【计算机类职业资格】初级网络管理员上午试题-40及答案解析.doc

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1、初级网络管理员上午试题-40 及答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)1.某企业内部网段与 Internet 网互联的网络拓扑结构如图 8-4 所示，其防火墙结构属于 (52) 。（分数：1.00）A.B.C.D.2.根据以下 Redhat Linux 9.0 操作系统的提示信息，空缺处的 Apache 服务操作命令是 (65) 。root gcz root # service httpd startroot gcz root # (65) httpd (pid 20014 20013 20012 20011 20010 20009 20008 20007 20004)正在运行（分

2、数：1.00）A.service httpd statusB.httpd -k startC.httpd -k restartD.apachectl start3.利用 VLAN 技术可以把物理上连接的网络从逻辑上划分为多个不同的虚拟子网，可以对各个子网实施不同的管理策略。以下是某台交换机(Switch)的部分配置过程，其中空缺处的命令/参数可能是 (48) 。Switch #vlan databaseSwitch (vlan) # vtp ?Switch (vlan) # (48) Changing VTP domain name from NULL to Server1Switch (vl

3、an) # exit（分数：1.00）A.vtp ServerB.vip domain Server1C.vtp domain ServerD.vtp domain4.在开放网络服务框架(OGSA)标准中定义了 (70) 的概念，它提供一组遵守特定的约定并定义明确的接口，是实体之间产生、管理和交换信息的机制。（分数：1.00）A.ObjectB.Grid ServiceC.Web ServiceD.SOAP5.在网页中创建一个如图 8-2 所示的表单控件，其相应的 HTML 代码是 (40) 。（分数：1.00）A.B.C.D.6.以下 ASP 内置对象中， (43) 用于存储访问者的一些特定

4、信息。（分数：1.00）A.SessionB.ServerC.ObjectContextD.Application7.将双绞线制作成交叉线(一端按 EIA/TIA 568A 线序，另一端按 EIA/TIA 568B 线序)，该双绞线连接的两个设备可以分别为 (46) 。（分数：1.00）A.网卡与交换机B.网卡与网卡C.网卡与集线器D.交换机的以太网口与下一级交换机的 UPLINK 口8.通过代理服务器使内部局域网中的客户机访问 Internet 时， (67) 不属于代理服务器的功能。（分数：1.00）A.信息缓存B.信息加解密C.信息转发D.共享 IP 地址9.如图 8-1 所示的树型文件

5、系统中，方框表示目录，圆表示文件，“/”表示路径中的分隔符，“/”在路径之首时表示根目录。（分数：1.00）A.B.C.D.10.页式存储管理当中的页面是由 (37) 所感知的。（分数：1.00）A.用户B.操作系统C.编译系统D.链接程序11.以下关于 Windows 操作的叙述中，正确的是 (11) 。（分数：1.00）A.系统运行时，操作系统全部常驻内存B.整理磁盘碎片可提高系统运行效率C.应用程序一般通过运行 setup.ini 来启动安装D.删除某个应用程序所在目录全部文件就完全卸载了该应用程序12.在 Windows 2000/2003 操作系统的 cmd 命令窗口中，输入 (60

6、) 命令可查看本机所配置的域名服务器的 IP 地址。（分数：1.00）A.DNSserverB.DNSconfigC.tracertD.nslookup13.在常规格式下，Excel 单元格中的数值最多只能有 11 位，如果输入了 12 位以上的数字，则系统将 (15) 。（分数：1.00）A.以若干个“#”显示B.以若干个“?”显示C.以若干个“!”显示D.以科学记数形式显示14.设信道带宽为 3kHz，若采用正交移相键控法(QPSK)进行信号调制，其数据传输速率为 (21) b/s。（分数：1.00）A.6000B.12000C.18000D.2400015.Access 中可以使用表达式

