【计算机类职业资格】网络工程师-数据通信基础及答案解析.doc

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1、网络工程师-数据通信基础及答案解析(总分：79.00，做题时间：90 分钟)一、单项选择题(总题数：65，分数：79.00)1.在地面上相隔 2000km 的两地之间通过卫星信道传送 4000 比特长的数据包，如果数据速率为 64kbps，则从开始发送到接收完成需要的时间是_。（分数：1.00）A.48msB.640msC.322.5msD.332.5ms2.在相隔 400km 的两地间通过电缆以 4800bps 的速率传送 3000 比特长的数据包，从开始发送到接收完数据需要的时间是_。（分数：1.00）A.480msB.607msC.612msD.627ms3.光纤分为单模光纤和多模光纤，

2、这两种光纤的区别是_。（分数：1.00）A.单模光纤的数据速率比多模光纤低B.多模光纤比单模光纤传输距离更远C.单模光纤比多模光纤的价格更便宜D.多模光纤比单模光纤的纤芯直径粗4.以下关于光纤通信的叙述中，正确的是_。（分数：1.00）A.多模光纤传输距离远，而单模光纤传输距离近B.多模光纤的价格便宜，而单模光纤的价格较贵C.多模光纤的包层外径较粗，而单模光纤的包层外径较细D.多模光纤的纤芯较细，而单模光纤的纤芯较粗5.下面关于 Manchester 编码的叙述中，错误的是_。（分数：1.00）A.Manchester 编码是一种双相码B.Manchester 编码提供了比特同步信息C.Man

3、chester 编码的效率为 50%D.Manchester 编码应用在高速以太网中10Base-T 以太网使用曼彻斯特编码，其编码效率为_%，在快速以太网中使用 4B/5B 编码，其编码效率为_%。（分数：2.00）A.30B.50C.80D.90A.30B.50C.80D.906.图 2-4 中画出了曼彻斯特编码和差分曼彻斯特编码的波形图，实际传送的比特串为_， （分数：1.00）A.10101100B.01110010C.01010011D.100011017.设信道采用 2DPSK 调制，码元速率为 300 波特，则最大数据速率为_bps。（分数：1.00）A.300B.600C.90

4、0D.12008.可以用数字信号对模拟载波的不同参量进行调制，图 2-5 所示的调制方式称为_。 （分数：1.00）A.ASKB.FSKC.PSKD.DPSK9.假设模拟信号的最高频率为 6MHz，采样频率必须大于_时，才能使得到的样本信号不失真。（分数：1.00）A.6MHzB.12MHzC.18MHzD.20MHz10.假设模拟信号的最高频率为 10MHz，采样频率必须大于_时，才能使得到的样本信号不失真。（分数：1.00）A.6MHzB.12MHzC.18MHzD.20MHz11.在 IEEE 802.11 标准中使用了扩频通信技术，下面选项中有关扩频通信技术的说法正确的是_。（分数：1

5、.00）A.扩频技术是一种带宽很宽的红外通信技术B.扩频技术就是用伪随机序列对代表数据的模拟信号进行调制C.扩频通信系统的带宽随着数据速率的提高而不断扩大D.扩频技术就是扩大了频率许可证的使用范围12.在异步通信中，每个字符包含 1 位起始位、7 位数据位、1 位奇偶位和 2 位终止位，每秒钟传送 100 个字符，则有效数据速率为_。（分数：1.00）A.500bpsB.700bpsC.770bpsD.1100bpsE1 信道的数据速率是_，其中每个话音信道的数据速率是_。（分数：2.00）A.1.544MbpsB.2.048MbpsC.6.312MbpsD.44.736MbpsA.56kbp

6、sB.64kbpsC.128kbpsD.2048kbDs同步数字系列(SDH)是光纤信道复用标准，其中最常用的 STM.1(OC-3)的数据速率是_，STM-4(OC-12)的数据速率是_。（分数：2.00）A.155.520MbpsB.622.080MbpsC.2488.320MbpsD.10GbDsA.155.520MbpsB.622.080MbpsC.2488.320MbpsD.10GbDs13.采用 CRC 进行差错校验，生成多项式为 G(x)=x 4 +x+1，信息码字为 10111，则计算出的 CRC 校验码是_。（分数：1.00）A.0000B.0100C.0010D.1100E

