2012-2013学年广东省珠海市高二上学期期末质检物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2012-2013学年广东省珠海市高二上学期期末质检物理试卷与答案（带解析） 选择题 在电磁学发展历程中，许多科学家做出了贡献。下列说法正确的是 A库仑发现了磁场对运动电荷的作用规律 B洛仑兹总结出点电荷间相互作用的规律 C奥斯特发现了电流的磁效应 D安培最早测得元电荷的数值 答案： C 试题分析：洛仑兹总结出点电荷间相互作用的规律， A错；库仑总结出点电荷间相互作用的规律， B错；奥斯特发现了电流的磁效应，第一个揭示了电和磁的关系， C对；密立根最早测得元电荷的数值， D错。 考点：物理学史 点评：学生要知道库伦发现的是库仑定律，洛伦兹是洛伦兹力，安培是安培定则。 如图所示是通电直导线周围磁

2、感线分布示意图，各图中央是表示垂直于纸面的通电直导线的截面和其中的电流方向，磁感线的方向由箭头表示，其中正确的是 答案： AC 试题分析：由安培定则得到 AC对， BD错。 考点：安培定则 点评：此题比较简单，学生能用安培定则判断直线电流产生的磁场。 图所示的是一种家用电器加热和保温的两种工作状态的电路图， R1是一个定值电阻， R2是加热用的电阻丝，则此用电器在 A S闭合时为保温状态 B S断开时为加热状态 C S闭合时为加热状态 D S断开时为保温状态 答案： CD 试题分析： S 闭合时， R1 被短路，只有电阻丝接入电路，此时电阻丝的功率大，所以用电器处于加热状态， A错， C对；

3、S断开时，两电阻串联接入电路，此时电阻丝的功率较小，所以用电器处于保温状态， B错， D对。 考点：电路的连接方式 点评：学生能能区分开关 S闭合和断开时，电路的连接方式。 A、 B两电阻串联后接入电源，改变电源的电压，测得电阻 A、 B的伏安特性曲线如图 7所示，则电阻 RA、 RB和功率 PA、 PB的关系是 A RA RB B RA RB C PA PB D PA PB 答案： BD 试题分析：由图可知， A的斜率大于 B的斜率，因图线的斜率为电阻的倒数，所以得到 ,A错， B对；由 又因串联电路电流 I相同，得到,C错， D对。 考点： I-U图像，串联电路电流的特点，功率公式 点评：

4、学生会分析 I-U图像的斜率表示的是电阻的倒数，解题时要看清坐标轴表示的物理量。 要使真空中的两个点电荷间的库仑力增大到原来的 4倍，下列方法中可行的是 A每个点电荷的带电量都增大到原来的 2倍，电荷间的距离不变 B保持点电荷的带电量不变，使两个电荷间的距离增大到原来的 2 倍 C使一个点电荷的电荷量加倍，另一个点电荷的电荷量保持不变，同时将两个点电荷间的距离减小为原来的 D保持点电荷的电荷量不变，将两个点电荷的距离减小到原来的 答案： AD 试题分析：由库仑定律公式 得每个点电荷的带电量都增大到原来的 2倍，电荷间的距离不变，两个点电荷间的库仑力增大到原来的 4倍， A对；保持点电荷的带电量

5、不变，使两个电荷间的距离增大到原来的 2 倍，两个点电荷间的库仑力变为原来的 倍， B错；使一个点电荷的电荷量加倍，另一个点电荷的电荷量保持不变，同时将两个点电荷间的距离减小为原来的 ，两个点电荷间的库仑力增大到原来的 8倍， C错；保持点电荷的电荷量不变，将两个点电荷的距离减小到原来的 ，两个点电荷间的库仑力增大到原来的 4 倍， D 对。 考点：库仑定律 点评：本题比较简单，学生会用库仑定律的公式即可。 关于摩擦起电和感应起电的实质，下列说法正确的是 A摩擦起电说明通过做功可以创造电荷 B摩擦起电说明电荷可以从一个物体转移到另一个物体 C感应起电说明电荷可以从物体的一个部分转移到物体另一个