7、，在表达式中出现的“&”运算符的含义是 (18) 。（分数：1.00）A.注释B.相与C.连接文本D.仅仅作为一个字符16.SNMPv1 代理的应答报文是 (56) 。（分数：1.00）A.GetRequestB.GetResponseC.SetRequestD.GetNextRequest17.使用 RAID 作为网络存储设备有许多优点。以下关于 RAID 的叙述中，不正确的是 (50) 。（分数：1.00）A.RAID 采用交叉存取技术，提高了访问速度B.RAID0 使用磁盘镜像技术，提高了可靠性C.RAID3 利用一个奇偶校验盘完成容错功能，减少了冗余磁盘数量D.RAID6 设置了一个专

8、用的、可快速访问的异步校验盘18.某计算机的时钟频率为 600MHz，测试该计算机的程序使用 4 种类型的指令。每种指令的数量及所需指令时钟数(CPI)见表 8-1，则该计算机的运算速度约为 (5) MIPS。表 8-1 各指令数量及其时钟数表指令类型 指令数目 每条指令需时钟数1 140000 12 30000 23 24000 44 20000 6（分数：1.00）A.106.76B.207.32C.308.64D.1 166.4019.如果要在 Excel 工作表单元格中输入字符型数据 0123，则下列输入中正确的是 (16) 。（分数：1.00）A.0123B.“0123C.0123D

9、.“0123“20.RPC1757 文件定义的 RMON 管理信息库是对 MIB-2 的扩充，其中的矩阵级存储的信息是 (58) 的通信情况。（分数：1.00）A.两个子网之间B.主机与子网之间C.两个以太网之间D.一对主机之间21.在以下网络应用中，要求带宽最高的应用是 (63) 。（分数：1.00）A.收发邮件B.可视电话C.数字电视D.拨号上网22.为了解决进程间的同步和互斥问题，通常采用一种称为 (39) 机制的方法。（分数：1.00）A.系统调度B.系统分派C.多道程序设计D.信号量23.如果将 IP 地址 174.234.58.239 的主机地址前十位用于子网，那么该 IP 地址对

10、应的子网掩码是 (26) 。（分数：1.00）A.255.255.192.0B.255.255.224.0C.255.255.255.192D.255.255.255.22424.甲、乙两人在同一时间就同样的发明创造提交了专利申请，专利局将分别向各申请人通报有关情况，并提出多种解决这一问题的办法，不可能采用的办法是 (20) 。（分数：1.00）A.两件申请都授予专利权B.两件申请都不授予专利权C.两申请人作为一件申请的共同申请人D.其中一方放弃权利并从另一方得到适当的补偿25. (62) 不是 Windows 操作系统本身提供的网络服务组件。（分数：1.00）A.IISB.RASC.HTTP

11、D.DNS26.在 CPU 执行一段程序的过程中，Cache 的存取次数为 4600 次，由主存完成的存取次数为 400 次。若 Cache 的存取周期为 5ns，主存的存取周期为 25ns，则 CPU 的平均访问时间为 (1) ns。（分数：1.00）A.5.4B.6.6C.8.8D.9.227.在使用 Windows 系统时，单击 Windows 窗口右上方的“ （分数：1.00）A.B.C.D.28.在计算机系统中，构成虚拟存储器 (7) 。（分数：1.00）A.只需要一定的硬件资源便可实现B.只需要一定的软件即可实现C.既需要软件也需要硬件方可实现D.既不需要软件也不需要硬件29. (

12、68) 应用服务将主机变为远程服务器的一个虚拟终端。在命令方式下运行时，通过本地机器传送命令，在远程计算机上运行相应程序，并将相应的运行结果传送到本地机器显示。（分数：1.00）A.E-mailB.FTPC.WWWD.Telnet30.某企业网内部使用的地址块是 10.168.192.0/27，该企业网每个子网可分配的主机地址数是 (28) 台。（分数：1.00）A.30B.32C.62D.6431.以下能隔离 ARP 病毒的网络互联设备是 (54) 。（分数：1.00）A.集线器B.路由器C.网桥D.交换机WAP uses (71) , which includes the Handheld

13、 Device Markup Language (HDML) developed by P. WML can also trace its roots to eXtensible Markup Language (XML). A markup language is a way of adding information to your (72) that tells the device receiving the content what to do with it. The best known markup language is Hypertext Markup Language.