7、1 载波的基本帧由 32 个子信道组成。其中 30 个子信道用于传送语音数据，2 个子信道_用于传送控制信令。该基本帧的传送时间为_。（分数：2.00）A.CH0 平口 CH2B.CH1 和 CH15C.CH15 和 CH16D.CH0 和 CH16A.100msB.200sC.125sD.150s4B/5B 编码是一种两级编码方案，首先要把数据变成_编码，再把分为 4 位一组的代码变换成 5 位的代码，这种编码的效率是_。（分数：2.00）A.NRZ-IB.AMIC.QAMD.PCMA.0.4B.0.5C.0.8D.1.0图 2-14 表示了某个数据的两种编码，这两种编码分别是_，该数据是_

8、。 （分数：2.00）A.X 为差分曼彻斯特码，Y 为曼彻斯特码B.X 为差分曼彻斯特码，Y 为双极性码C.X 为曼彻斯特码，Y 为差分曼彻斯特码D.X 为曼彻斯特码，Y 为不归零码A.010011110B.010011010C.011011010D.010010010图 2-15 所示的调制方式是_。若载波频率为 2400Hz，则码元速率为_。 （分数：2.00）A.FSKB.2DPSKC.ASKD.QAMA.100BaudB.200BaudC.1200BaudD.2400Baud在相隔 2000km 的两地间通过电缆以 4800bps 的速率传送 3000 比特长的数据包，从开始发送到接收

9、完数据需要的时间是_。如果用 50kbps 的卫星信道传送，则需要的时间是_。（分数：2.00）A.480msB.645msC.630msD.635msA.70msB.330msC.500msD.600msE 载波是 ITU-T 建议的传输标准，其中 E3 信道的数据速率大约是_Mbps。贝尔系统 T3 信道的数据速率大约是_Mbps。（分数：2.00）A.64B.34C.8D.2A.1.5B.6.3C.44D.274曼彻斯特编码的特点是_，它的编码效率是_。（分数：2.00）A.在“0”比特的前沿有电平翻转，在“1”比特的前沿没有电平翻转B.在“1”比特的前沿有电平翻转，在“0”比特的前沿没

10、有电平翻转C.在每个比特的前沿有电平翻转D.在每个比特的中问有电平翻转A.50%B.60%C.80%D.100%14.设信道带宽为 3400Hz，采用 PCM 编码，采样周期为 125s，每个样本量化为 128 个等级，则信道的数据速率为_。（分数：1.00）A.10kbpsB.16kbpsC.56kbpsD.64kbps15.设数据码字为 10010011，采用海明码进行校验，则必须加入_比特冗余位才能纠正一位错。（分数：1.00）A.2B.3C.4D.516.高级数据链路控制协议(HDLC)是一种_。（分数：1.00）A.面向比特的同步链路控制协议B.面向字节计数的同步链路控制协议C.面向

11、字符的同步链路控制协议D.异步链路控制协议17.以下关于帧中继网的叙述中，错误的是_。（分数：1.00）A.帧中继提供面向连接的网络服务B.帧在传输过程中要进行流量控制C.既可以按需提供带宽，也可以适应突发式业务D.帧长可变，可以承载各种局域网的数据帧18.ATM 高层定义了 4 类业务，压缩视频信号的传送属于_。（分数：1.00）A.CBRB.VBRC.UBRD.ABR19.对于选择重发 ARQ 协议，如果帧编号字段为 k 位，则窗口大小为_。（分数：1.00）A.W2k-1B.W2k-1C.W=2k-1D.W2k-120.下面关于帧中继网络的描述中，错误的是_。（分数：1.00）A.用户的

12、数据速率可以在一定的范围内变化B.既可以使用流式业务，又可以适应突发式业务C.帧中继网可以提供永久虚电路和交换虚电路D.帧中继虚电路建立在 HDLC 协议之上RS-232-C 的电气特性采用 V.28 标准电路，允许的数据速率是_，传输距离不大于_。（分数：2.00）A.1kbpsB.20kbpsC.100kbpsD.1MbpsA.1mB.15mC.100mD.1kmHDLC 协议是一种_，采用_标志作为帧定界符。（分数：2.00）A.面向比特的同步链路控制协议B.面向字节计数的同步链路控制协议C.面向字符的同步链路控制协议D.异步链路控制协议A.10000001B.01111110C.101

