辽宁省普兰店市第一中学2018_2019学年高一数学上学期期中试题（含解析）.doc

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1、- 1 -辽宁省普兰店市第一中学 2018-2019 学年高一上学期期中考试数学试题一选择题：（本大题共 12 小题，每小题 5 分，在每小题给出的四个选项中，只有一项是符合题目要求的.）1.已知集合 ， ，则 =（ ）A. -1,0 B. 0,1 C. -1,0,1 D. 0,1,2【答案】A【解析】【分析】解出集合 B 的元素，再由集合的交集的概念得到结果即可.【详解】 = , ,则 =-1,0故答案为：A .【点睛】高考对集合知识的考查要求较低，均是以小题的形式进行考查，一般难度不大，要求考生熟练掌握与集合有关的基础知识纵观近几年的高考试题，主要考查以下两个方面：一是考查具体集合的关系判

2、断和集合的运算解决这类问题的关键在于正确理解集合中元素所具有属性的含义，弄清集合中元素所具有的形式以及集合中含有哪些元素二是考查抽象集合的关系判断以及运算2.下列函数中，在区间 上为增函数的是A. B. C. D. 【答案】C【解析】【分析】根据已知函数的规律得到函数的增减性，即可.【详解】 为减函数，B. 为减函数，C. 在 上是增函数，D. 在所给区间内是减函数。故答案为：C.【点睛】本题考查了函数的单调性判断，函数的单调性，一般小题直接判断函数在所给区间内是否连续，接着再判断当 x 变大时 y 的变化趋势，从而得到单调性.- 2 -3.若函数 f 对于任意实数 x 总有 且 f 在区间

3、上是减函数，则（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】f（x）=f（x）可得 f（x）为偶函数，结合 f（x）在区间（，1上是减函数，即可作出判断【详解】f（x）=f（x） ，f（x）为偶函数，又 f（x）在区间（，1上是减函数，f（2）=f（2） ，2 1，f（1）f（ ）f（2） 故选：B【点睛】本题考查函数的奇偶性与单调性，关键在于根据其奇偶性将要比较的数转化到共同的单调区间上，利用单调性予以解决，属于基础题4.若 ，则下列不等式中不成立的是A. B. C. D. 【答案】B【解析】特殊值法，令5.已知函数 ，若 ，则 的值是（ ） A. B. C. D. 【答案】C【解

4、析】【分析】- 3 -根据 ，可分情况讨论当 a0，和当 时，分情况讨论即可.【详解】已知 ，当 时， 解得 a=-3,满足题意；当 a0 时，-2a=10,解得a=-5,舍去；故 a=-3.故答案为：C.【点睛】求分段函数的函数值，要先确定要求值的自变量属于哪一段区间，然后代入该段的解析式求值，当出现 的形式时，应从内到外依次求值;求某条件下自变量的值，先假设所求的值在分段函数定义区间的各段上，然后求出相应自变量的值，切记代入检验，看所求的自变量的值是否满足相应段自变量的取值范围.6.不等式 的解集是（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】，即 ，解得 或 ，即不等式 的解集是，故选

5、 B.7.下列命题中，真命题的是（ ）A. B. C. D. 对 恒成立【答案】D【解析】【分析】A，举出反例即可；B，可判断原方程无解，即可得到 B 错误；C， ，解得 a1，可判断出命题错误，D，举出 a 的值即可.【详解】 ，错误，当 x=0.2 时，不满足 ；B. 方程的判别式小于 0，故方程无解，故 B 错误；C， ，解得 a1,故 C 不正确；D 令 a1，即可满足条件，对任意的 x 均有 成立，故正确。故答案为：D.- 4 -【点睛】要判定特称命题“ ”是真命题，只需在集合 中找到一个元素 ，使成立即可；如果在集合 中，使 成立的元素不存在，那么这个特称命题是假命题判断特称命题的

