2012届江苏省泰州市永安初级中学九年级3月月考物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2012届江苏省泰州市永安初级中学九年级 3月月考物理试卷与答案（带解析） 选择题 下列有关电磁波的说法，正确的是 A电磁波不能在真空中传播 B电磁波在空气中的传播速度为 340m/s C可见光是电磁波 D超声波是电磁波 答案： C 试题分析：真空不能传声，但可以传播电磁波；电磁波在空气中的传播速度等于光速；超声波是声波的一种，不是电磁波。因此， ABD 均不符合答案：要求，正确答案：为 :C 考点：电磁波的传播；超声波与次声波。 点评：此题考查的有关电磁波的一些基本知识，是一道基础题 某同学利用如图所示的电路测定小灯泡的额定功率，滑动变阻器上标有“50 2A”，小灯泡的额定电流为 0.3A该

2、同学将滑动变阻器置于最大阻值后，闭合开关，电流表、电压表读数分别为 2V和 0.2A，接着移动滑动变阻器直至小灯泡正常发光，这时滑动变阻器的滑片恰好在中点，则小灯泡的额定功率为 A 0.9W B 1.35W C 0.4W D无法确定 答案： B 试题分析：滑动变阻器的阻值在最大位置，当闭合开关时，电压表和电流表的示数应分别为 2V和 0.2A，由 U=IR计算出滑动变阻器上的电压，加上灯上的电压即为电源 电压；再计算出灯泡正常发光时，滑动变阻器上的电压，根据电源电压和滑动变阻器两端的电压，并结合串联电路的特点即可求出灯泡的额定电压，再由 P=UI计算灯泡的额定功率滑动变阻器上的电压U=IR=0

3、.2A50=10V，电源电压 U总 =10V+2V=12V； 灯泡正常发光时，滑动变阻器上的电压 U=IR=0.3A25=7.5V； 灯泡的额定电压 UL=12V-7.5V=4.5V； 灯泡的额定功率 PL=IUL=0.3A4.5V=1.35W 考点：电功率的计算；额定功率 点评：本题考查了串联电路的特点及电 功率的计算准确把握串联电路的特点以及功率公式的灵活应用是本题难点所在。 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关后，当滑动变阻器的滑片 P向上移动时，下列判断正确的是 A三只电表的示数都变大 B三只电表的示数都变小 C电表 A1的示数变小，电表 V、 A2的示数都不变 D电表 A1、 A2的

4、示数都变小，电表 V的示数不变 答案： C 试题分析：由电路图可知，滑动变阻器与 R1 并联，电压表测电源的电压，电流表 A1 测干路电流， A2 测 R1 支路的电流；根据电源的电压可知电压表示数不变；滑片向上移动可知电阻变大，根据欧姆定律可知该支路电流变小，根据并联电路的特点可知 R1 支路电流不变，然后根据并联电路的电流特点求出干路电流变小。故答案：为 C 考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律；滑动变阻器的使用 点评：本题考查了并联电路的特点和欧姆定律、电功率公式的应用，关键是电路串并联的辨别和电表所测电路元件的辨别 下列四幅图中能说明电动机工作原理的是 答案：

5、C 试题分析：要解答本题需掌握：电动机的原理是利用通电线圈在磁场中受力转动的原理制成的。并且电动机是将电能转化为机械能的装置，故排除 A。而 B、D分别是研究电磁铁磁性的强弱和奥斯特实验。故答案：为： C 考点：直流电动机的原理 点评：电动机是将电能转化为机械能的机械，它在工作时要消耗电能，因此解题时观察图形中有无电源是此题的解题关键。 有额定电压、额定电功率均相同的电风扇、电烙铁、日光灯，各自在额定电压下正常工作相同的时间，比较它们产生热量的多少，结果是 A电烙铁最多 B电风扇最多 C日光灯最多 D一样多 答案： A 试题分析：根据能量转化，分析三种用电器产生的热量大小。电烙铁是纯电阻电路，

6、电能全部转化为内能，而电风扇、日光灯消耗的电能没有全部转化为内能。故答案：为： A 考点：焦耳定律；电功、电功率。 点评：本题中电风扇、日光灯正常工作时是非纯电阻电路，抓住能量如何转化是关键。 家庭电路中的保险丝熔断了，以下原因中不可能的是 A使用的用电器总功率过大 B拉线开关中两根导线的线头相碰了 C保险丝的规格不符合规定的要求 D插座中的两根导线的线头相碰了。 答案： B 试题分析：家庭电路中的保险丝熔断，是由于电路中的电流过大引起的，而产生电流过大的原因有两个：一是发生了短路，另一个是用电器总功率过大。根据分析， ACD均符合电流过大的原因，而 B答案：，开关中的两根导线线头相碰了，相当