13、01010D.1010101121.以太网中采用了二进制指数后退算法：这个算法的特点是_。（分数：1.00）A.网络负载越轻，可能后退的时间越长B.网络负载越重，可能后退的时间越长C.使网络既可以适用于突发性业务，也可以适用于流式业务D.可以动态地提高网络发送的优先级22.IEEE 802.11 采用了 CSMMCA 协议，下面关于这个协议的描述中错误的是_。（分数：1.00）A.各个发送站在两次帧间隔(IFS)之间进行竞争发送B.每一个发送站维持一个后退计数器并监听网络上的通信C.各个发送站按业务的优先级获得不同的发送机会D.CSMA/CA 协议适用于突发性业务以太网介质访问控制策略可以采用

14、不同的监听算法，其中一种是：一旦介质空闲就发送数据，假如介质忙，继续监听，直到介质空闲后立即发送数据，这种算法称为_监听算法，该算法的主要特点是_。（分数：2.00）A.1-坚持型B.非坚持型C.P-坚持型D.O-坚持型A.介质利用率和冲突概率都低B.介质利用率和冲突概率都高C.介质利用率低且无法避免冲突D.介质利用率高且可以有效避免冲突23.采用 CSMA/CD 协议的基带总线，其段长为 1000m，中间没有中继器，数据速率为 10Mbps，信号传播速度为 200M/ps，为了保证在发送期间能够检测到冲突，则该网络上的最小帧长应为_比特。（分数：1.00）A.50B.100C.150D.20

15、024.以太网协议可以采用非坚持型、1-坚持型和 P-坚持型三种监听算法。下面关于这三种算法的描述中，正确的是_。（分数：1.00）A.坚持型监听算法的冲突概率低，但可能引入过多的信道延迟B.非坚持型监听算法的冲突概率低，但可能浪费信道带宽C.P 坚持型监听算法实现简单，而且可以达到最好性能D.非坚持型监听算法可以及时抢占信道，减少发送延迟25.以太网帧格式如图 4-6 所示，其中的“长度”字段的作用是_。 （分数：1.00）A.表示数据字段的长度B.表示封装的上层协议的类型C.表示整个帧的长度D.既可以表示数据字段长度也可以表示上层协议的类型26.IEEE 802.3 规定的最小帧长为 64

16、 字节，这个帧长是指_。（分数：1.00）A.从前导字段到校验和的字段B.从目标地址到校验和的长度C.从帧起始符到校验和的长度D.数据字段的长度27.以太网帧格式如图 4-8 所示，其中“填充”字段的作用是_。 （分数：1.00）A.可用于表示任选参数B.表示封装的上层协议C.表示控制帧的类型D.维持 64 字节的最小帧长28.下面列出的 4 种快速以太网物理层标准中，使用两对五类无屏蔽双绞线作为传输介质的是_。（分数：1.00）A.100Base-FXB.100Base-T4C.100Base-TXD.100Base-T229.千兆以太网标准 802.3z 定义了一种帧突发方式(frame

17、bursting)，这种方式是指_。（分数：1.00）A.一个站可以突然发送一个帧B.一个站可以不经过竞争就启动发送过程C.一个站可以连续发送多个帧D.一个站可以随机地发送紧急数据30.快速以太刚标准 100Base-TX 规定的传输介质是_。（分数：1.00）A.二类 UTPB.三类 UTPC.五类 UTPD.光纤31.以下属于万兆以太网物理层标准的是_。（分数：1.00）A.IEEE 802.3uB.IEEE 802.3aC.IEEE 802.3eD.IEEE 802.3ae32.交换机之间的链路中，能够传送多个 VLAN 数据包的是_。（分数：1.00）A.中继连接B.接入链路C.控制连

18、接D.分支链路33.要实现 VTP 动态修剪，在 VTP 域中的所有交换机都必须配置成_。（分数：1.00）A.服务器B.服务器或客户机C.透明模式D.客户机34.按照 Cisco 公司的 VLAN 中继协议(VTP)，当交换机处于_模式时可以改变 VLAN 配置，并把配置信息分发到管理域中的所有交换机。（分数：1.00）A.客户机(Client)B.传输(Transmission)C.服务器(Setver)D.透明(Transparent)35.按照 802.1d 生成树协议(STP)，在交换机互联的局域网中，_的交换机被选为根交换机。（分数：1.00）A.MAC 地址最小的B.MAC 地址

