广西南宁市第二中学2019届高三物理上学期12月月考试题（扫描版）.doc

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1、- 1 -广西南宁市第二中学 2019 届高三物理上学期 12 月月考试题（扫描版）- 2 - 3 - 4 - 5 - 6 -理科综合能力测试参考答案（物理部分）14答案 A 解析：卢瑟福 粒子散射实验使人们认识到原子核的存在，原子具有核式结构；电子的发现使人们认识到原子具有复杂结构；中子的发现、天然放射性现象，说明原子核具有复杂结构。选项 B、C、D 错误，A 正确。15答案 D 解析：对 a 受力分析， a 可能受到重力、支持力、 b、 c 的磁力，所以 A、B 错误；对 abc 整体分析，磁力为内力忽略不计，则整体只受到重力和地面的支持力，所以 C 错误，D 正确。16答案 A 解析：由

2、万有引力提供向心力可得： G m，在行星表面运行时有 r R，则得v，因此，又由 v 地 7.9 km/s，故 v 火 3.5 km/s，故选 A 正确。17答案 D 解析：将木板抽出的过程中，物块与木板间的摩擦力为滑动摩擦力，物块的加速度大小为 am g ，要抽出木板，必须使木板的加速度大于物块的加速度，即 aMam g ，对木板受力分析如图根据牛顿第二定律，得： F (M m)g mg MaM得 F (M m)g mg MaM (M m)g mg Mg 2 (M m)g，选项 D正确18答案 CD 解析：滑块能回到原出发点，所以滑块和弹簧组成的系统机械能守恒，D 项正确；以 c 点为参考点

3、，则在 a 点滑块的机械能为 6 J，在 c 点时滑块的速度为 0，重力势能也为0，从 c 到 b 弹簧的弹力对滑块做的功等于弹性势能的减少量，故为 6 J，所以 C 项正确；由a 到 c 的过程中，因重力势能不能全部转变为动能，动能的最大值在平衡位置，小于 6 J，A、B 项错误19答案 AB 解析：由电压与匝数的关系 U0 U3 n0 n3，解得 U3110 V，A 正确；当挡位由3 变换到 2 时，输出电压减小，电动机的功率减小，B 正确；当没有达到额定功率时，热功率小于 1 W，C 错误；在额定功率的情况下，电动机的额定电流为 I0.5 A，热功率Pr I2r1 W，输出功率为 P P

4、r(1101)W109 W，D 错误。20答案 ACD 解析：选电子的初速度为零，且沿着电场线运动，其轨迹一定为直线，故 A 正确；电子通过相同位移时，电势能的减少量越来越小，说明电场力做功越来越小，由 W Fs可知，电子所受的电场力越来越小，场强减小，不可能是匀强电场，故 B 错误。由于电势能距离图线的斜率表示电场力的大小，根据图像可知，电子受到的电场力越来越小，电子做加速度逐渐减小的加速运动，C 正确；电子从 M 点运动到 N 点的过程中，只受电场力，电势能减小，电场力做正功，则动能增加，因此电子在 N 点的动能大于在 M 点的动能，故 D 正确。- 7 -21答案 AD 解析：正粒子在磁

5、场中做匀速圆周运动的半径 r2 cm，入射方向不同的粒子的轨迹圆半径相同，各粒子的轨迹圆为过 O 点半径为 R 的动圆，且入射速度沿 x 轴正方向的粒子离开磁场时距 c 点最近，最近点 A 的坐标为(，23)，选项 A 正确；当轨迹圆弧对应的弦最长时，圆心角最大，时间最长，即从 a 点射出的粒子的运动时间最长，该轨迹圆弧对应的圆心角为 60，运动时间 t s，选项 B 错误、D 正确；由几何关系可知，从 O 点沿与Oc 成 120角方向射入磁场的粒子将垂直于 ab 边离开磁场，选项 C 错误。三、非选择题：共 174 分。第 2232 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 3338 题为选考

6、题，考生根据要求作答。22 （6 分） 【参考答案】(1) (2)0.5 (3)C（每空 2 分）解析： 在水平轨道上，由于受到摩擦力，拉力不为零时，加速度仍然为零，可知图线是在轨道水平的情况下得到的，当轨道的右侧抬高过高时， 平衡摩擦力过度 ，拉力等于 0 时，会出现加速度，所以图线 是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的，故选填 ；根据牛顿第二定律得， ， ，图线的斜率表示质量的倒数，因为 时，加速度为零，解得 ；由于开始段 关系为一倾斜的直线，所以在质量不变的条件下，加速度与外力成正比；由实验原理： ，得 ，而实际上，可见 AB 段明显偏离直线是由于没有满足 造成的，所以更换实验中使用的钩

7、码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验，可以减小弯曲的程度，而力传感器读数代替钩码的重力可以避免出现这种情况，故 C 符合题意， ABD 不符合题意。故选 C。 23答案：(1)C D G（3 分）(2)G、C、A、D、B、E、F（3 分）(3)50 串 2 950（3 分） 解析：滑动变阻器应该用电阻大的，电阻箱电阻的值大于电流表内阻即可电源电动势应该用大的，这样误差会小些电 阻箱的示数就是电流表的内阻要改装成电压表，应该串联一个电阻，计算可得 2 95024. 答案：(1)由 a 流向 b (2)v5 m/s (3) Q1.3 J解：(1) ab 中电流方向为由 a 流向 b。(2 分)(

