广西桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海2019届高三物理上学期第一次联合调研考试试卷（含解析）.doc

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1、12019 年高考桂林、梧州、贵港、玉林、崇左、北海第一次联合调研考试理科综合物理部分二、选择题： 1.材料相同、质量不同的两滑块,以相同的初动能在水平面上运动直到停止。若两滑块运动过程中只受到水平面的摩擦力,则质量大的滑块A. 克服摩擦力做的功多B. 运动的位移大C. 运动的时间长D. 摩擦力的冲量大【答案】D【解析】【详解】由动能定理得，滑块克服摩擦力做的功 ，两滑块克服摩擦力做功相等，质量大的滑块运动的位移小， ，质量大的滑块初速度小，又由 得，质量大的滑块运动时间短，冲量大小 ，所以质量大的滑块冲量大，故 D 正确。【点睛】本题合理利用动能与动量的关系，即可解题。2.甲、乙两物体沿统一

2、直线运动，运动过程中的位移时间图像如图所示，下列说法中正确的是（ ）A. 06s 内甲物体做匀变速直线运动B. 06s 内乙物体的速度逐渐减小C. 05s 内两物体的平均速度相等D. 06s 内存在某时刻两物体的速度大小相等【答案】D【解析】2【分析】x-t 图象为直线表示物体做匀速直线运动，x-t 图象的斜率表示速度，斜率大小表示速度大小，斜率正负表示速度方向。【详解】A 项：x-t 图象为直线表示物体做匀速直线运动，故 A 错误；B 项：x-t 图象的斜率表示速度，由图象乙可知，图象的斜率逐渐增大，即速度逐渐增大，故 B 错误；C 项：0-5s 甲的位移为 5m，平均速度为 ，乙的位移为-

3、3m，平均速度为：v甲 =1ms，故 C 错误；v乙 =-35msD 项：x-t 图象的斜率表示速度，由甲、乙图象可知，在 0-6 内有两处的斜率大小相等，即有两处速度大小相等，故 D 正确。故应选：D。3.在电荷量分别为 2 q 和 -q 的两个点电荷形成的电场中，电场线分布如图所示，在两点电荷连线上有 a、 b、 c 三点，且 b、c 两点到正点电荷距离相等，则（ ）A. 在两点电荷之间的连线上存在一处电场强度为零的点B. 将一电子从 a 点由静止释放，它将在 a、b 间往复运动C. c 点的电势高于 b 点的电势D. 负试探电荷在 a 点具有的电势能大于在 b 点时的电势能【答案】C【解

4、析】【详解】A、正负电荷在两点电荷之间的连线上产生的场强方向相同，所以在两点电荷之间的连线上不存在电场强度为零的点，故 A 错；B、将一电子从 a 点由静止释放，电子在 a 点受到向右的电场力，所以要从静止向右运动，则运动不是在 a、 b 间往复运动，故 B 错；C、 b、 c 两点到正点电荷距离相等，若只有正电荷，则 bc 两点的电势相等，但由于负电荷的存在导致 c 点的电势高于 b 点的电势，故 C 对；3D、沿着电场线电势在降低，所以 a 点电势高于 b 点电势，而负电荷在电势高的地方电势能小，所以 a 点具有的电势能小于在 b 点时的电势能，故 D 错综上所述本题选;C4.天文兴趣小组

5、查找资料得知：某天体的质量为地球质量的 a 倍，其半径为地球半径的 b倍，表面无大气层，地球的第一宇宙速度为 v。则该天体的第一宇宙速度为（ ）A. B. C. D. ab vba ab ba【答案】A【解析】【分析】物体在地面附近绕地球做匀速圆周运动的速度叫做第一宇宙速度，大小 7.9km/s，可根据卫星在圆轨道上运行时的速度公式 解得。v=GMr【详解】设地球质量 M，某天体质量是地球质量的 a 倍，地球半径 r，某天体径是地球半径的 b 倍由万有引力提供向心力做匀速圆周运动得： GMmr2=mv2r解得：卫星在圆轨道上运行时的速度公式 v=GMr分别代入地球和某天体各物理量得： v地 球