19、最大的C.ID 最小的D.ID 最大的36.按照 IEEE 802.1d 协议，当交换机端口处于_状态时，既可以学习 MAC 帧中的源地址，又可以把接收到的 MAC 帧转发到适当的端口。（分数：1.00）A.阻塞(blocking)B.学习(learning)C.转发(forwarding)D.监听(listening)图 4-10 表示一个局域网的互联拓扑，方框中的数字是网桥 ID，用字母来区分不同的网段。按照 IEEE 802.1d 协议，ID 为_的网桥被选为根网桥，如果所有网段的传输费用为 1，则 ID 为 92 的网桥连接网段_的端口为根端口。 （分数：2.00）A.3B.7C.92

20、D.12A.aB.bC.dD.e37.2009 年发布的_标准可以将 WLAN 的传输速率由 4Mbps 提高到 300600Mbps。（分数：1.00）A.IEEE 802.11nB.IEEE 802.11aC.IEEE 802.11bD.IEEE 802.11g38.IEEE 802.11 标准定义的 Peer to Peer 网络是_。（分数：1.00）A.一种需要 AP 支持的无线网络B.一种不需要有线网络和接入点支持的点对点网络C.一种采用特殊协议的有线网络D.一种高速骨干数据网络39.IEEE 802.11g 标准支持最高数据速率可达_Mbps。（分数：1.00）A.5B.11C.

21、54D.10040.Wi-Fi 联盟制定的安全认证方案 WPA(Wi-Fi Protected Access)是_标准的子集。（分数：1.00）A.IEEE 802.11B.IEEE 802.11aC.IEEE 802.11bD.IEEE 802.11i41.无线局域网(WLAN)标准 IEEE 802.11g 规定的最大数据速率是_。（分数：1.00）A.1MbpsB.11MbpsC.5MbpsD.54Mbps42.用于工业、科学和医疗方面的免许可证的微波频段有多个，其中世界各国通用的 ISM 频段是_。（分数：1.00）A.902928MHzB.868915MHzC.57255850MHz

22、D.24002483.5MHz43.IEEE 802.11 采用了类似于 802.3CSMA/CD 协议的 CSMA/CA 协议，之所以不采用 CSMA/CD 协议的原因是_。（分数：1.00）A.CSMA/CA 协议的效率更高B.为了解决隐蔽终端问题C.CSMA/CD 协议的开销更大D.为了引进其他业务44.IEEE 802.1q 协议的作用是_。（分数：1.00）A.生成树协议B.以太网流量控制C.生成 VLAN 标记D.基于端口的认证45.CSMA/CD 协议可以利用多种监听算法来减小发送冲突的概率，下面关于各种监听算法的描述中，正确的是_。（分数：1.00）A.非坚持型监听算法有利于减

23、少网络空闲时间B.1-坚持型监听算法有利于减少冲突的概率C.P-坚持型监听算法无法减少网络的空闲时间D.1-坚持型监听算法能够及时抢占信道46.IEEE 802.11 采用了类似于 802.3 CSMA/CD 协议的 CSMA/CA 协议，之所以不采用 CSMA/CD 协议的原因是_。（分数：1.00）A.CSMA/CA 协议的效率更高B.CSMA/CD 协议的开销更大C.为了解决隐蔽终端问题D.为了引进其他业务47.VLAN 中继协议(VTP)用于在大型交换网络中简化 VLAN 的管理。按照 VTP 协议，交换机的运行模式分为三种：服务器模式、客户机模式和透明模式。下面关于 VTP 的描述中

24、，错误的是_。（分数：1.00）A.交换机在服务器模式下能创建、添加、删除和修改 VLAN 配置B.一个管理域中只能有一个服务器C.在透明模式下可以进行 VLAN 配置，但不能向其他交换机传播配置信息D.交换机在客户机模式下不允许创建、修改或删除 VLAN48.在生成树仂、议(STP)IEEE 802.1d 中，根据_来选择根交换机。（分数：1.00）A.最小的 MAC 地址B.最大的 MAC 地址C.最小的交换机 IDD.最大的交换机 ID49.在快速以太网物理层标准中，使用两对 5 类无屏蔽双绞线的是_。（分数：1.00）A.100Base-TXB.100Base-FXC.100Base-