14、(73) HTML, WML is considered a meta language. Basically, this means that in addition to providing predefined (74) , WML lets you design your own markup language (75) . WAP also allows the use of standard Internet protocols such as UDP, IP and XML.（分数：5.00）A.HTMLB.XMLC.DMLD.WMLA.packetB.contentC.text

15、D.appletsA.UsableB.AbleC.UnlikeD.LikeA.tagsB.certificatesC.messagesD.authentication codesA.consistentsB.pointsC.componentsD.parts32.以下关于网络安全的说法中，错误的是 (55) 。（分数：1.00）A.使用无线传输无法防御网络监听B.使用日志审计系统有助于定位故障C.木马是一种蠕虫病毒D.使用入侵检测系统可以防止内部攻击33.进行路由汇聚时，地址块 10.176.112.0/20 能覆盖的路由地址有10.176.119.0/24、10.176.121.0/24、

16、10.176.123.0/24 和 (29) 。（分数：1.00）A.10.176.110.0/21B.10.176.128.0/22C.10.176.127.0/22D.172.15.125.0/2334.在 SNMPv1 管理框架中，如果代理需要向管理站报告一个异常事件，则代理发出 trap 报文。以下事件中不属于异常事件的是 (57) 。（分数：1.00）A.检索的变量不存在B.报文认证失败C.通信链路失效D.系统重新启动35.在 Linux 操作系统中，用于测试 smb.conf 文件语法设置是否正确的命令是 (64) 。（分数：1.00）A.redhat-config-sambaB.

17、testparmC.service stub statusD.testsmb36.不同的交换方式具有不同的性能。为了使数据在网络中的传输延迟最小，首选的交换方式是 (31) 。（分数：1.00）A.电路交换B.报文交换C.数据报分组交换D.虚电路分组交换37.N-ISDN 网络提供基本接口速率时，一路语音占用的数据传输率占用其信道带宽的比例是 (33) 。（分数：1.00）A.25%B.44.4%C.50%D.88.89%38.以下关于二、十、十六进制数之间整数转换正确的是 (2) 。（分数：1.00）A.十进制数 439 转换成 8421BCD 码是 0100000011001B.十进制数

18、2008 转换为二进制无符号数是 111011000BC.十六进制数 0F2H 转换成十进制数是 232D.十进制数 122 转换成十六进制数是 7AH39.在超文本中插入视频剪辑文件 sample01.avi，当该文件被打开时就开始播放该 avi 文件。实现这一功能正确的 HTML 程序为 (44) 。（分数：1.00）A.IMG dynsrc=“sample01.gif“start=mouseoverB.IMG dynsrc=“sample01.gif“start=fileopenC.IMG dynsrc=“sample01.avi“start=mouseoverD.IMG dynsrc“

19、sample01.avi“start=fileopen40.在 OSI 参考模型中，网络层处理的数据单位是 (25) 。（分数：1.00）A.比特B.帧C.分组D.报文41.某个 C 类网络地址采用主机地址部分的最高位和次高位用做子网划分，其所减少的主机地址数为 (27) 个。（分数：1.00）A.4B.62C.124D.13042.某校园网用户无法访问外部站点 202.93.58.176，管理人员在 Windows 操作系统下可以使用 (61) 判断故障发生在校园网内还是校园网外。（分数：1.00）A.ping 202.93.58.176B.tracert 202.93.58.176C.ne

20、tstat 202.93.58.176D.asp-s 202.93.58.17643.某电子商务公司由相对独立的 6 个子公司组成，在管理上其中 3 个子公司管理基础完善，基本达到科学管理的要求。企业高层为企业长远发展考虑决定建设一个基于 B/S 结构的管理信息系统。该系统项目可使用 (9) 进行开发建设。（分数：1.00）A.生命周期法B.原型法C.CASE 开发方法D.面向对象开发方法44.常用的 EIA RS-232 接口的电气特性中，数据“0”的接口电平规定为 (22) 。（分数：1.00）A.+315VB.-3-15VC.+5+10VD.-5-10V45.以下关于 XML 文档遵守的