6、 =GMr，故 A 正确。v天 体 =GaMbr =vab故选：A。【点睛】本题要掌握第一宇宙速度的定义，正确利用万有引力公式列出第一宇宙速度的表达式。5.某医院利用放射线治疗肿瘤，被利用的放射源必须具备以下两个条件：（1）放出的射线有较强的穿透能力，能辐射到体内肿瘤所在处；（2）能在较长的时间内提供比较稳定的辐射强度。现有四种放射性同位素的放射线及半衰期如表所示。关于在表中所列的四种同位素，下列说法正确的是同位素 钴 60 锶 90 锝 99 氡 222放射线 4半衰期 5 年 28 年 6 小时 3.8 天A. 最适宜作为放疗使用的放射源应是钴 60B. 最适宜作为放疗使用的放射源应是锶

7、90C. 放射线的电离能力最强的放射源是锝 99D. 放射线的电离能力最强的放射源是氡 222【答案】AD【解析】【详解】钴 60 放出的射线穿透能力强，半衰期长，选项 A 正确，B 错误； 射线电离能力最强，射线的电离能力最弱，氡 222 放出的是 射线，选项 C 错误，D 正确，故选 AD。【点睛】本题只要知道三种射线的电离与穿透能力关系就可正确解题。6.如图所示,质量均为 m 的木块 A 和 B 用一轻弹簧相连,竖直放在光滑的水平面上,木块 A 上放有质量为 2m 的木块 C,三者均处于静止状态.现将木块 C 迅速移开,若重力加速度为 g,则在木块 C 移开的瞬间( )A. 弹簧的形变量

8、不改变B. 弹簧的弹力大小为 mgC. 木块 A 的加速度大小为 2gD. 木块 B 对水平面的压力迅速变为 2mg【答案】AC【解析】【分析】原来系统静止，根据共点力平衡求出弹簧的弹力。在将 C 迅速移开的瞬间，弹簧的弹力不变，根据牛顿第二定律求出木块 A 的加速度。对 B，由平衡条件分析地面对 B 的支持力，5从而分析出 B 对地面的压力。【详解】A 项：由于弹簧弹力属于渐变，所以撤去 C 的瞬间，弹簧的形变量不变，故 A 正确；B 项：开始整体处于平衡状态，弹簧的弹力等于 A 和 C 的重力，即 F=3mg，撤去 C 的瞬间，弹簧的形变量不变，弹簧的弹力不变，仍为 3mg，故 B 错误；

9、C 项：撤去 C 瞬间，弹力不变，A 的合力等于 C 的重力，对木块 A，由牛顿第二定律得：2mg=ma，解得：a=2g，方向竖直向上，故 C 正确；D 项：撤去 C 的瞬间，弹簧的弹力不变，仍为 3mg，对 B，由平衡条件得：F+mg=N，解得：N=4mg，木块 B 对水平面的压力为 4mg，故 D 错误。故选：AC。【点睛】本题是牛顿第二定律应用中的瞬时问题，要明确弹簧的弹力不能突变，知道撤去C 的瞬间，弹簧的弹力不变，结合牛顿第二定律进行求解。7.如图甲所示，标有“220V 40W”的灯泡和标有“20F 360V”的电容器并联到交流电源上，V 为交流电压表，交流电源的输出电压如图乙中正弦

10、曲线所示，闭合开关 S。下列判断正确的是( ) A. 电容器会被击穿B. 交流电源的输出电压的有效值为 220VC. t=T/2 时刻，V 的示数为零D. t=T/2 时刻，通过灯泡的电流为零【答案】BD【解析】【分析】交流电压表测量的电压及灯泡的工作电压均为电压的有效值；而交流电的击穿电压为最大值。【详解】A 项：交流电的最大值为 小于电容器的击穿电压，故电容器不会被2202V311V击穿故 A 错误；6B 项：交流电压表测量为交流电压的有效值，由乙图可知，交流电压的最大值为 ，2202V由电压的有效值为 ，故 B 正确；22022V=220VC 项：电压表的示数为有效值，电压表的示数为 2