7、于闭合开关了，对电路中的电流没有任何影响。故答案：为： B 考点：熔断器的作用及保险丝的选择方法。 点评：解决本题的关键是要知道保险丝是怎样来保护家庭电路的，并结合各种情况分析电路中电流大小的变化。 投影机的光源是强光灯泡，发光时必须用风扇给它降温。现想设计投影仪的电路，要求带动风扇的电动机先启动 后，灯泡才可以发光；电动机未启动，灯泡不可以发光。图中符合设计要求的是 A B C D 答案： C 试题分析：由并联电路的特点知，开关在干路时，可控制所有用电器，在支路上时，只控制该支路上的用电器当电风扇的电动机启动后，灯泡才能发光；风扇不转，灯泡不能发光，由此判断灯和风扇可以独立工作，因此一定是并

8、联，而风扇要先工作后，灯才能工作，故在灯所在的支路连接灯泡，才能符合要求。故选 C 考点：串、并联电路的设计 点评：本题利用了并联电路的特点干路上的开关控制整个电路，支路上的开关只控制该支路 如图所示， 小明分别用甲、乙两个滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼，用甲滑轮所做的总功为 W1，机械效率为 1；用乙滑轮所做的总功为 W2，机械效率为 2。若不计绳重与摩擦，则 A W1 2 B W1 = W2， 1 W2， 1 2 答案： A 试题分析：根据总功等于有用功加上额外功，因乙滑轮是动滑轮，所以利用乙滑轮做的额外功多，可以比较出两种情况的总功大小；再根据两种情况的有用功相同，利用机械效率的计算公式

9、即可比较出二者机械效率的大小，从而进行比较。因为小明分别用甲、乙两个滑轮把同一袋沙子从地面提到二楼，所以两种情况的有用功相同；当有用功一定时，利用机械时做的额外功越少，则总功越少，机械效率越高。又因乙滑轮是动滑轮，所以利用乙滑轮做的额外功多，则总功越多，机械效率越低即 W1 W2， 1 2，故答案：为： A 考点：机械效率的大小比较；功的计算 点评：此题主要考查功的计算和机械效率的大小比较这一知识点，比较简单，主要是学生明确哪些是有用功，额外功，总功，然后才能正确比较出两种情况下机械效率的大小。 下列说法中正确的是 A机械效率越高，机械做功一定越快 B做功越多的机械，机械效率一定越高 C功率越

10、大的机械做功一定越多 D做功越快的机械，功率一定越大 答案： D 试题分析：机械效率指有用功占总功的比例，与做功的多少没有关系；而做功的快慢指功率，与做功的多少和效率的高低也没有直接的关系。故答案：为：D 考点：机械效率，功及功率的概念和关系。 点评：解决此题，学生要对机械效率，功以及功率的概念和物理意义了解透彻方可。 一小孩从公园中的滑梯上加速滑下，对于其机械能的变化情况，下列说法中正确的是 A重力势能减小，动能不变，机械能减小 B重力势能减小，动能增加，机械能减小 C重力势能减小，动能增加，机械能增加 D重力势能减小，动能增加，机械能不变 答案： B 试题分析：决定重力势能的因素是高度和质

11、量，决定动能的因素是速度和质量，所以，当物体加速下滑时，速度增加，质量不变，动能则一定增加，而物体的高度降低，所以重力势能减小。而在小孩下滑的过程中，由于摩擦做功，把部分机械能转化为了内能，所以机械能的总量减少了，故答案：应该选择： B 考点：动能和重力势能的相互转化及机械能守恒定律应用专题。 点评：解决本题需要学生对重力势能，动能及机械能的变化等比较熟悉。 为缓解电力紧张的状况，开发利用新能源，我国陆续建成了一些核电站。关于核电站，下列说法正确的是 A核电站使用的核燃料是石油或天然气 B核反应堆中发生的是不可控制的核裂变 C核电站发电的能量转化过程是：核能一内能一机械能一电能 D核电站产生的

12、核废料可以像生活垃圾那样被处理或进行二次加工利用 答案： C 试题分析：解答本题应根据核电站的原理进行分析，找出正确的选项。核电站是利用原子核裂变产生的能量来发电的，核电站中的核反应堆是可控的核裂变，核电站的核废料由于仍具有放射性，故不能像生活垃圾那样处理或进行二次加工利用，必须进行专门处理，根据核能发电的过程可知，核能发电的能量传递和转化过程是：核能 水的内能 机械能 电能。根据上面的分析可知： ABD均错误，故 C正确； 考点：核聚变；核电站发电过程中的能量转化。 点评：本题考查有关核电站的知识，要熟记核电站的工作原理及能量转化的方向 下列关于能源的说法中正确的是 A当今人类利用的主要能源