21、规则描述中，错误的是 (45) 。（分数：1.00）A.属性值必须加引号B.元素名称无须区分大小写C.元素可以嵌套，但不能交叉D.文档中必须有且只有一个根元素46.请将以下用户的信息以 POST 的方式送往处理文件 chkuser.asp 的表单语句填写完整。form name=loginfo method=post (42) =“chkuser. asp“（分数：1.00）A.actionB.valueC.methodD.target47.在 ISO/OSI 参考模型的数据链路层中，对链路进行加密采用的措施是 (51) 。（分数：1.00）A.防窃听技术B.包过滤技术C.SSL 协议D.通信

22、保密机48.一个故障已经被发现，而且也被排除了，为了检查修改是否引起了其他故障，这时应该进行 (10) 。（分数：1.00）A.程序走查B.退化测试C.软件评审D.接收测试49.某学校有多个班级，每个班级有多名学生但只能有一个班长，那么班长与学生这两个实体之间的关系是 (17) 。（分数：1.00）A.1:1B.1:nC.n:1D.m: n50.计算机要对声音信号进行处理时，必须将它转换成为数字声音信号。最基本的声音信号数字化方法是取样一量化法。若量化后的每个声音样本用 2 个字节表示，则量化分辨率是 (23) 。（分数：1.00）A.1/2B.1/1024C.1/65 536D.1/1310

23、7251.为了进行差错控制，必须对传送的数据帧进行校验。要纠正出 3 位错，码字之间的海明距离最小值应为 (24) 。（分数：1.00）A.3B.4C.6D.752.在 Word 编辑状态下，对 U 盘上打开的文档 MyDoc.doc 进行编辑后，选择“文件”下拉菜单中的“另存为”菜单项，进行换名保存，会使 (14) 。（分数：1.00）A.U 盘上原来文件 MyDoc.doc 中的内容被编辑后的内容所覆盖B.U 盘上原来文件 MyDoc.doc 改名为 MyDoc.bak，编辑后的内容仍保存在 MyDoc.doc 中C.U 盘上原来文件 MyDoc.doc 被删除，编辑后的内容作为一个新文件

24、被保存起来，新文件名由用户指定D.U 盘上原来文件 MyDoc.doc 中的内容不变，编辑后的内容作为一个新文件被保存起来，新文件名由用户指定53. (53) 无法有效防御 DDoS 攻击。（分数：1.00）A.根据 IP 地址对数据包进行过滤B.为系统访问提供更高级别的身份认证C.安装防病毒软件D.使用工具软件检测不正常的高流量54.基于 IEEE802.3 标准的 100Base-Tx 网络比 10Base-T 的数据传输速率提高了 10 倍，同时网络的覆盖范围 (32) 。（分数：1.00）A.扩大了B.缩小了C.保持不变D.没有限制55.MPC(MultimediaPC)与 PC 的主

25、要区别是增加了 (8) 。（分数：1.00）A.DVD 光驱和声卡B.存储信息的实体C.大容量的磁介质和光介质D.视频和音频信息的处理能力56.某电子商务网站中数据库连接程序 conn.inc 的部分代码如下，请将 (41) 空缺处的代码填写完整。set conn=server. (41) (“adodb.connection“)（分数：1.00）A.sq1B.likeC.CreateObjectD.GetRecordSet57.评价一个计算机系统时，通常主要使用 (69) 来衡量系统的可靠性。（分数：1.00）A.平均响应时间B.平均无故障时间C.平均修复时间D.数据处理速率58.一个任务被

26、唤醒，意味着 (36) 。（分数：1.00）A.该任务重新占有了 CPUB.它的优先级变为最大C.其任务移至等待队列队首D.任务变为就绪状态59.某局域网的 Internet 接入拓扑图如图 8-3 所示。在路由器 Router 上定义一条到达 Internet 网的默认路由，完成此任务的配置语句是 (49) 。（分数：1.00）A.B.C.D.60.电子政务根据其服务的对象不同，基本上可以分为四种模式。某政府部门内部的“办公自动化系统”属于 (34) 模式。（分数：1.00）A.G2BB.G2CC.G2ED.G2G61.以下选项中，不属于 Word 中段落对齐方式的是 (13) 。（分数：1

