重物将从原处移动多少厘米？(设活塞与气缸壁间无摩擦)答案 (1)上升 (2)2.6 cm解析 (1)缸内气体温度降低， 压强减小， 故活塞下移， 重物上升(2)分析可知缸内气体作等压变化. 设活塞截面积为 S cm2，气体初态体积 V110 S cm3, 温度 T1373 K, 末态温度 T2273 K, 体积设为 V2 hS cm3 (h 为活塞到缸底的距离)据 可得 h7.4 cm，则重物上升高度 h10 cm7.4 cm2.6 cm.V1V2 T1T216(14 分)一定质量理想气体经历如图 7 所示的 A B、 B C、 C A 三个变化过程，TA300 K，气体从 C A 的过程中做功为 100 J，同时吸热 250 J，已知气体的内能与温度成正比求：图 7(1)气体处于 C 状态时的温度 TC；(2)气体处于 C 状态时内能 EC.答案 (1)150 K (2)150 J解析 (1)由图知 C 到 A，是等压变化，根据理想气体状态方程： VATA VCTC得： TC TA150 KVCVA(2)根据热力学第一定律： EA EC Q W150 J8且 解得： EC150 JEAEC TATC 300150