13、煤、石油是可再生能源 B天然气是一种清洁的能源，人类可以无尽地开发利用 C如果大量利用太阳能，可能使太阳能在短期内消耗殆尽 D水能和风能可以从自然界里得到，是可再生能源 答案： D 试题分析：从能源是否可再利用的角度可分为可再生能源和不可再生能源化石能源、核能会越用越少，不可能在短期内从自然界得到补充，所以它们属于不可再生能源；而风能、水能、太阳能、生物质能，可以在自然界里源源不断的得到补充，所以它们属于可再生能源。根据以上分析，答案：为： D 考点：能源的分类；不可再生能源的特点；可再生能源的特点。 点评：此题考查了可再生能源和不可再生能源的特点，是一道基础题；能源问题是当今社会的热点，需要

14、引起注意。 实验题 某同学在 “测滑轮组机械效率 ”的实验中，用图甲所示的装置匀速提起重物，并做了 如下实验记录： 钩码重 G（ N） 钩码上升高度 h（ m） 测力计拉力 F（ N） 测力计移动距离 s（ m） 2 0.1 0.4 0.3 （ 1）对该同学的实验记录进行分析，就会发现他的实验结果是违背物理规律的，其表现是： （ 2）你会发现导致实验结果违背物理规律的原因 .其原因是 .纠正错误后，可计算出该滑轮组的机械效率为 （ 3）若增加提升钩码的个数，该滑轮组的机械效率将 （填 “增大 ”、 “不变 ”或“减小 ”） .影响该滑轮组机械效率的因素还有 答案：（ 1）有用功大于总功（或机械

15、效率大于 100%）（ 2）测力计的示数读错， 83.3% （ 3）增大 ，动滑轮的重力和轮与轴间的摩擦力 试题分析：（ 1）由表中数据知道： W 有用 =Gh=2N0.1m=0.2J， W 总 =Fs=0.4N0.3m=0.12J， W 有用 W 总 ，这严重的违背了物理规律 W 有用 W 总 ； （ 2）由图可知弹簧测力计的示数读错，应该是 0.8N， 滑轮组的机械效率： = W有用 / W 总 100%= Gh/ Fs100%=2N0.1m/0.8N0.3m100%83.3%； （ 3）若增加提升钩码的个数，该滑轮组的机械效率增大；除了这个因素 外，增大动滑轮的重和绳子和滑轮之间的摩擦可

16、以使滑轮组的机械效率减小 故答案：为：（ 1）使用滑轮组时做的有用功大于总功； （ 2）弹簧测力计的示数读错， 83.3%； （ 3）增大，动滑轮的重和绳子和滑轮之间的摩擦 考点：滑轮（组）的机械效率；弹簧测力计的使用与读数；功的计算。 点评：本题考查了使用滑轮组时有用功、总功、机械效率的计算方法，涉及到分析影响滑轮组机械效率的因素，属于难题。 如图是小名同学安装好的直流电动机模型： （ 1）请写出图中 A部件的名称： 。 （ 2）在安装该模型时要按照由下而上， （ “由外 而内 ”或 “由内而外 ”）的顺序安装。 （ 3）为了使组装的电动机模型能够正常运转，小名在安装时还应注意以下几点，其中

17、错误的是（ ） A要尽量减小轴与轴架之间的摩擦 B电刷与换向器的接触松紧要适当 C不要使各元件因安装不当而产生形变 D每一只固定螺钉均不能拧紧 （ 4）小名把安装好的电动机、变阻器、电源和开关串联起来进行实验，如图所示 请用笔画线代替导线完成图中实验器材的连接。（要求滑片向右移，电动机转速变慢） 合上开关接通电路，观察线圈转动，把电源两极对调一下，观察到线圈 改变了。 若开关闭合，线圈不转，用手轻轻一拔，线圈就转动起来，则原来线圈不转的原因是 _。 （ 5）电动机在许多家用电器中应用十分广泛，请你举出一种装有电动机的家用电器的名称 _。 答案：（ 1）换向器（ 2）由内而外（ 3）（） 略 转