27、.00）A.右对齐B.分散对齐C.两端对齐D.垂直居中对齐62.在 PowerPoint 中打开一个具有多张幻灯片的演示文稿，此演示文稿已经应用了母版，那么对母版的修改将直接反映在 (19) 幻灯片上。（分数：1.00）A.每张B.当前C.当前幻灯片之前的所有D.当前幻灯片之后的所有63.为保证用户在网络上边下载边观看视频信息，需要采用 (66) 技术。（分数：1.00）A.超文本B.超链接C.数据库D.流媒体64.单个磁头在向盘片的磁性涂层上写入数据时，是以 (6) 方式写入的。（分数：1.00）A.串行B.并行C.并一串行D.串一并行65.某定点数字长 n 位，且最高位为符号位，小数点位于

28、最低位的后面，则该机器数所能表示的最大值为 (3) 。（分数：1.00）A.2n-1B.2nC.2n-1-1D.2n-166.输入流水线的全局性相关处理不包括 (4) 。（分数：1.00）A.采取猜测法B.加快和提前形成条件码C.采取顺序流动D.加快短循环程序的处理67.除了 I/O 设备本身的性能外，影响操作系统 I/O 数据传输速度的主要因素是 (35) 。（分数：1.00）A.Cache 存储器性能B.主存储器的容量C.CPU 的字长D.系统总线的传输速率68.结构化布线系统中，所有的水平布线 UTP(非屏蔽双绞线)都是从工作区到各楼层配线间的，在配线间由 (47) 进行端接。（分数：1

29、.00）A.I/O 信息插座模块B.快接式跳线C.配线架D.接插件69.以下列 IP 地址中，属于单播地址的是 (30) 。（分数：1.00）A.10.3.2.255/24B.172.31.129.255/18C.192.168.24.59/30D.224.100.57.21170.某局域网中约有 500 台被管理的网络设备(交换机、主机等)，若单个轮询所需的时间约为 200ms，则在网络管理软件上设置的最小轮询时间间隔为 (59) 。（分数：1.00）A.1 分钟B.2 分钟C.10 分钟D.42 分钟初级网络管理员上午试题-40 答案解析(总分：75.00，做题时间：90 分钟)1.某企业

30、内部网段与 Internet 网互联的网络拓扑结构如图 8-4 所示，其防火墙结构属于 (52) 。（分数：1.00）A.B.C. D.解析：要点解析 防火墙的非军事区(DMZ)用于隔离不同网段，是放置公共信息的最佳位置，所以可在该区域部署本公司对外发布的 Web 服务器，使得外部访问者可以不用通过内网就能直接获得他们所需要的信息。本试题图 8-4 示意的是带屏蔽路由器的单网段防火墙结构。2.根据以下 Redhat Linux 9.0 操作系统的提示信息，空缺处的 Apache 服务操作命令是 (65) 。root gcz root # service httpd startroot gcz

31、root # (65) httpd (pid 20014 20013 20012 20011 20010 20009 20008 20007 20004)正在运行（分数：1.00）A.service httpd status B.httpd -k startC.httpd -k restartD.apachectl start解析：要点解析 启动 httpd 进程后，使用命令“service httpd status”可以查看 Apache 服务器状态信息。选项 B 的“httpd -k start”用于启动 Apache 服务，其等价于 service httpd start 或 apach

32、ectl start。选项 C 的“httpd -k restart”用于重启 Apache 使其重新读取配置文件，其等价命令有 service httpd restart 和 apachectl restart。另外，使用命令“service httpd stop”可以终止 Apache 服务，该命令的等价命令是 httpd -k stop(或 apachectl stop)。3.利用 VLAN 技术可以把物理上连接的网络从逻辑上划分为多个不同的虚拟子网，可以对各个子网实施不同的管理策略。以下是某台交换机(Switch)的部分配置过程，其中空缺处的命令/参数可能是 (48) 。Switch