6、部分 D感应起电说明电荷从带电的物体转移到原来不带电的物体上去了 答案： BC 试题分析：摩擦起电是指物体相互摩擦时，电荷可以从一个物体转移到另一个物体， B对；自然界中的电荷是守恒的，做功不能创造电荷， A错；导体靠近带电体会发生静电感应现象，所以感应起电是指电荷从导体的一个部分转移到物体另一个部分， C对， D错。 考点：摩擦起电，感应起电 点评：学生知道摩擦起电是两物体间电荷的转移，感应起电是同一物体间电荷的转移。 如图所示，直线 A为某电源的 U-I图线，则该电源的电动势和内阻分别为 A 3V 2 B 3V 0.5 C 6V 2 D 6V 0.5 答案： B 试题分析：图线与纵轴的交点

7、表示电源电动势，由图知电源电动势为 3V， CD错；图线斜率的绝对值表示电源的内阻 ， A错， B对。 考点：电源的 U-I图线 点评：学生明确电源的 U-I图线中，纵轴截距表示电源电动势，图线斜率的绝对值表示电源的内阻。 如图所示的电路中，电源的电动势 E和内电阻 r恒定不变，电灯 L恰能正常发光，如果变阻器的滑片向 a端滑动，则 A电灯 L更亮，安培表的示数减小 B电灯 L变暗，安培表的示数增大 C电灯 L变暗，安培表的示数减小 D电灯 L更亮，安培表的示数增大 答案： B 试题分析：变 阻器的滑片向 a端滑动时，其阻值变小，电路的总电阻变小，由闭合电路的欧姆定律 知电路的总电流增大，即安

8、培表的示数增大， AC错；由 知路端电压减小，即电灯 L两端的电压变小，功率变小，电灯 L变暗， B对， D错。 考点：本题考查电路的动态分析 点评：本题要求学生明确动态分析的总体思路是先由局部阻值的变化得出总电阻的变化，再整体据闭合电路的欧姆定律得出电路中总电流的变化，再局部就是由串、并联电路的特点去分析。 如图所示的电路中， U =120 V， R1 =100， R2 =200，则 a、 b两端的电压为 A 60 V B 40 V C 80 V D 120 V 答案： C 试题分析：由电路图知两电阻串联，得 ， a、 b两端的电压为 ， ABD错， C对。 考点：欧姆定律，电路的连接方式分

9、析 点评：学生能根据电路图分析电路的连接方式。 一根两端固定、容易形变的弹性通电导线，电流方向如图中箭头所示。当没有磁场时，导线刚好呈竖直状态；当分别加上方向竖直向上、水平向右或垂直于纸面向外的匀强磁场时，描述导线状态的四个图示中正确的是答案： D 试题分析：由左手定则可知，对 A 电流方向与磁场方向平行，导线不受磁场力，A错；对 B导线所受安培力方向为垂直纸面向里， B错；对 CD导线所受安培力方向为水平向右， C错， D对。 考点：左手定则 点评：学生能熟练运用左手定则判断安培力的方向。 下列关于点电荷的说法中正确的是 A点电荷就是体积很小的带电体 B点电荷就是带电荷量很小的带电体 C点电

10、荷就是体积和带电荷量都很小的带电体 D点电荷类似力学中的质点，是一种理想化的物理模型 答案： D 试题分析：点电荷是一种理想化的物理模型， D对；带电体能否看成点电荷由所研究问题的性质决定，跟带电体的大小和电荷量的多少无关， ABC对。 考点：点电荷 点评：学生明确带电体能否看成点电荷由研究问题的性质决定。 下列关于电场的叙述中正确的是 A负电荷周围各点的场强一定比正电荷周围各点的场强大 B正电荷周围各点的场强一定比负电荷周围各点的场强大 C电荷在电场中某点所受电场力的方向一定与该点电场的方向相同 D取走电场中某点的试探电荷后，该点场强不变 答案： D 试题分析：场强的大小与电荷的正负无关，跟