11、20V，故 C 错误；D 项：t=T/2 时刻，灯泡两端电压的瞬时值为 0，通过灯泡的电流的瞬时值为 0，故 D 正确，故选：BD。【点睛】本题考查描述交流电的有效值及最大值，要注意明确交流电的有效值不能超过电容器的最大耐压值；而电压表等测量的为有效值。8.如图甲所示，两条平行虚线间存在一匀强磁场，磁感应强度方向与纸面垂直。边长为1m，总电阻为 1 的正方形导线框 abcd 位于纸面内，cd 边与磁场边界平行。现使导线框水平向右运动，cd 边于 t=0 时刻进入磁场，c、d 两点间电势差随时间变化的图线如图乙所示。下列说法正确的是（ ）A. 磁感应强度的方向垂直纸面向里B. 磁感应强度的大小为

12、 4TC. 导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为 3：1D. 03s 的过程中导线框产生的焦耳热为 48J【答案】AB【解析】【分析】根据感应电流的方向，结合楞次定律得出磁场的方向。根据线框匀速运动的位移和时间求出速度，结合 E=BLv 求出磁感应强度，根据焦耳定律求线圈发热量。【详解】A 项：0-1s 内线框进入磁场，c、d 两点间电势差为正，即 C 点相当于电源的正极，由右手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，故 A 正确；B 项：0-1s 内线框进入磁场，c、d 两点间电势差为 ，线框的速度为Ucd=34BLv=3V7，解得： ，故 B 正确；v=11ms=1ms B=4TC 项：由图

13、乙分析可知，线框在 0-1s 内进入磁场，2-3s 内出磁场，且都是匀速运动，所以速度都为 1m/s，所以导线框进入磁场和离开磁场时的速度大小之比为 1：1，故 C 错误；D 项：线框在 0-1s 内进入磁场过程中电流为 ，产生的热量为：I=ER=BLvR=4A，1-2s 内线框的磁通量不变，所以无感应电流产生，即无热量产生， 2-3sQ1=I2Rt=16J内线框出磁场过程中电流为 ， ，产生的热量为： ，所以总热I=ER=BLvR=4A Q2=I2Rt=16J量为 32J，故 D 错误。故选：AB。【点睛】本题考查了导线切割磁感线运动类型，要掌握切割产生的感应电动势公式以及楞次定律，本题要能

14、够从图象中获取感应电动势的大小、方向、运动时间等等。9.某同学利用打点计时器来测量某种正弦交变电流的频率，装置如图甲所示。已知砝码盘的总质量 m=0.1kg，用弹簧秤测量小车所受重力示意图如图乙所示。图丙为某次实验时打点计时器所打出的纸带的一部分，图 A、B、C、D、E 为相邻的计数点，且每相邻计数点之间均有一个点未画出。长木板水平放置，不计一切摩擦，取 g=10m/s2，回答下列问题。（1）由图乙可知，小车所受重力为_N。（2）根据牛顿运动定律可算出小车的加速度大小为_m/s 2。 （结果保留两位有效数字）（3）该交流电源的频率为_Hz。 （结果保留两位有效数字）【答案】 (1). （1）4

15、.00 (2). （2）2.0 (3). （3）20【解析】【分析】根据测力计的读数规则正确读数，根据匀变速直线运动的推论公式x=aT 2可以求出加速度的大小。【详解】(1)由图乙可知，测力计的最小分度为 0.1N，所以小车的重力为 4.00N；8(2)对小车和砝码及盘由牛顿第二定律可得：；a= FM+m= mgM+m=0.1104.0010+0.1ms2=2.0ms2(3) 根据逐差法有： ，解得： 。x=a(2T)2=4af2 f= 4ax= 42.00.02Hz=20Hz10.某同学利用图甲所示的电路图测量电流表 的内阻 RA（约为 10）和电源的电动势 E。图中 R1和 R2为电阻箱，