33、#vlan databaseSwitch (vlan) # vtp ?Switch (vlan) # (48) Changing VTP domain name from NULL to Server1Switch (vlan) # exit（分数：1.00）A.vtp ServerB.vip domain Server1 C.vtp domain ServerD.vtp domain解析：要点解析 由该交换机配置过程中的输出信息“Changing VTP domain name from NULL to Server1”可知，该交换机的 VTP 域名已由原先的“NULL”更改为“Server

34、1”，因此(48)空缺处的配置语句是选项 B 的“vtp domain Server1”。4.在开放网络服务框架(OGSA)标准中定义了 (70) 的概念，它提供一组遵守特定的约定并定义明确的接口，是实体之间产生、管理和交换信息的机制。（分数：1.00）A.ObjectB.Grid Service C.Web ServiceD.SOAP解析：要点解析 “Web Service”是由 W3C 协会设计和指定，用来促进跨平台的程序对程序通信的一系列标准。目前，W3C 已指定一个模板 WSDL(Web 服务描述语言)和一个过程调用协议 SOAP(简单对象访问协议)的编程接口作为“正式的”Web Se

35、rvice 标准。开放网络服务框架(OGSA)，是 Web Service 和 Grid 技术结合的产物，已成为网络基础框架的标准。它利用 Web Service 的标准接口定义机制、多协议绑定、本地与远端的透明性，利用 Grid 的服务语义、可靠性和安全模型、生命周期管理、发现和其他服务，以及多主机或运行环境来建构自己的框架。为了使服务的思想更加明确和具体，OGSA 定义了网络服务(Grid Service)的概念，用于解决服务的发现、动态服务的创建、服务生命周期的管理与临时服务有关的问题。Grid Service 提供一组遵守特定的约定并定义明确的接口，是实体之间产生、管理和交换信息的机制

36、。“Object”是指面向对象技术中的对象。5.在网页中创建一个如图 8-2 所示的表单控件，其相应的 HTML 代码是 (40) 。（分数：1.00）A. B.C.D.解析：要点解析 HTML 网页设计中常用的表单控件用于与用户进行交互，图 8-2 显示的是一个下拉式菜单选择框，其相应的 HTML 代码是选项 A：select size=“1”name=“T1”/select。选项 B 的textarea rows=“2“，name=“T1“ cols=“20“/textarea用于创建一个多行文本框；选项 C 的input type=“radio“ value=“T1“ checked n

37、ame=“R1“用于创建一个单选按钮：选项 D 的input type=“text“ name=“T1“ size=“20“用于创建一个单行文本输入框。6.以下 ASP 内置对象中， (43) 用于存储访问者的一些特定信息。（分数：1.00）A.Session B.ServerC.ObjectContextD.Application解析：要点解析 ASP 本身所提供的对象称为 ASP 内置对象。这些对象使用户更容易收集通过浏览器请求发送的信息、响应浏览器及存储用户信息。ASP 包含 7 个内置对象及其各自功能见表 8-4。表 8-4 ASP 内置对象及其功能表对 象 功 能Applicatio

38、n 用于存储一个应用中所有用户共享的信息ObjectContext 用于控制 ASP 的执行，可供 ASP 程序配合 MTS 进行分散式处理Request 用于获取客户端通过浏览器向服务器发送的信息Response 用于将输出结果发送给客户端Server 用于提供对服务器方法、属性的存取Session 用于存储访问者的一些特定信息AspError 用于 ASP 应用程序的错误处理独特的 Session 对象是在每一位访问者从 Web 站点或 Web 应用程序中首次请求一个 ASP 页时创建的，它将保留到默认的期限结束(或者由脚本决定终止的期限)。它与 Application 对象一样提供一个空