8、2)开始放置时 ab 刚好不下滑， ab 所受摩擦力为最大静摩擦力，设其为 Fmax，有Fmax m1gsin (1 分)设 ab 刚要上滑时， cd 棒的感应电动势为 E，由法拉第电磁感应定律有 E BLv (1 分)- 8 -设电路中的感应电流为 I，由闭合电路欧姆定律有 I (1 分)设 ab 所受安培力为 F 安 ，有 F 安 BIL (1 分)此时 ab 受到的最大静摩擦力方向沿斜面向下，由平衡条件有F 安 m1gsin Fmax (1 分)联立以上各式，代入数据解得 v5 m/s (1 分)(3)设 cd 棒运动过程中在电路中产生的总热量为 Q 总 ，由能量守恒定律有 m2gxsi

9、n Q总 m2v2 (2 分)又 Q Q 总 (1 分)解得 Q1.3 J (1 分)25.解析：(1) 设滑块与小球碰撞前 瞬间速度为 v0，由机械能守恒得 m1gh m1v (1 分) 解得 v04 m/s (1 分)(2)设小球在最高点的速度为 v，由图乙可知小球在最高点时受到的拉力 F22 N(1 分)由牛顿第二定律得 F m2g(2 分)设小球碰撞后瞬间速度为 v，由机械能守恒得 m2v 2 m2v22 m2gR(2 分)解得 v6 m/s(1 分)(3)滑块与小球碰撞前后动量守恒，则 m1v0 m1v1 m2v(2 分)得碰撞后 m1的速度 v12 m/s，方向向右(1 分)滑块最

10、终没有滑离小车，则滑块和小车之间必有共同的末速度 v 共 ，由滑块与小车组成的系统动量守恒得 m1v1( m1 m3)v 共 (2 分)若 较大，则滑块可能不与弹簧接触就已经与小车相对静止，设滑块恰好滑到 Q 点，由能量的转化与守恒得 1m1gL m1v( m1 m3)v(2 分)解得 1(1 分)若 不是很大，则滑块必然挤压弹簧，再被弹回到 P、 Q 之间，设滑块恰好回到小车的左端 P 点处，由能量转化与守恒得 2 2m1gL m1v( m1 m3)v(2 分)解得 2(1 分)综上所述，得 (1 分)（二）选考题：共 45 分。请考生从 2 道物理题、2 道化学题、2 道生物题中每科任选一

11、题作答。如果多做，则每学科按所做的第一题计分。33物理选修 33（15 分）解析：(1)气体分子单位时间内与单位面积器壁碰撞的次数，与单位体积内的分子数及气体分子的平均动能都有关，故 A 正确；布朗运动指悬浮在液体中的颗粒所做的无规则运动，布朗运动反映的是液体分子的无规则运动，故 B 错误；热力学第二定律的开尔文表述：不可- 9 -能从单一热库吸收热量，使之完全变成功，而不产生其他影响，C 正确；因为液体具有表面张力，水黾才能无拘无束地在水面上行走自如，故 D 正确；温度是分子平均动能的标志，温度升高，并不是物体所有分子的动能都增大，故 E 错误。(2)()对一定质量的理想气体由图像可知， A

12、 B 为等容变化，由查理定律得：(2 分)即代入数据得： TB600 K(1 分)A C 由理想气体状态方程得：(2 分)代入数据得： TC300 K。(1 分)()从 A 到 C 气体体积减小，外界对气体做正功，由 p V 图线与横轴所围成的面积可得：W1 000 J(1 分)由于 TA TC，该气体在状态 A 和状态 C 内能相等，有： U0(1 分)由热力学第一定律有： U W Q(1 分)可得： Q1 000 J，即气体向外界放出热量，传递的热量为 1 000 J。(1 分)答案：(1)ACD (2)()600 K 300 K ()放热 1 000 J34 物理选修 34 （15 分）

13、(1) 答案：ADE 解析：由题图得，振动周期为 0.2 s， v 10 m/s，故两列波在 A、B 间的传播速度大小均为 10 m/s，故 A 正确由 vT2 m 知 B 错误 A 向右传播的波与 B 向左传播的波，振动方向相反，中点 C 为振动减弱点，故 C 错误、 D 正确t0.6 s 时刻向右传播的波传到 B，再经 0.1 s 经过平衡位置且振动方向向下，故 E 正确(2)解析(1)设入射角为 ，由几何关系可知 sin (1 分)得： 30 (1 分)由 n (1 分)可得： 60 (1 分)(2)光在球体中的传播速度 v (1 分)而 AB R (1 分)则光从 A 传到 B 的时间 t1 (1 分)由几何关系知 BC R (1 分)则光从 B 传到 C 的时间 t2 (1 分)故光从 A 点传播到 C 点所需时间 t t1 t2 (1 分)- 10 -