18、动方向 线圈处在平衡位置（ 5）刮胡刀 吸尘器等等均可 试题分析：（ 1）直流电动机的结构包括四部分，磁极、线圈、换向器、电刷。所以 A 处的结构为换向器；（ 2）在安装直流电动机时，安装顺序是由下而上，由内而外。（ 3）为了让电动机能够正常的工作，每个结构之间的连接不能太紧，以防止变形和摩擦过大。因此答案：应该选择 D。（ 4）如上图，要求滑动变阻器的滑片向右滑动时，电动机变慢，则说明电路中的电流变小，那么电阻将变大，因此，滑动变阻器的导线应该接到线圈的左侧接线处。改变电源方向，则线圈受力方向发生变化，故转动方向改变了。如果线圈处于平衡位置，则线圈不会转动。（ 5）运用电动机的用电器很多，比

19、如刮胡刀，吸尘器等等。 考点：直流电动机的构造和工作过程 点评：解决本题需要学生对直流电动机的工作原理，结构以及使用掌握的比较熟悉方可。 小桦在探究 “通过导体的电流跟导体电阻的关系 ”时，设计了如图甲所示的电路，但稍作思考之后，就将电路改进为如图乙所示的电路。她这样改进有何好处？ _.在实验过程中，她保持电源电压不变，通过调节电阻箱先后 6次改变 A、 B间的电阻值，测得相应的电流值如表所示。 实验次数 I/A AB间电阻值R/ 1 0.80 5 2 0.60 10 3 0.48 15 4 0.40 20 5 0.34 25 6 0.30 30 （ 1）小桦分析表中数据发现总结不出电流跟电阻

20、的定量关系，你认为其原因是_。 （ 2）小桦认真思考后发现了自己在实验过程中的错误，并采取了正确的实验操作。你认为小桦每次改变电阻后应该采取的正确操作是： 。 （ 3）正确操作实验后，小桦将得到的实验数据记录在表中，请分析表中的数据，你能得出什么探究结论？ 。 电流 I/A 1.20 0.60 0.40 0.30 0.24 0.20 电阻 R/ 5 10 15 20 25 30 答案：便于改变导体的电阻，没有控制电阻两端的电压不变，调节滑片使电压表读数不变，电压一定时，电流和电阻成正比 试题分析：甲图中电阻为定值电阻，乙图为电阻箱，电阻箱电阻大小可以改变，改进后便于改进导体的电阻 （ 1）要探

21、究 “通过导体的电流跟导体电阻的关系 ”，需要保持电阻两端电压不变，由表 1中数据总结不出电流跟电阻的定量关系的原因是：没有控制电阻两端的电压不变 （ 2）要保证电阻箱两端电压不变，每次改变电阻后应调节滑动变阻器滑片使电压表读数不变 （ 3）把表二中的电流值与相应的电阻值相乘，我们发现它们的积是一个 定值6.00，这说明电压一定时，电流和电阻成反比 故答案：为：便于改变导体的电阻；（ 1）没有控制电阻两端的电压不变（ 2）调节滑片使电压表读数不变 （ 3）电压一定时，电流和电阻成反比 考点：探究电流与电压、电阻的关系实验。 点评：本题考查了：探究 “通过导体的电流跟导体电阻的关系 ”的电路设计

22、、实验条件、实验数据的分析，要求学生有较强的分析能力，需要掌握一定的数据分析方法，难度较大 小丽做测量小灯泡电功率的实验（小灯泡标有 “2.5V”字样） （ 1）如图甲所示，小丽所接的实验电路存在连接错误，但只需 改动一根导线，即可使电路连接正确请你在应改动的导线上打 “”，并用笔画线代替导线画出正确的接法 （ 2）电路连接正确后，闭合开关，发现小灯泡不亮，但电流表有示数接下来应进行的操作是 A更换小灯泡 B检查电路是否断路 C移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光 （ 3）实验过程中，当电压表示数为 V时，小灯泡达到额定功率，此时电流表的示数如图乙所示，其值为 A，小灯泡的额定功率为 W （

23、 4）在某次实验时，电流表出现了故障不能使用，并且小灯泡的螺旋套上，只看得清 0.3A的字样，小明向老师借了一只定值电阻 R0（ R0值已知）、几个开关和导线若干，设计电路，测量小灯泡的额定功率。请在图丙中帮他完成电路设计。（在图丙空档处画元件或用导线相连或不画元件和导线） 答案：（ 1） （）（） 2.5， 0.24， 0.6 (4) 试题分析：（ 1）电压表并联在灯泡和滑动变阻器的两端，测灯泡和滑动变阻器的总电压，所以电压表的 “3”接线柱和滑动变阻器右下端接线柱连接错误，应把电压表并联在灯泡两端，电压表的 “3”接线柱和灯泡右端接线柱连接，如下图： （ 2）在闭合开关前，滑动变阻器是在