16、S 1、S 2为开关。已知电流表的量程为 100mA。（1）断开 S2,闭合 S1，调节 R1的阻值，使 满偏；保持 R1的阻值不变，闭合 S2，调节 R2,当 R2的阻值为 5.2 时 的示数为 40 mA。则电流表的内阻的测量值 RA=_。该测量值_(填“大于” “小于”或“等于”)真实值。(2)保持 S1闭合,断开 S2 ,多次改变 R1的阻值,并记录电流表的相应示数。若某次 R1的示数如图乙所示，则此次 R1的阻值为_。(3)利用记录的 R1的阻值和相应的电流表示数 I,作出 I-1R1图象,如图丙所示，利用图丙可求得 E=_V.。(结果保留两位有效数字)【答案】 (1). （1）7.

17、8 (2). 小于 (3). （2）120.6 (4). （3）9.3（9.1-9.4）【解析】【分析】(1)根据题意应用并联电路特点与欧姆定律求出电流表内阻；(2)电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积之和是电阻箱示数；(3)根据电路图应用闭合电路欧姆定律求出表达式，然后根据图示图象求出电源电动势。【详解】(1) 由题意可知，干电路电流不变为：I g=100mA，流过电阻箱 R2的电流：I 2=Ig-IA=100mA-40mA=60mA，电流表内阻： ，RA=I2R2IA=601035.240103=7.8当开关 S2闭合后，并联部分的电阻减小，总电流偏大，所以流过流过电阻箱 R2的电流应大于 6

18、0mA，所以该测量值小于真实值；9(2) 由图乙所示可知，电阻箱阻值为：1100+210+01+60.1=120.6；(3) 断开 S2、闭合 S1，由图示电路图可知，电源电动势：E=I（r+R 1+RA） ，则：1I=1ER1+RA+rE图象的斜率： ，解得：E9.3V。k=1E=1512128100【点睛】电阻箱各旋钮示数与对应倍率的乘积之和是电阻箱示数，要掌握常用器材的使用及读数方法；根据题意分析清楚电路结构、应用闭合电路的欧姆定律求出图象的函数表达式是解题的关键。11.如图所示，一束质量为 m、电荷量为 q 的粒子，恰好沿直线从两带电平行板正中间通过，沿圆心方向进入右侧圆形匀强磁场区域

19、，粒子经过圆形磁场区域后，其运动方向与入射方向的夹角为 (弧度)。已知粒子的初速度为 v0，两平行板间与右侧圆形区域内的磁场的磁感应强度大小均为 B，方向均垂直纸面向内，两平行板间距为 d，不计空气阻力及粒子重力的影响，求：(1)两平行板间的电势差 U；(2)粒子在圆形磁场区域中运动的时间 t；(3)圆形磁场区域的半径 R。【答案】(1)U=Bv 0d；（2） ；（3）R=mqB mv0tan2qB【解析】【分析】（1）由粒子在平行板间做直线运动可知洛伦兹力和电场力平衡，可得两平行板间的电势差。（2）在圆形磁场区域中，洛伦兹力提供向心力，找到转过的角度和周期的关系可得粒子在圆形磁场区域中运动的

20、时间。（3）)由几何关系求半径 R。【详解】(1)由粒子在平行板间做直线运动可知，Bv 0q=qE，平行板间的电场强度 E= ，解Ud10得两平行板间的电势差：U=Bv 0d(2)在圆形磁场区域中，由洛伦兹力提供向心力可知：Bv0q=mv20r同时有 T=2rv0粒子在圆形磁场区域中运动的时间 t= T2解得 t=mBq(3)由几何关系可知：r =Rtan2解得圆形磁场区域的半径 R=mv0tan2qB12.如图所示，一条帶有圆轨道的长轨道水平固定，圆轨道竖直。底端分別与两侧的直轨道相切,半径 R=0.5 m。物抉 A 以某一速度滑入圆轨道，滑过最高点 Q,再沿圆轨道滑出后，与直轨道上 P 处