39、间用来存放变量和对象的引用，但只能供目前的访问者在会话空的生命期中打开的页面使用。7.将双绞线制作成交叉线(一端按 EIA/TIA 568A 线序，另一端按 EIA/TIA 568B 线序)，该双绞线连接的两个设备可以分别为 (46) 。（分数：1.00）A.网卡与交换机B.网卡与网卡 C.网卡与集线器D.交换机的以太网口与下一级交换机的 UPLINK 口解析：要点解析 制作双绞线的标准有两个：EIA/TIA 568A 和 EIA/TIA 568B。通常 EIA/TIA 568A 的线序从左至右是：白绿(1)、绿(2)、白橙(3)、蓝(4)、白蓝(5)、橙(6)、白棕(7)、棕(8)。EIA/

40、TIA 568B的线序从左至右是：白橙(1)、橙(2)、白绿(3)、蓝(4)、白蓝(5)、绿(6)、白棕(7)、棕(8)。两者线序的区别在于(1)和(3)，(2)和(6)。如果两端都用 EIA/TIA 568B(或 EIA/TIA 568A)标准制作的双绞线称为直通线，用于交换机(或 HUB)与计算机网卡的连接；或一台交换机(或 HUB)的以太端口连接到另一台交换机(或 HUB)的级联端口 (UPLINK 口)。如果双绞线的一端按照 EIA/TIA 568A 排序，另一端按照 EIA/TIA 568B 排序，这样做出的双绞线就是交叉线。交叉线用于连接两台计算机的网卡，或者连接两台交换机(或 H

41、UB)的以太端口。8.通过代理服务器使内部局域网中的客户机访问 Internet 时， (67) 不属于代理服务器的功能。（分数：1.00）A.信息缓存B.信息加解密 C.信息转发D.共享 IP 地址解析：要点解析 代理服务器是指在计算机客户端和访问的计算机网络(如 Internet 网)之间安装有相应代理服务器软件的一台计算机，客户端对网络的所有访问请求都通过代理服务器实现。而被访问的网络计算机对请求的回答，也通过代理服务器转达到客户端。代理服务器的作用主要有以下 4 个。代理服务器提供远程信息本地缓存功能，减少信息的重复传输。所有使用代理服务器的用户都必须通过代理服务器访问远程站点，因此在

42、代理服务器上就可以设置相应的限制，以过滤或屏蔽掉某些信息。因此代理服务器可以起到防火墙的作用。通过代理服务器可访问一些不能直接访问的网站。互联网上有许多开放的代理服务器，客户在访问权限受到限制时，而这些代理服务器的访问权限是不受限制的，刚好代理服务器在客户的访问范围之内，那么客户通过代理服务器访问目标网站就成为可能。安全性得到提高。无论是上聊天室还是浏览网站，目的网站只能知道你来自于代理服务器，而你的真实IP 地址就无法测知，这就使得使用者的安全性得以提高。对于选项 B 的“信息加解密”，通常要使用专用的加密软件及加密算法来完成。9.如图 8-1 所示的树型文件系统中，方框表示目录，圆表示文件

43、，“/”表示路径中的分隔符，“/”在路径之首时表示根目录。（分数：1.00）A.B.C. D.解析：要点解析 在图 8-1 所示的文件系统的树型目录结构中，树的根结点为根目录，数据文件作为树叶，其他所有目录均作为树的节点。从树根开始的路径名称为绝对路径名。从当前目录开始的路径名称为相对路径名，即从当前目录开始，再逐级通过中间的目录文件，最后到达所要访问的数据文件。假设当前目录是 D2，进程 A 可以使用绝对路径名方式(方式)打开文件 f2，即使用”fd1=open (“/D2/W2/f2”，O_RDONLY)；”语句。进程 A 还可以使用相对路径名方式(方式)打开文件 f2，即使用”fd1=o

44、pen(“W2/f2”，O_RDONLY)；”语句。对于方式可用从当前路径开始查找需要访问的文件 f2，但需要访问 2 次磁盘，第 1 次查找目录文件 W2，找到文件 f2 的物理位置，第 2 次便可以读取文件 f2。而方式需要访问 3 次磁盘，第 1 次查找根目录，第 2 次查找目录文件/D2/W2/，找到文件 f2 的物理位置，第 3 次便可以读取文件 f2。可见，从当前目录开始，采用相对路径名比采用绝对路径名可以减少访问目录文件的次数，工作效率较高。10.页式存储管理当中的页面是由 (37) 所感知的。（分数：1.00）A.用户B.操作系统 C.编译系统D.链接程序解析：要点解析 进行存