25、T4D.100Base-T250.在 IEEE 802.11 标准中使用了扩频通信技术，下面选项中有关扩频通信技术说法正确的是_。（分数：1.00）A.扩频技术是一种带宽很宽的红外线通信技术B.扩频技术就是用伪随机序列对代表数据的模拟信号进行调制C.扩频通信系统的带宽随着数据速率的提高而不断扩大D.扩频技术就是扩大了频率许可证的使用范围51.下面关于 WLAN 安全标准 IEEE 802.11i 的描述中，错误的是_。 A采用了高级加密标准(AES) B定义了新的密钥交换协议(TKIP) C采用 802.1x 实现访问控制 D提供的加密方式为有线等效协议(WEP) （分数：1.00）A.B.C

26、.D.网络工程师-数据通信基础答案解析(总分：79.00，做题时间：90 分钟)一、单项选择题(总题数：65，分数：79.00)1.在地面上相隔 2000km 的两地之间通过卫星信道传送 4000 比特长的数据包，如果数据速率为 64kbps，则从开始发送到接收完成需要的时间是_。（分数：1.00）A.48msB.640msC.322.5msD.332.5ms 解析：解析 总的时间=4000 比特长的数据包的发送时间+卫星传输延迟时间。 发送 4000 比特需要 4000/64k=62.5ms。卫星传输延迟较大，大约为 270ms。因此总的时间为62.5+270=332.5ms。2.在相隔 4

27、00km 的两地间通过电缆以 4800bps 的速率传送 3000 比特长的数据包，从开始发送到接收完数据需要的时间是_。（分数：1.00）A.480msB.607msC.612msD.627ms 解析：解析 总时间=线路延迟+调制延迟。 线路延迟=传输距离/传输速度。电信号在电缆上的传输速度大约是 20 万公里/秒，因此线路延迟=400/200000=2ms。 调制延迟=数据帧大小/比特率=3000/4800=625ms 因此，总时间=2+625=627ms3.光纤分为单模光纤和多模光纤，这两种光纤的区别是_。（分数：1.00）A.单模光纤的数据速率比多模光纤低B.多模光纤比单模光纤传输距离

28、更远C.单模光纤比多模光纤的价格更便宜D.多模光纤比单模光纤的纤芯直径粗 解析：解析 多模光纤纤芯直径较大，可为 50m 和 61.5m 两种，单模光纤纤芯直径较小，一般为910gm，可见多模光纤比单模光纤的纤芯直径粗。 由于单模光纤纤芯直径很小，理论上只能传导一种模式的光，从而避免了模态色散，光在其中无反射地沿直线传播，因此具有较高的数据速率，传输距离较长，但成本较高。相对而言，多模光纤的传输速率较低，传输距离较短。4.以下关于光纤通信的叙述中，正确的是_。（分数：1.00）A.多模光纤传输距离远，而单模光纤传输距离近B.多模光纤的价格便宜，而单模光纤的价格较贵 C.多模光纤的包层外径较粗，

29、而单模光纤的包层外径较细D.多模光纤的纤芯较细，而单模光纤的纤芯较粗解析：解析 多模光纤纤芯直径较大，有 50m 和 62.5m 两种，包层外径 125m；单模光纤纤芯直径较小，一般为 910m，包层外径也为 125m，可见选项 C、D 错误。多模光纤传输的距离比较近，一般只有几公里，单模光纤中心玻璃芯很细(芯径一般为 9m 或 10m)，只能传输一种模式的光。因此，其模间色散很小，适用于远程通信，所以选项 A 错误。单模光纤价格比较贵，多模光纤价格便宜，所以选项B 正确。5.下面关于 Manchester 编码的叙述中，错误的是_。（分数：1.00）A.Manchester 编码是一种双相码

30、B.Manchester 编码提供了比特同步信息C.Manchester 编码的效率为 50%D.Manchester 编码应用在高速以太网中 解析：解析 Manchester 编码是一种双相码，用电平的跳变表示二进制位：用高电平到低电平的转换边表示“0”，用低电平到高电平的转换边表示“1”，相反表示也可。这种编码的电平转换既表示了数据，也可作为定时信号使用。由于每位中问都有一次电平跳变，因此波特率是数据传输速率的两倍，可见编码的效率仅为 50%。Manchester 编码应用在以太网中，而不是高速以太网中。10Base-T 以太网使用曼彻斯特编码，其编码效率为_%，在快速以太网中使用 4B/