24、阻值最大处，电流表有示数，小灯泡不亮，说明电路中电阻太大，故选 C； （ 3）电压表测的是小灯泡两端的电压，当电压表示数为小灯泡的额定电压时，小灯泡才能正常发光； 电流表使用的 0 0.6A，每一个大格代表 0.2A，每一个小格代表 0.02A，电流为 0.24A， P=UI=2.5V0.24A=0.6W （ 4）根据题意，电压表要并联到电路中，开关控制用电器的工作。故答案：为：见上图 故答案：为：（ 1）如上图；（ 2） C；（ 3） 2.5； 0.24； 0.6； 考点：探究用电器的电功率实验；电流表的读数方法；电流表的连接； 电压表的连接；额定功率 点评：本类习题中实物图中有电流表、电压

25、表、滑动变阻器找电路连接错误时，主要从这三者的正确使用方法一一分析，避免遗漏。 填空题 电工师傅常用一只额定电压为 220V的灯泡 L0（检验灯泡）取代保险丝来检查新安装的照明电路中每个支路的情况，如图所示。当 S闭合后，再分别闭合S1、 S2、 S3（每次只能闭合其中之一）时，可能出现以下三种情况，试判断（选填： “短路 ”、 “断路 ”或 “正常 ”）： （ 1） L0不亮，说明该支路 。 （ 2） L0正常发光，说明该支路 。 （ 3） L0发光呈暗红色，说明该支路 。 答案：断路，短路，正常 试题分析：将额定电压 220V的 “校验灯 ”，接在保险丝的两只接线柱上，是相当于把此灯串联入

26、电路中，它会有三种状态： “校验灯 ”恰能正常发光，说明该支路短路， “校验灯 ”发光不正常（暗红色）说明该支路工作正常， “校验灯 ”不发光说明该支路断路测电笔能亮，说明火线上有电，而零线上本该不亮，但也亮了，说明是零线开路了。故答案：为：断路 短路 正常 考点：家庭电路的故障分析。 点评：本题考查了用校验灯检修家庭电路的故障根据校验灯的三种状态可以快速得出电路是否存在故障。 如图是收音机的调台面板， “FM”和 “AM”为两个波段， 波段的波长较长；图中 “750”字样代表接收电磁波的波长为 m。答案： AM ， 400 试题分析：收音机调台面板上标注的是频率，故应用波速、波长和频率的关系

27、确定波长。由图可知 FM的频率为 88 108MHz，即 8.8107Hz 1.08108Hz；而 AM的频率范围为 530KHz 1600KHz，即 5.3105Hz 1.60107Hz； 故可得出 AM频率要小，由 C=f得， AM段对应的波长较长；图中 750指750kHz=7.5105Hz；则波长 =c/f=3108m/s/7.5105Hz=400m 故答案：为： AM， 400 考点：波速、波长和频率的关系 点评：本题考查波速、波长及频率的关系，要求认清收音机面板上的单位，并能准确地进行单位换算。 某加热装置的工作原理如图所示，两电阻丝的阻值相等。电源电压不变，它有高、中、低温档三个

28、工作状态。当开关 S1接 b， S2断开时，它是处于 状态，此时电路功率为 P1；当开关 S1接 a， S2闭合时，电路功率为 P2，则 P1 P2 。答案：低温档， 1:4 试题分析：当开关 S1接 b， S2断开时，两个电阻丝是串联的，总电阻等于两个电阻的阻值之和； 当开关 S1接 a， S2闭合时，两个电阻丝是并联的，总电阻等于每个电阻阻值的一半； 根据 P=U2 I可知，在电源电压不变时，第一次的电功率比较小，是保温状态，第二次的电功率比较大，是加热状态 （ 2）设每个电阻丝的阻值为 R， 则第一次电路的总电阻 R1=2R，第二次电路的总电阻 R2=12 R， 根据 P=U2 I 可知

29、，电源电压不变时： P1： P2=R2： R1=12R： 2R=1： 4 故答案：为：保温； 1： 4 考点：电功率的计算；电阻的串联；电阻的并 联 点评：本题考查了电阻的串联特点和并联特点，关键是电功率公式的灵活运用和开关闭合、断开时电路电阻的判断 太阳能路灯的灯杆顶端是太阳能电池板，它能将太阳能转化为电能，并向灯杆下方的蓄电池充电，将电能转化为 能储存起来，供夜晚路灯照明若在一定时间内，太阳光辐射到该太阳能电池板的能量为 2.7107J，这与完全燃烧 kg的煤放出的热量相当；这些能量经转化后，可供功率为 35W的路灯工作 60h，那么该太阳能路灯的能量转化效率是 %（煤的热值为 3.010