21、静止的物抉 B 发生弹性碰撞，P 点左侧轨道光滑右侧轨道呈粗糙段、光滑段交替排列,毎段长度都 L=0.1 m,物块与各粗糙段间的动摩擦因数都为 =0.5，A、B 的质量均 m=1kg(重加速度 g 取 10 m/s2;A、B 视为质点。碰撞时间极短、有阴影的地方代表粗糙段)，碰后 B 最终停止在第 100 个粗慥段的末端。求：（1）A 刚滑入圆轨道吋的速度大小 v0；（2）A 滑过 Q 点吋受到的弾大小 F；（3）碰后 B 滑至第 n 个(n100)光滑段上的速度 vn与 n 的关系式。【答案】(1)10m/s；（2）150N；（3）v n= m/s,(k 100)100-k 11【解析】【分

22、析】（1）先求出滑块每经过一段粗糙段损失的机械能 E，进而求得损失的总能量，根据动量守恒和和能量守恒可得 A 刚滑入圆轨道时的速度大小 v0。 （2）在最高点 Q 由机械能守恒求得速度，由牛顿第二定律可得弹力 F。 （3）算出 B 滑到第 n 个光滑段前已经损失的能量，由能量守恒得速度 vn与 k 的关系式。【详解】 （1）滑块每经过一段粗糙段损失的机械能 E= mgL，解得 E=0.5J 设碰后 B 的速度为 vB，由能量关系有： mvB2=100 E12 设碰后 A 的速度为 vA，A、B 碰撞为弹性碰撞，根据动量守恒和和能量守恒有：mv0=mvA+mvBmv02= mvA2+ mvB21

23、2 12 12解得 A 刚滑入圆轨道时的速度大小 v0=10m/s(2)从 A 刚滑入轨道到最高点 Q，由机械能守恒有：mv02=mg 2R+ mv212 12在 Q 点根据牛顿第二定律得：F+mg=mv2R解得 A 滑过 Q 点时受到的弹力大小 F=150N（3）B 滑到第 n 个光滑段前已经损失的能量 E 损 =k E由能量守恒有： mvB2- mvn=k E12 12 解得碰后 B 滑至第 n 个(n100)光滑段上的速度 vn与 k 的关系式:v n= m/s，(k 100)100-k (二)选考题: 13.如图所示，一定质量的理想气体从状态 a 变化到状态 b，其过程如 p T 图中

24、从 a 到 b的直线所示。在此过程中。 A. 气体的体积减小12B. 气体对外界做功C. 气体的内能不变D. 气体先从外界吸收热量,后向外界放出热量E. 外界对气体做功,同时气体向外界放出热量【答案】ACE【解析】【分析】根据图示图线判断气体压强与温度如何变化，应用气体状态方程判断气体体积如何变化；根据气体体积的变化判断气体做功情况；应用热力学第一定律分析答题。【详解】A、由图示图线可知，由 a 到 b 过程气体温度保持不变而气体压强 p 增大，由玻意耳定律：pV=C 可知，气体体积 V 减小，故 A 正确；B、气体体积减小，外界对气体做功，W0，故 B 错误；C、由图示图线可知，从 a 到