31、5B 编码，其编码效率为_%。（分数：2.00）A.30B.50 C.80D.90解析：A.30B.50C.80 D.90解析：解析 曼彻斯特编码每个比特位需要两次信号变化，因此编码效率只有 500 名，这意味着比特率只是波特率的一半。这种编码效率在低速的通信系统(如 10 兆以太网)中尚可以接受，但在高速通信系统中是难以接受的。 mB/nB 编码的效率计算公式为 m/n100%。由于 mn，所以 mB/nB 编码的效率并不能达到 100%，对于4B/5B 编码和 8B/10B 编码，编码效率均为 80%，而 64B/66B 编码的编码效率则达到 96.97%。6.图 2-4 中画出了曼彻斯特

32、编码和差分曼彻斯特编码的波形图，实际传送的比特串为_， （分数：1.00）A.10101100B.01110010C.01010011 D.10001101解析：解析 曼彻斯特编码是一种双相码。高电平到低电平的转换边表示 0，而用低电平到高电平的转换过表示 1，位中间的电平转换边既表示了数据代码，也作为定时信号使用。差分曼彻斯特编码也是一种双相码。这种编码的码元中间的电平转换边只作为定时信号，而不表示数据。数据的表示在于每一位开始处足否有电平转换：有电平转换表示 0，无电平转换表示 1。所以图中所示的比特串应为 01010011。7.设信道采用 2DPSK 调制，码元速率为 300 波特，则最

33、大数据速率为_bps。（分数：1.00）A.300 B.600C.900D.1200解析：解析 数据传输速率 R=Blog2N，其中 B 为码元速率，N 为码元的种类。本题采用二相差分相移键控(2DPSK)对信号进行调制。2DPSK 不是利用载波相位的绝对数值传送数字信息，而是用前后码元的相对载波相位值传送数字信息。载波的起始相位与前一码元载波的起始相位相同表示“0”，载波的起始相位与前一码元载波的起始相位相差 表示“1”。采用 2DPSK 调制，码元有两种状态，即 N=2，可以计算出数据传输速率为 300log 2 2=300bps。8.可以用数字信号对模拟载波的不同参量进行调制，图 2-5

34、 所示的调制方式称为_。 （分数：1.00）A.ASKB.FSKC.PSK D.DPSK解析：解析 对数字信号的调制可分为幅度键控(ASK)、移频键控(FSK)、相移键控(PSK)。 PSK：用载波的起始相位的变化表示 0 和 1，又可分为相对 PSK 和绝对 PSK。从图 2-5 中可看出，0、1 变化时，载波的相位发生变化，所以此题选 C。9.假设模拟信号的最高频率为 6MHz，采样频率必须大于_时，才能使得到的样本信号不失真。（分数：1.00）A.6MHzB.12MHz C.18MHzD.20MHz解析：解析 根据奈奎斯特定理：如果采样速率大于模拟信号最高频率的两倍，则可以用得到的样本空

35、间恢复原来的模拟信号。可知，要是得到的样本信号不失真，采样频率必须大于 12MHz。10.假设模拟信号的最高频率为 10MHz，采样频率必须大于_时，才能使得到的样本信号不失真。（分数：1.00）A.6MHzB.12MHzC.18MHzD.20MHz 解析：解析 奈奎斯特证明：当采样频率大于模拟信号最高频分量频率的两倍时，所得的离散信号可以无失真地还原回被采样的模拟信号。11.在 IEEE 802.11 标准中使用了扩频通信技术，下面选项中有关扩频通信技术的说法正确的是_。（分数：1.00）A.扩频技术是一种带宽很宽的红外通信技术B.扩频技术就是用伪随机序列对代表数据的模拟信号进行调制 C.扩

36、频通信系统的带宽随着数据速率的提高而不断扩大D.扩频技术就是扩大了频率许可证的使用范围解析：解析 扩频是指一种在物理层上通过某种机制拓宽信号带宽，把原本是窄带的数字信号变成宽带的传输信号的信号调制技术。根据香农公式 C=Wlog 2 (1+S/N)，(其中，C 为信道容量，W 为频带宽度，S/N 为信噪比)，在信道容量 C 一定的情况下，增加频带宽度可以在较低信噪比的情况下传输信息，还可以有效地降低噪声功率谱密度，从而提高抗干扰能力。FHSS 和 DSSS 是最常见的扩频技术。 FHSS 系统的基本运作过程如下：发送端首先把信息数据调制成基带信号，然后进入载波频率调制阶段：此时载波频率受伪随机