6、真假时，一定要结合生活和数学中的丰富实例，通过相关的数学知识进行判断8.“ ”是“ ”的（ ）A. 充要条件 B. 必要不充分条件C. 充分不必要条件 D. 既不必要也不充分条件【答案】C【解析】的充要条件为 或 ，所以 是 的充分不必要条件。故选 C。9.函数 的最小值是 ( )A. 2 2 B. 2 2 C. 2 D. 2【答案】A【解析】【分析】先将函数变形可得 y= =（x1）+ +2，再利用基本不等式可得结论【详解】y= =（x1）+ +2x1，x10（x1）+ 2 （当且仅当 x= +1 时，取等号）y= 2 +2故选：A【点睛】本题考查函数的最值，考查基本不等式的运用，属于中档题

7、在利用基本不等式求最值时，要特别注意“拆、拼、凑”等技巧，使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、 “定”(不等式的另一边必须为定值)、 “等”(等号取得的条件)的条件才能应- 5 -用，否则会出现错误.10. 如图中的图象所表示的函数的解析式为（ ）A. B. C. D. 【答案】B【解析】【分析】分段求解：分别把 0x1 及 1x2 时的解析式求出即可【详解】当 0x1 时，设 f（x）=kx，由图象过点（1， ） ，得 k= ，所以此时 f（x）= x；当 1x2 时，设 f（x）=mx+n，由图象过点（1， ） ， （2，0） ，得 ，解得所以此时 f（x）= 函数表达式

8、可转化为：y |x1|(0x2)故答案为：B【点睛】本题考查函数解析式的求解问题，本题根据图象可知该函数为分段函数，分两段用待定系数法求得11.下列命题中正确的是 ( )A. 函数 的最小值为B. 设集合 ，则 的取值范围是- 6 -C. 在直角坐标系中，点 在第四象限的充要条件是 或D. 若集合 ，则集合 的子集个数为 7【答案】C【解析】【分析】A 根据均值不等式得到最值；B，根据题干条件得到 ；C，点位于第二象限即 ；D 集合化为 子集个数为：8 个.【详解】A，函数 = ,最大值为 ，故 A 不正确；B，集合，则 ，故 B 不正确；C. 在直角坐标系中，点 在第四象限的充要条件是，故

9、C 正确；D. 集合 =子集个数为：8 个.故答案为：C。【点睛】这个题目考查的是命题真假的判断，用到均值不等式求最值，集合的并集运算，点所在象限和坐标的特点的关系，以及集合子集个数的判断. 在利用基本不等式求最值时，要特别注意“拆、拼、凑”等技巧，使其满足基本不等式中“正”(即条件要求中字母为正数)、“定”(不等式的另一边必须为定值)、 “等”(等号取得的条件)的条件才能应用，否则会出现错误.12.已知定义在 上的函数 的图像经过点 ，且 在区间 单调递减，又知函数为偶函数，则关于 的不等式 的解为 （ ）A. B. C. D. 【答案】D【解析】【分析】由题意可得 f（3）=0，f（x+2

10、）=f（x+2） ，即函数 f（x）关于直线 x=2 对称，f（x）在- 7 -（，2单调递增，且 f（1）=f（3）=0，可得 1x+13，解不等式即可得到所求解集【详解】定义在 R 上的函数 f（x）的图象经过点 M（3，0） ，可得 f（3）=0，f（x）在区间2，+）单调递减，又知函数 f（x+2）为偶函数，可得 f（x+2）=f（x+2） ，即函数 f（x）关于直线 x=2 对称，f（x）在（，2单调递增，且 f（1）=f（3）=0，由 f（x+1）0，可得 1x+13，解得 0x2，即解集为（0，2） ，故选：D【点睛】本题考查函数的奇偶性、单调性和对称性的应用，注意定义法的应用，