11、点电荷所带电荷量的多少和离点电荷的远近有关， AB错；正电荷在电场中某点所受电场力的方向一定与该点电场的方向相同， C错；电场中某点的场强由 电场本身决定，与试探电荷无关， D对。 考点：点电荷的场强公式，电场的方向，场强的概念 点评：学生明确点电荷的场强与哪些因素有关，知道电场方向的规定。 形成持续电流的条件是 A只需加电压即可 B只需有大量的自由电荷 C只在导体两端加瞬时电压 D必须保持导体两端有电压 答案： D 试题分析：形成持续电流的条件是导体中有自由电荷，且导体两端有持续的电压， D对， ABC错。 考点：形成持续电流的条件 点评：学生要清楚形成持续电流的两个条件。 如图所示的电场中

12、， M、 N为电场线上两点，分别用 E和 代表场强和电势，以下判断正确的是 A EM ENM N B EM ENM N C EM ENM N D EM ENM N 答案： B 试题分析：由图知 M点的电场线要比 N点的电场线密，得到 ,AD错；由沿电场线方向电势降低，得 ,B对， C错。 考点：电场线与场强、电势的关系 点评：学生要清楚电场线的疏密表示场强的大小，知道沿电场线方向电势降低。 如图，匀强电场的电场强度为 E，正电荷 q从 A点运动到 B点，以下说法正确的是 A电场力做正功，正电荷 q的电势能增加 B电场力做正功，正电荷 q的电势能减少 C电场力做负功，正电荷 q的电势能增加 D电

13、场力做负功，正电荷 q的电势能减少 答案： B 试题分析：由正电荷受电场力方向与场强方向相同，得电场力方向是从 A 到 B，与位移的方向相同，所以电场力做正功， CD错；正电荷 q的电势能减少， A错，B对。 考点：电场力做功及其引起的能量转化 点评：学生会用力和位移方向间的关系判断电场力做功的正负。 对于一个电容器，下列说法中正确的是 A电容器所带的电量越多，电容越大 B电容器两极板间的电势差越大，电容越大 C电容器的电容 与电荷量成正比，与电压成反比 D电容器的电容不随带电量及两极板间的电压的变化而变化 答案： D 试题分析：电容器的电容由电容器本身决定，跟定义式中的电荷量和电势差无关，

14、ABC错， D对。 考点：电容的定义式 点评：学生明确物理量的定义式可计算物理量的大小，不能决定物理量的大小。 对于欧姆定律，下列说法正确的是 A从 I=U/R可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比 B从 R=U/I可知，导体的电阻跟导体两端的电压成正比 C从 R=U/I可知，导体的电阻跟导体中的电流成反比 D从 R=U/I可知，导体两端的电压为零时，导体的电阻也为零 答案： A 试题分析：对于欧姆定律 I=U/R可知，导体中的电流跟加在它两端的电压成正比，跟它的电阻成反比， A对；导体的电阻由导体本身决定，跟导体两端的电压和通过导体的电流无关， BCD错。 考点：欧姆定

15、律，电阻的定义式 点评：学生清楚物理量的定义式不能决定其大小。 实验题 （ 10分）某同学要测定一个圆柱体的电阻率，进行了如下操作： （ 1）（ 2分）用 10分度的游标卡尺测量圆柱体的长度，由图可知其长度为 mm； （ 2）（ 2分）用螺旋测微器测量其直径如 图，可知其直径为 mm； （ 3）（ 2分）用已调零且选择旋钮指向欧姆挡 “1”位置的多用电表粗略测量该圆柱体的电阻，根据图所示的表盘，可读出被测电阻阻值为 _ （ 4）（ 4分）为了精确的测量该圆柱体的电阻，他选用了以下仪器，用伏安法进行测量，实验要求电压表的读数从 0开始，请在框图中画出实验电路图。 A直流电源，输出电压为 6V；