37、码发生器控制，在给定的某带宽远大于基带信号的频带内随机跳变，使基带信号带宽扩展到发射信号使用的带宽；接下来，跳频信号便由天线发送出去；接收端接收到跳频信号后，首先从中提取出同步信息，使本机伪随机序列控制的频率跳变与接收到的频率跳变同步，这样才能够得到数据载波，将载波解调(即扩频解调)后得到发射机发出的信息。 DSSS 的扩频方式是：首先用高速率的伪噪声(PN)码序列与信息码序列作模二加(波形相乘 1 运算，得到一个复合码序列；然后用这个复合码序列去控制载波的相位，从而获得 DSSS 信号。通过这种方式可将原来较高功率而较窄频的频率变成具有较宽频的低功率频率，使系统具有较好的抗噪声干扰能力。DS

38、SS 使用的伪噪声码序列的速率不能低于原始数据信息序列的速率。12.在异步通信中，每个字符包含 1 位起始位、7 位数据位、1 位奇偶位和 2 位终止位，每秒钟传送 100 个字符，则有效数据速率为_。（分数：1.00）A.500bpsB.700bps C.770bpsD.1100bps解析：解析 数据传输速率为每秒传送的位数。本题中，每秒传送 100 个字符，每个字符中的有效数据占 7 位，因此每秒传送的有效数据为 700b，则有效数据速率为 700bps，总的数据速率为 1100bps。E1 信道的数据速率是_，其中每个话音信道的数据速率是_。（分数：2.00）A.1.544MbpsB.2

39、.048Mbps C.6.312MbpsD.44.736Mbps解析：A.56kbpsB.64kbps C.128kbpsD.2048kbDs解析：解析 E1 载波在北美和日本以外的国家中使用(欧洲标准)。该载波把一个时分复用帧(其长度T=125s)划分为 32 个相等的时隙，每个时隙 8 位，时隙的编号为 CH0CH31，其中时隙 CH0 用作帧同步，时隙 CH16 用来传送信令，其他 30 个时隙用作 30 个话路。E1 信道的传输速率为832b/125s2.048Mbps。而每个话路的传输速率为 8/125s=64kbps。同步数字系列(SDH)是光纤信道复用标准，其中最常用的 STM.

40、1(OC-3)的数据速率是_，STM-4(OC-12)的数据速率是_。（分数：2.00）A.155.520Mbps B.622.080MbpsC.2488.320MbpsD.10GbDs解析：A.155.520MbpsB.622.080Mbps C.2488.320MbpsD.10GbDs解析：解析 STM-1 为速率 155.520Mbps 的同步传输模块(Synchronous Transfer Module)，是 SDH 信号的最基本模块，称为第 1 级同步传输模块。四个 STM-1 同步复用构成 STM-4，可知 STM-4 的数据速率为155.5204=622.080Mbps。13.

41、采用 CRC 进行差错校验，生成多项式为 G(x)=x 4 +x+1，信息码字为 10111，则计算出的 CRC 校验码是_。（分数：1.00）A.0000B.0100C.0010D.1100 解析：解析 生成多项式 G(x)=x 4 +x+1 对应的二进制序列码为 10011，将信息码后面补四个 0，然后与序列码 10011 进行“按位异或”运算，如下： E1 载波的基本帧由 32 个子信道组成。其中 30 个子信道用于传送语音数据，2 个子信道_用于传送控制信令。该基本帧的传送时间为_。（分数：2.00）A.CH0 平口 CH2B.CH1 和 CH15C.CH15 和 CH16D.CH0

42、和 CH16 解析：A.100msB.200sC.125s D.150s解析：解析 E1 载波基本帧的传送时间为 125s，它由 32 个子信道组成，信道的编号为 CH0CH31，如图 2-13 所示。其中两个子信道用于传送控制信令：信道 CH0 用作帧同步；信道 CH16 用来传送信令。剩下 CH1CH15 和 CH17CH31 共 30 个信道可用于传送语音数据。 4B/5B 编码是一种两级编码方案，首先要把数据变成_编码，再把分为 4 位一组的代码变换成 5 位的代码，这种编码的效率是_。（分数：2.00）A.NRZ-I B.AMIC.QAMD.PCM解析：A.0.4B.0.5C.0.8