30、7J/kg） 答案：化学， 0.9， 28 试题分析：（ 1）蓄电池充电是将电能转化为化学能储存起来； （ 2） 由题知， Q 放 =mq=2.7107J， 需要完全燃烧煤的质量： m=2.7107J/q=2.7107J/3.0107J/kg=0.9kg； （ 3）使用太阳能路灯的有用能量： W 电 =Pt=35W603600s=7.56106J， 太阳光辐射到该太阳能电池板的能量（总能量） W 总 =2.7107J， 该太阳能路灯的能量转化效率： =7.56106J/2.7107J100%=28% 故答案：为：化学， 0.9， 28 考点：能量转化的现象；能量利用效率；热量的计算 点评：本题

31、考查了燃料完全燃烧放出热量的计算、消耗电能的计算、效率的计算，涉及到新开发的太阳能路灯使用时的能量转化。 在野外取火时一般使用防风打火机，由于在出气口上方多了一个金属网罩，点火后网罩温度即刻升到很高的温度，这样当火焰被吹灭后，机内喷出的燃气又会被灼热的网罩点燃。为此制成网罩的金属须具有 _的属性。 答案：熔点高或比热容小 试题分析：比热容是单位质量某种物质升高或降低 1 摄氏度吸收或放出的热量，是物质的一种特性。当 吸收或放出相同的热量，比热容小的，升高或降低的温度快，因此网罩的金属须具有熔点高、比热容小的属性。 故答案：为：熔点高或者比热容小 考点：熔点与比热容的知识 点评：考查了学生利用物

32、理知识解决实际问题的能力 白炽灯的灯丝通电后温度升高而发光，这是用 _的方式增加灯丝内能的；灯丝有时会在电网电压突然升高或在 _(开灯瞬间长时间开灯 )时烧断，电路烧断不一定总是无用的，实际电路中人们就利用烧断现象制造了 _(举一例 )。 答案：做功，开灯瞬间，熔断器 试 题分析：解答本题需掌握：电流做功的过程是电能转化为其它形式能的过程；以及保险丝，即熔丝的原理。白炽灯发光是消耗了电能，得到了内能和光能，是能的转化，属于做功改变物体的内能灯丝有时会在电网电压突然升高或在开灯瞬间烧断，因为电压升高和开灯瞬间都会导致电路中电路增大，发热增加，达到钨丝熔点，所以会烧断，人们利用烧断现象制造了熔断器

33、。故答案：为；做功 开灯瞬间 熔断器 考点：做功改变物体内能；熔断器的作用及保险丝的选择方法；电功的实质。 点评：题主要考查学生对：做功改变物体的内能，以及熔丝的原理的了解 人体就像一部复杂的机器，包含许多物理知识。 (1)人体是 _体 (导半导绝缘 )，人体的安全电压 _V； (2)人的前臂如图甲所示，是一个 _(省力费力等臂 )杠杆，这个杠杆的好处是 _； (3)正常人的心脏推动血液流动的功率约为 1.5W，那么在 3s内心脏做的功是_J，这些功可把一个 0.5N 的鸡蛋匀速举高 _m. 答案：导体，不高于 36V，费力，省距离， 4.5， 9 试题分析：容易导电的物体叫导体，安全 电压是

34、不高于 36V的电压；杠杆分为省力杠杆，等臂杠杆，费力杠杆三种，人的前臂是费力杠杆，这样的好处是可以省距离；在 3s内心脏做的功 W=Pt=1.5W3s=4.5J， W=Fs 这些功可把一个 0.5N 的鸡蛋匀速举高 s= W/F=4.5J/0.5N=9m 考点：导体；杠杆的分类；功的计算；电压 点评：根据本题考查了导体的概念，安全电压的数值，杠杆的分类，功的计算记清各个相关概念是解题的关键 一位同学设计了一个风力测定仪，如图所示， O 是转动轴， OC是金属杆，下面连接着一块受风板，无风时以 OC是竖直的，风越强， OC杆偏转的角度越大 AB是一段圆弧形电阻， P点是金属杆与弧形电阻相接触的

35、点，电路中接有一个灯泡，测风力时，闭合开关 S，通过分析可知：金属杆 OC与弧形电阻 AB组合在一起相当于一个 _，观察灯泡 L的亮度可以粗略地反映风力的大小；若要提高装置反映风力大小的灵敏度，可采取的方法是 答案：滑动变阻器，在电路中串联一个电流表 试题分析：在电路中能改变电阻大小的是滑动变阻器，风力能改变连入电路电阻的大小，所以风力测定仪相当于滑动变阻器。风力改变，连入电路的电阻改变，电源电压不变，电路中的电流改变，灯泡的亮度改变，通过灯泡的亮度判断风力的大小。利用灯的亮度，只能粗略的判断风力的大小，若要灵敏的测量，可以在电路中串联一个电流表，根据电流的微小变化，就可以精确的测量风力的变化