25、b 过程气体温度不变，气体内能不变，U=0，故 C 正确；DE、由热力学第一定律：U=W+Q 可知：Q=U-W=-W0，气体向外界放出热量，故 D 错误，E 正确；故选：ACE。【点睛】该题结合图象考查气态方程，能够运用控制变量法研究多个物理量变化时的关系。要注意热力学第一定律U=W+Q 中，W、Q 取正负号的含义。14.如图所示，体积为 V 的汽缸由导热性良好的材料制成，面积为 S 的活塞将汽缸分成体积相等的上下两部分，汽缸上部通过单向阀门 K（气体只能进入汽缸，不能流出汽缸）与一打气筒相连。开始时汽缸内上部分气体的压强为 p0，现用打气筒向容器内打气。已知打气筒每次能打入压强为 p0、体积

26、为 的空气，当打气 49 次后，稳定时汽缸上下两部分的体积V10之比为 9:1，重力加速度大小为 g，外界温度恒定，不计活塞与汽缸间的摩擦。求活塞的质量 m。【答案】 m=p0S4g13【解析】【分析】根据活塞受力平衡可知上下两部分气体的压强关系；气筒打入的气体和汽缸上部分原来的气体等温压缩，汽缸下部分气体等温压缩，分别应用玻意耳定律列方程，联立即可求解活塞质量。【详解】开始时，汽缸上部分气体体积为 ，压强为 p0，下部分气体体积为 ，压强为V2 V2后来汽缸上部分气体体积为 ，设压强为 p，下部分气体体积为 ，压强为p0+mgS 9V10 V10 p+mgS打入的空气总体积为 ，压强为 p0

27、V1049由玻意耳定律可知，对上部分气体有： p0V2+p049V10=p9V10对下部分气体有： (p0+mgS)V2=(p+mgS)V10解得： 。m=p0S4g15.周期为 2s 的简谐横波沿 x 轴传播,该波在 t=0 时刻的波形如图所示，则下列说法正确的是 A. 该波的波长为 15 mB. 该波的波速为 5 m/sC. 若该波沿 x 轴正方向传播，则此时质点 a 正在沿 y 轴正方向运动D. 若该波沿 x 轴负方向传播,则在 t=3s 时,质点 a 沿 y 轴负方向运动E. 在 03 s 内,质点 b 通过的路程为 0.6 m【答案】BDE【解析】【分析】由质点的振动方向判断波的传播

28、方向由波的图象读出振幅和波长，由波速公式 算出v=T14周期根据质点的位置分析质点的加速度根据时间与周期的关系求质点通过的路程。【详解】A 项：由图可知，该波的波长为 10m，故 A 错误；B 项：该波的波速为 ，故 B 正确；v=T=102ms=5msC 项：若该波沿 x 轴正方向传播，由“同侧法”可知，此时质点 a 正在沿 y 轴负方向运动，故 C 错误；D 项：若该波沿 x 轴负方向传播，t=0 时刻，质点 a 沿 y 轴正方向运动，在 t=3s= 时，112T质点 a 沿 y 轴负方向运动，故 D 正确；E 项：在 03 s 内即 ，b 质点通过的路程为 ，故 E 正确。32T s=6

29、A=60.1m=0.6m故选：BDE。【点睛】根据波的图象读出振幅、波长、速度方向及大小变化情况，加速度方向及大小变化情况等，是应具备的基本能力。16.如图所示,由某种透明物质制成的直角三棱镜 ABC,A=30，AB 长为 2 m,且在 AB 外表面镀有水银。一束与 BC 面成 45角的光线从 BC 边的中点 D 射入棱镜。已知棱镜对该光的折射率 n= 。.求光线从 AC 面射出校镜的位置和在该位置对应的折射角。2【答案】 , 0xCE=34m【解析】【分析】根据折射定律可求从 BC 边进入时的折射角，根据几何关系可求在 AB 边的入射角，经 AB 边反射后垂直 AC 边射出，则光线射出棱镜时的折射角为 0。再根据几何关系可求射出点到C 的距离。【详解】由折射定律可知： n=sinisinr=2r3015由几何关系可知，光线在 AB 面的入射角等于 30，所以光线在 AB 面发生反射后，垂直 AC面射出棱镜，即光线射出棱镜时的折射角为 0射出点到 C 点的距离解得： 。