43、 D.1.0解析：解析 4B/5B 编码实际上是一种两级编码。系统中使用不归零编码，在发送到传输介质之前要变成见 1 就翻的不归零编码(NRZ-I)。NRZ-I 代码序列中 1 的个数越多，越能提供同步定时信息，但如果遇到长串的 0，则不能提供同步信息。所以在发送到介质之前还需要进行一次 4B/5B 编码，发送器扫描要发送的位序列，将其每 4 位分成一组，然后按照 4B/5B 编码规则转换成相应的 5 位代码。 4B/5B 编码用 5 位代码表示 4 位有效信息，因此编码效率为 4/5100%=80%=0.8。图 2-14 表示了某个数据的两种编码，这两种编码分别是_，该数据是_。 （分数：2

44、.00）A.X 为差分曼彻斯特码，Y 为曼彻斯特码B.X 为差分曼彻斯特码，Y 为双极性码C.X 为曼彻斯特码，Y 为差分曼彻斯特码 D.X 为曼彻斯特码，Y 为不归零码解析：A.010011110B.010011010 C.011011010D.010010010解析：解析 图中两种编码都在每一比特的中央有跳变，说明它们都属于双相码。因此(1)的答案只能在A、C 中选择。曼彻斯特编码用比特中间的跳变表示 0 和 1，高电平到低电平的跳变表示 0，低电平到高电平的跳变表示 1，相反表示也可。而差分曼彻斯特编码的比特中间的跳变仅作为定时信号，而不表示数据。每比特的前沿没有电平跳变表示比特 1，有

45、电平跳变表示比特 0。 如果(1)题选 A，则 X 为差分曼彻斯特编码，Y 为曼彻斯特编码。若 X 为差分曼彻斯特编码，其数据应该是“?11010111”(第一位编码由于无法预知其前状态，因此只能用?表示)。若 Y 为曼彻斯特编码，其数据可能是“011101100”或“100010011”，显然差分曼彻斯特编码和曼彻斯特编码的结果对应不上，因此选项A 是错误的。 如果(1)题选 C，则 Y 为差分曼彻斯特编码，其数据应该是“?10011010”。X 为曼彻斯特编码，其数据可能是“010011010”或“101100101”。显然第一个结果能够与差分曼彻斯特编码的结果匹配。所以可以判定该数据为

46、010011010。图 2-15 所示的调制方式是_。若载波频率为 2400Hz，则码元速率为_。 （分数：2.00）A.FSKB.2DPSK C.ASKD.QAM解析：A.100BaudB.200BaudC.1200Baud D.2400Baud解析：解析 题目中信号的频率和幅度都是固定的，用 0 相移表示“1”，用 180 相移表示“0”，很明显这个信号属于相移键控(PSK)。由于码元只取两个相位值，因此为 2 相调制，空(1)处应选择 B。 码元速率即是每秒钟发送的码元数，单位为波特(Baud)。在题目给出的信号中，由于码元周期是载波周期的 2 倍，因此码元速率为载波频率的一半，为 12

47、00Baud。在相隔 2000km 的两地间通过电缆以 4800bps 的速率传送 3000 比特长的数据包，从开始发送到接收完数据需要的时间是_。如果用 50kbps 的卫星信道传送，则需要的时间是_。（分数：2.00）A.480msB.645msC.630msD.635ms 解析：A.70msB.330ms C.500msD.600ms解析：解析 电信号在铜缆上的传播速度大致为光速的 2/3，也就是 210km/s。通过电缆传送数据的时间为：传输延迟时间+数据帧的发送时间=2000/200 000+3000/4800=10ms+625ms=635ms。 使用卫星信道传送数据的话，将会有较大的延时，通常为 270ms。卫星与地面之间的垂直距离大概为36000km，则使用通信卫星的传输距离将大于 72000km，远远大于要通信两地之间的间隔 2000km，因此传输延时绝不能使用 2000km 来计算。若使用 72000km 来计算，则传输延迟为 240ms，与通常使用的 270ms相差不大。数据帧的发送时间为 3000/50000=60ms。因此，使用卫星传送需要的时间为 270+60=330ms。E 载波是 ITU-T 建议的传输标准，其中 E3 信道的数据速