16、B电压表 3V，内阻大约 1k； C电流表 0.6A，内阻大约 1； D滑动变阻器，总电阻 10； E开关、导线若干 答案：（ 1）（ 2分） 22.6 （ 2）（ 2分） 6.360-6.363 （ 3）（ 3分） 7 （ 4）（ 3分）如下图所示 试题分析：（ 1）由图得主尺读数为 2.2cm=22mm，游标尺读数为，所以圆柱体的长度为 22+0.6mm=22.6mm。 由图得主尺读数为 6mm，可动刻度读数为 ，所以圆柱体的直径为 6+0.360mm=6.360mm。 由图知，电阻读数要读多用电表最上的表盘，即读数为 。 由题意要求电压表的读数从 0开始，所以滑动变阻器要用分压接法，由待

17、测电阻大约为 7欧，满足电压表的内阻远大于待测电阻，得电流表要用外接法，具体电路图见答案：。 考点：游标卡尺、螺旋测微器、多用电表的读数，滑动变阻器、电流表的接法 点评：学生要会读游标卡尺、螺旋测微器、多用电表的示数，知道滑动变阻器必须用分压接法的三种情况。 计算题 (12分 )某个装有两节干电池的手电筒给筒内的小灯泡供电，每节干电池能提供的电压为 U=1.5V，手电筒电路中电流为 I= 0.3A，通电时间为 t=20S，求： (1)（ 4分）两节干电池能提供的电压 U 总 = (2)（ 4分）小灯泡的电阻 R= (3)（ 4分）两节干电池为电 路提供的总电能 E= 答案： (1)3V (2)

18、10 (3)18J 试题分析： (1)由手电筒的电池为串联，得到 U 总 =2U=21.5V=3V (2)由欧姆定律得 R= U 总 /I=3V/0.3A=10 (3)由电功的公式得 E= U 总 It=3v0.3A20s=18J 考点：欧姆定律，电功的公式 点评：电路的连接方式的分析是本题的求解关键。 (12分 )如图， R为电阻箱， A为理想电流表，电源电动势 E=6V，内阻 r=1，当电阻箱的示数为 R1=2时，求： (1)（ 4分）电流表读数 I1=？ (2)（ 4分） 外电路的电压 U 外 =？电源的内电压 U 内 = (3)（ 4分）电源提供的总电功率 P 总 =？在电源内部消耗的

19、热功率 P 内 = 答案： (1)2A (2)4V 2V (3)12W 4W 试题分析： (1)由闭合电路的欧姆定律得 (2)由欧姆定律得到 U 外 = I1 R1=2A2=4V U 内 = I1 r=2A1=2V (3)由功率的公式得到 P 总 =EI=6V2A=12W P 内 = I12 r=(2A)2 1=4W 考点：闭合电路的欧姆定律，欧姆定律，功率公式 点评：学生记住并理解闭合电路的欧姆定律，知道计算功率的相关公式。 (10分 )如图，一个质量为 m带电量为 +q的粒子（不计重力），以初速度 V0，垂直进入磁感应强度为 B的足够大的匀强磁场中，求 (1)（ 4分）请在图中画出粒子所受的洛仑兹力的方向和粒子的运动轨迹 (2)（ 3分）推导出带电粒子在磁场中做圆周运动的半径公式 (3)（ 3分）推导出带电粒子在磁场中做圆周运动的周期公式 答案：（ 1）如图所示 （ 2） （ 3） 试题分析：（ 1）如图所示，由左手定则判断出洛伦兹力的方向如下图所示 （ 2）依题意，粒子在磁场中做匀速圆周运动，由洛伦兹力提供向心力，即 由此解得 （ 3）依题意 代入 得到 考点：粒子运动轨迹的画法，半径公式及周期公式的推导 点评：学生知道粒子只受洛伦兹力时，洛伦兹力提供向心力，粒子做匀速圆周运动。