11、考查不等式解法，属于中档题二填空题：(本大题共 4 小题，每小题 5 分)13.函数 的定义域为_【答案】【解析】【分析】函数 的定义域为： ,写成区间形式即可 .【详解】函数 的定义域为： 即故答案为： .【点睛】常见的求定义域的类型有：对数，要求真数大于 0 即可；偶次根式，要求被开方数大于等于 0；分式，要求分母不等于 0，零次幂，要求底数不为 0;多项式要求每一部分的定义域取交集。- 8 -14.已知 ，则 的最小值为_【答案】【解析】，则 ，当且仅当 ，等号成立，所以 的最小值为故答案为 .【易错点晴】本题主要考查利用基本不等式求最值，属于难题. 利用基本不等式求最值时，一定要正确理

12、解和掌握“一正，二定，三相等”的内涵：一正是，首先要判断参数是否为正；二定是，其次要看和或积是否为定值（和定积最大，积定和最小） ；三相等是，最后一定要验证等号能否成立（主要注意两点，一是相等时参数否在定义域内，二是多次用 或 时等号能否同时成立）.15.若命题“ ”是真命题，则实数 a 的取值范围是 _【答案】【解析】【分析】根据二次函数的性质得到关于 a 的不等式，解出即可【详解】 x0R ，x 02+（a1）x 0+10，则=（a1） 240，解得：a3 或 a1，故答案为： .【点睛】本题考查了特称命题的真假，考查二次函数的性质，是一道基础题一般命题的否定通常是保留条件否定其结论，得到

13、真假性完全相反的两个命题；含有一个量词的命题的否定，是在否定结论的同时，改变量词的属性，即全称量词改为存在量词，存在量词改为全称量词注意：命题的否定只否定结论，而否命题是条件与结论都否定16.设 ab0，则 的最小值是_.【答案】4【解析】a2 a2 ab ab a(a b) ab 224.当且仅当- 9 -a(a b)1 且 ab1，即 a ， b 时取等号三解答题：解答应写出文字说明，证明过程或演算步骤.17.已知集合 或 .（1）若 ，求 的取值范围；（2）若“ ”是“ ”的充分条件，求 的取值范围.【答案】 （1） ； （2） 或 .【解析】【分析】(1) ，故得到 ；（2）根据题意得

14、到 ，故 或 即可.【详解】 （1） ， ， 的取值范围是（2）因为“ ”是“ ”的充分条件 ， 或的取值范围是 或 .【点睛】判断充要条件的方法是：若 pq 为真命题且 qp 为假命题，则命题 p 是命题 q的充分不必要条件；若 pq 为假命题且 qp 为真命题，则命题 p 是命题 q 的必要不充分条件；若 pq 为真命题且 qp 为真命题，则命题 p 是命题 q 的充要条件；若 pq 为假命题且 qp 为假命题，则命题 p 是命题 q 的即不充分也不必要条件判断命题 p 与命题 q所表示的范围，再根据“谁大谁必要，谁小谁充分”的原则，判断命题 p 与命题 q 的关系18.已知不等式 的解集

15、为 （1）求 a 的值；（2）若不等式 的解集为 R，求实数 m 的取值范围.【答案】 （1） ； （2） .【解析】【分析】(1)根据题意得到方程 的两根为 ，由韦达定理可得到结果；（2）不等式 的解集为 R，则 解出不等式即可.- 10 -【详解】 （1）由已知， ，且方程 的两根为 .有 ，解得 ；（2）不等式 的解集为 R，则 ，解得 ，实数 的取值范围为 .【点睛】这个题目考查了根和系数的关系，涉及到两根关系的题目，多数是可以考虑韦达定理的应用的，也考查到二次函数方程根的个数的问题.19.（1）若 是方程 的两个根，求 的值.（2）已知集合 ，若 中元素至多只有一个，求 的取值范围.