36、了。 考点：变阻器；滑动变阻器的使用；电功率的计算 点评：本题考查学生的滑动变阻器实质的理解和灵活运用欧姆定律解决实际问题的能力 如图所示是一种环保型手电筒，这种 手电筒不用化学电池作为电源。使用时只要将它来回摇晃，就能发光，并且来回摇晃得越快，手电筒发光越强 .这种手电筒所产生的电能是根据 现象获得的，其能量转化是 能转化成电能 . 答案：电磁感应，机械 试题分析：要解答本题需掌握：电磁感应现象，以及电磁感应现象中的能量转化是机械能转化为电能。由题干中图可知该手电筒有磁体和线圈，使用时将它来回摇晃，线圈在磁场中就做切割磁感线运动，故线圈中有感应电流产生所以手电灯发光当摇动速度越快，线圈运动越

37、快，产生的感应电流越强，在这个过程中能量转化是机械能转化为电能 故答案： 为：电磁感应现象，机械 考点：电磁感应；能量转化的现象 点评：本题主要考查学生对电磁感应现象原理的了解和掌握，是 一道基础题 如图所示，小灯泡上标有 “8V2W”字样，电源电压 12V，且 保持不变。当开关闭合时，电压表 V1的示数是 V，灯泡正常工作时灯丝电阻 ，要使小灯泡正常发光，滑动变阻器接入电路的电阻是 。由于电路发生故障，发现两电压表的示数相同，但不为零，若这种现象的发生是由用电器引起的，则故障可能的原因是 。 答案：， 32 ， 16，灯泡处断路 试题分析： V1与电源并联，故示数应为 12V，灯的 额定电压

38、为，额定功率为2W， 灯的额定电流 I=p/u=2W/8V=0.25A，灯的电阻 R=u/i=8V/0.25A=32， 电路的总电阻 R 总 =u/i=12V/0.25A=48，滑动变阻器应连入电路的阻值 R=R总 -R=48-32=16 V2表测量灯的电压，若发生故障， V2 的读数应小于 V1的读数，但相同，说明是灯开路了 故本题答案：为： 12； 32； 16； L断路 考点：电流表、电压表在判断电路故障中的应用；欧姆定律的应用 点评：本题利用电功率公式、欧姆定律公式计算电流、电阻及利用电压表判断电路故障和串联电路的特点：电流处处相等，总电压等于各用电器的电压之和。 计算题 在研究性学习

39、中，有一组同学设计了 “测定斜面的机械效率 ”的实验 .如图所示，用高为 30cm的木块将带有刻度的平木板垫起，构成一个斜面，并使它固定，把小车放在斜面底端 A，用弹簧测力计拉着小车从位置 A沿斜面匀速上升到 B位置，上升过程中弹簧测力计的示数如图所示 . （ 1） 根据题中提供的信息，在下面的实验记录表格中完成相关的内容： 小车的重力 G/N 沿斜面的拉力 F/N 小车沿斜面上升的距离 L/m 小车上升高度h/m 2 0.8 （ 2）根据以上的实验记录，完成下列计算： 拉力 F在这过程中做的有用功 拉力 F在这过程中做总功 机械效率 答案： .5， 0.45， 0.9 ， 1.2， 75%

40、， 试题分析：（ 1）拉力 F=1N+0.5N=1.5N，小车上升的高度就是斜面 80cm处所对应的垂直高度，应为 45cm； （ 2）有用功： W 有 =Gh=2N0.45m=0.9J；总功： W 总 =FL=1.5N0.8m=1.2J；机械效率： = W有 / W 总 =0.9J/1.2J=75% 故答案：为：（ 1）见下表 小车的重力 G/N 沿斜面的拉力 F/N 小车沿斜面上升的距离L/m 小车上升高度h/m 2 1.5 0.8 0.45 （ 2） 0.9J， 1.2J， 75% 考点：斜面机械效率的测量实验；有用功和额外功；机械效率的计算 点评：在解测斜面机械效率的实验题中，熟练运用

41、求有用功、总功和机械效率的公式是关键，但从图中读取数据却要格外细心，因为一旦读错数据，后面的计算将会全部受到影响。 在一次探究活动中，小明同学对家里的用电器进行了相关的观察和研究，他以一台电磁炉为观察研究对象，记录了有关数据，如下表： 观察对象 有关记录和相关数据 电磁炉铭牌 U 额 =220V P 额 =2KW 电能表铭牌 220V 10(40A) 50Hz 2000r/KWh 用电磁炉加热一壶水(水的质量为 4千克，初温为 30 ) 关闭家里其他用电器，只将电磁炉接入电路烧水 .观察电能表，表盘在 10分钟内转过了 600转，此时用温度计测得的水温为 70 . 请你就小明在活动中获得的有关