45、储分配时，页式存储管理为每个作业建立一张页表，指出逻辑地址中页号与主存中块号的对应关系。然后，借助于硬件的地址转换机构，在作业执行过程中按页动态定位。每执行一条指令时，按逻辑地址中的页号查页表，得到对应的块号，根据关系式：绝对地址=块号块长+单元号，计算出欲访问的主存单元的地址。由此可知，页面是由操作系统所感知的。11.以下关于 Windows 操作的叙述中，正确的是 (11) 。（分数：1.00）A.系统运行时，操作系统全部常驻内存B.整理磁盘碎片可提高系统运行效率 C.应用程序一般通过运行 setup.ini 来启动安装D.删除某个应用程序所在目录全部文件就完全卸载了该应用程序解析：要点解

46、析 计算机系统在运行的过程中，会对磁盘上的文件进行插入、修改和删除操作，难免会在磁盘上形成“空洞”，即所谓的“碎片”，使得文件可能会存放在不连续的空间中，影响文件的存取速度。通过整理磁盘碎片，将文件存放在连续的空间中，并将“碎片”连接起来形成一个大的空闲区，可提高系统运行效率。12.在 Windows 2000/2003 操作系统的 cmd 命令窗口中，输入 (60) 命令可查看本机所配置的域名服务器的 IP 地址。（分数：1.00）A.DNSserverB.DNSconfigC.tracertD.nslookup 解析：要点解析 在 Windows 2000/2003 操作系统的 cmd 命

47、令窗口中，输入 nslookup 命令可查看本机所配置的 DNS 服务器的 IP 地址。tracert 是 Windows 操作系统中一个路由跟踪命令。通过该命令的返回结果，可以获得本地到达目标主机所经过的路由器数目。在 Windows2000/2003 操作系统中，没有 DNSserver 和 DNSconfig 这两条命令。13.在常规格式下，Excel 单元格中的数值最多只能有 11 位，如果输入了 12 位以上的数字，则系统将 (15) 。（分数：1.00）A.以若干个“#”显示B.以若干个“?”显示C.以若干个“!”显示D.以科学记数形式显示 解析：要点解析 在常规格式下，在 Exc

48、el 单元格的默认宽度中数值最多只能显示 11 位，超过了这个位数，如果不调整列宽的话，将以科学记数的形式进行显示。例如输入“123456789123”将被显示为“1.235E+11”的形式。14.设信道带宽为 3kHz，若采用正交移相键控法(QPSK)进行信号调制，其数据传输速率为 (21) b/s。（分数：1.00）A.6000B.12000 C.18000D.24000解析：要点解析 设信道带宽 H=3000Hz，若采用正交移相键控法(QPSK，N=4)进行信号调制，根据奈奎斯特(Nyquist)定理，其数据传输速率月为：R=2Hlog2N=23 0002=12 000b/s15.Acc

49、ess 中可以使用表达式，在表达式中出现的“&”运算符的含义是 (18) 。（分数：1.00）A.注释B.相与C.连接文本 D.仅仅作为一个字符解析：要点解析 在 Access 中，“&”是一个逻辑运算符，在字符串运算中起到连接字符串的作用。16.SNMPv1 代理的应答报文是 (56) 。（分数：1.00）A.GetRequestB.GetResponse C.SetRequestD.GetNextRequest解析：要点解析 SNMPv1 的请求报文可以是 GetRequest、GetNextRequest 和 SetRequest，对这 3 种请求的应答报文都是 GetResponse。17.使用 RAID 作为网络存储设备有许多优点。以下关于 RAID 的叙述中，不正确的是 (50) 。（分数：1.00）A.RAID 采用交叉存取技术，提高了访问速度B.RAID0 使用磁盘镜像技术，提高了可靠性 C.RAID3 利用一个奇偶校验盘完成容错功能，减少了冗余磁盘数量D.RAID6 设置了一个专用的、可快速访问的异步校验盘解析：要点解