16、【答案】 （1） ； （2） 或 .【解析】【分析】（1）根据韦达定理得到 ，代入韦达定理得到结果即可；（2）当 时满足题意；当 0 时，方程为二次的，只需要.【详解】 （1）由根与系数的关系得：（2）当 时， ，满足题意.当 0 时，方程 至多只有一个解，则 ，即 ，综上所述， 的取值范围是 或 .【点睛】这个题目考查了根和系数的关系，涉及到两根关系的题目，多数是可以考虑韦达定理的应用的，也考查到二次函数方程根的个数的问题.- 11 -20.（1）已知 且 的最大值以及相应的 和 的值；（2）已知 ,且 求 的最小值；（3）已知方程 的两个根都是正数，求实数 的取值范围。【答案】 （1） 时

17、 最大值为 .（2） 时取得最小值 4.（3）【解析】【分析】(1)根据均值不等式得到结果；（2） = （3）根据韦达定理得到 .【详解】 （1）已知 且 根据不等式得到： 等号成立的条件为： 。（2）已知 ,且 ，则 = 最小值为 4.(3) 已知方程 的两个根都是正数,则根据韦达定理得到【点睛】本题考查了“乘 1 法”与基本不等式的性质，考查了推理能力与计算能力，属于中档题解决二元的范围或者最值问题，常用的方法有：不等式的应用，二元化一元的应用，线性规划的应用，等.21. （本小题满分 12 分）围建一个面积为 360m2的矩形场地，要求矩形场地的一面利用旧墙（利用旧墙需维修） ，其它三面

18、围墙要新建，在旧墙的对面的新墙上要留一个宽度为 2m 的进出口，如图所示，已知旧墙的维修费用为 45 元/m，新墙的造价为 180 元/m，设利用的旧墙的长度为 x（单位：元） 。- 12 -（）将 y 表示为 x 的函数；（）试确定 x，使修建此矩形场地围墙的总费用最小，并求出最小总费用。【答案】 （） y=225x+（）当 x=24m 时，修建围墙的总费用最小，最小总费用是 10440 元。【解析】试题分析：（1）设矩形的另一边长为 am，则根据围建的矩形场地的面积为 360m2，易得，此时再根据旧墙的维修费用为 45 元/m，新墙的造价为 180 元/m，我们即可得到修建围墙的总费用 y

19、 表示成 x 的函数的解析式；（2）根据（1）中所得函数的解析式，利用基本不等式，我们易求出修建此矩形场地围墙的总费用最小值，及相应的 x 值试题解析：（1）如图，设矩形的另一边长为 a m则 45x+180（x-2）+1802a=225x+360a-360由已知 xa=360,得 a= ,所以 y=225x+（2）当且仅当 225x= 时，等号成立即当 x=24m 时，修建围墙的总费用最小，最小总费用是 10440 元考点：函数模型的选择与应用【此处有视频，请去附件查看】- 13 -22.函数 是定义在 上的奇函数，且 .（1）确定 的解析式；（2）判断并证明 在 上的单调性；（3）解不等式

20、 .【答案】(1) ， ；(2) 是 上增函数，证明见解析； (3) .【解析】试题分析：（1）若奇函数在 x=0 处有定义，则 f（0）=0，代入即可得 b，再由代入即可得 a 值；（2）因为函数为奇函数，故只需判断 x0 时函数的单调性即可，利用单调性定义即可证明；（3）利用函数的单调性和奇偶性将不等式中的 f 脱去，等价转化为关于 t 的不等式组，解之即可.试题解析：(1)由函数 是定义在 上的奇函数知 ，所以 ，经检验， 时 是 上的奇函数，满足题意. 又 ，解得 ，故 ， . (2) 是 上增函数.证明如下：在 任取 且 ，则 ， ， ， ，所以 ，即 ，所以 是 上增函数. (3) 因为 是 上的奇函数，所以由 得， ，又 是 上增函数，所以 解得 ，从而原不等式的解集为 . 试题点睛：本题综合考查了函数的奇偶性和函数的单调性，奇函数的性质，函数单调性的判- 14 -断方法，利用函数性质解不等式. - 15 -