42、资料，求解或提出有关问题： (1) 加热 10分钟，水所吸收的热量是多少？ (2) 电磁炉工作 10分钟所消耗的电能为多少焦耳？电磁炉的实际功率是多少？ (3) 请你将求解结果与这位同学在活动中的有关数据进行比较，发现了什么问题(只要求写出一个 )？并解释原因 . 答案： (1) 6.72105 (2)1.08106， 1800， P 实 P 额 U 实 U 额 或者消耗的电能大于水吸收的热量；有热损失 试题分析：（ 1）知道水壶内水的质量、水的密度、水温度的变化，利用吸热公式求水吸收的热量； （ 2）知道只将电磁炉接入电路烧水观察电能表，表盘在 10min内转 了 600r，利用电能表的参数

43、 “2000r/kWh”求电磁炉工作 10min消耗的电能； （ 3）知道电磁炉工作 10min消耗的电能，利用 P= W/ t求电磁炉的功率； （ 4）将计算的电磁炉的实际功率与额定功率比较进行分析 解答：（ 1） Q 吸 =c 水 m（ t-t0） =4.2103J/（ kg ） 4kg（ 70 -30 ） =6.72105J； （ 2）电磁炉工作 10min消耗的电能： W=600r/2000r/kW h=600/20003.6106J=1.08106J； 电磁炉的实际功率： P= W/ t=1.08106J/600s=1800W； （ 3） P=1800W 2kW， 电磁炉两端的电压比

44、额定电压要低，电磁炉没有正常工作 答：（ 1）加热 10min，水所吸收的热量为 6.72105J； （ 2）电磁炉工作 5min消耗的电能为 1.08106J，电磁炉的功率为 1800W； （ 3）电磁炉的实际功率小于额定功率，这说明电磁炉两端的电压比额定电压要低。 考点：电功与热量的综合计算；能量利用效率；电功率的计算；实际功率 点评：本题是一道电学与热学的综合应用题，与生活相联系，涉及到了实际电压、实际功率 、额定电压、额定功率、消耗电能的计算，电功率的计算，热量的计算，从表中得出相关信息并利用好是本题的关键。 作图题 如图所示是小明设计的温度自动报警器原理图。在水银温度计里封入一段金属

45、丝，当在正常工作的温度范围内时，绿灯亮；当温度升高达到金属丝下端所指示的温度时，红灯亮，发出报警信号。请按照题意要求，在图中连接好电路。 答案： 试题分析：如图，当在正常工作的温度范围内时，水银与金属丝断开，电磁铁断电没有磁性，绿灯所在电路接通，绿灯亮；当温度升高，水银达到金属丝下端时，水银是导体，电磁铁通电有磁性，把衔铁吸引下来，红灯所在电路接通，红灯亮，发出报警信号。 考点：电磁继电器的组成、原理和特点；实物的电路连接。 点评：解决此类问题要结合电磁继电器的工作原理进行分析 螺线管接通电源后，可以产生如图所示的磁感线 .根据图中信息标明电源的正负极，小磁针的 N 极 . 答案： 试题分析：

46、根据磁感线的方向判断出通电螺线管的磁极和小磁针的磁极，再根据 右手定则判断出电流的方向即得电源的正负极。 考点：通电螺线管的极性和电流方向的判断；磁感线及其特点；安培定则。 点评：利用右手螺旋定则既可由电流的方向判定磁极磁性，也能由磁极极性判断电流的方向和线圈的绕法本题也可以利用磁极间的相互作用规律来帮助理解小磁针磁极的判断。 如图所示的杠杆 B点挂着重物 G，若在 A点施加一个最小的力 F使杠杆平衡在图中的位置 .请在图中画出此力的示意图和力臂 . 答案： 试题分析：根据杠杆平衡条件：动力 动力臂 =阻力 阻力臂，若阻力阻力臂乘积一定，则动力臂最大时动力会最小，而且动力使 杠杆转动的效果与阻力（物体重力的拉力）使杠杆转动的效果相反。 根据题意，动力 F的最大力臂为 OA，动力 F应与 OA垂直斜向下，如图： 考点：力的示意图；力臂的画法；杠杆中最小力的问题 点评：力臂是支点到力的作用线的距离，若支点与力的作用点的连线成为力臂，此时的力臂最大。