2014届山东省文登市初中毕业班期末统考物理试卷与答案（带解析）.doc

《2014届山东省文登市初中毕业班期末统考物理试卷与答案（带解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2014届山东省文登市初中毕业班期末统考物理试卷与答案（带解析）.doc（15页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、2014届山东省文登市初中毕业班期末统考物理试卷与答案（带解析） 选择题 对下列常见现象的解释，正确的是 A物体热胀冷缩是因为分子大小随温度的变化而改变 B花香四溢，是因为分子在不停地运动 C锯木头时锯条会发热，这是通过热传递使锯条的内能发生了改变 D水往低处流，是因为分子在不停地运动 答案： B 试题分析：物体的热胀冷缩是由于分子的热运动改变了分子的间距，导致体积发生了变化，选项 A说法错误；花香四溢，是因为分子在不停地运动，是扩散现象，选项 B说法正确；锯木头时锯条会发热，这是通过做功的方式使锯条的内能发生了改变，选项 C说法错误；重力的方向是竖直向下的，水往低处流，是因为受重力的作用，选

2、项 D说法错误。故选 B。 考点：分子的运动、内能改变 人类正面临能源危机，为选用节能交通信号灯，实验室通过实验发现 LED灯和白炽灯在正常工作时，光照强度相同，有关数据如表 1所示，根据表 1数据，判断下列说法正确的是 A LED灯正常工作时的电流是 2A B白炽灯工作时，其消耗的电功率总是大于 LED灯 C每天正常工作 10h，使用 LED灯比使用白炽灯可节约电能为 0.88kW h， D LED灯的电阻值大于白炽灯的电阻值 答案： C 试题分析：已知额定电压与额定功率，由 P=UI的变形公式可以求出 LED灯正常发光时的电流；由 W=Pt可以求出每天节约的电能；灯泡消耗的功率取决于实际功

3、率；由电功率公式的变形公式可以求出灯泡电阻，然后比较它们的大小 A、 P=UI， LED灯正常工作时的电流 I= =0.5A，故 A错误； C、每天正常工作 10h，使用一个 LED灯比使用一个白炽灯可节约电能 W=（ P白炽灯 -PLED） t=（ 0.1kW-0.012kW） 10h=0.88kW h，故 C正确； B、灯泡工作时的功率取决于灯泡的实际功率，灯泡额定功率大于 LED灯的额定功率，但它的实际功率不一定大于 LED灯的实际功率，故 B错误； D、灯泡电阻 RLED= = =48， R白炽灯 = =484，故 D错误； 故选 C 考点：电功和电功率 小明设计了一种照明电路图，其设

4、计要求是：用两个开关控制一盏灯泡，两个开关同时闭合灯泡才能发光，只闭合其中任意一个开关灯泡都不能发光。下面设计的四幅电路图中，既符合上述设计要求，又符合安全用电要求的是 答案： B 试题分析：为保证安全电路设计时要求开关应接在火线上；分析电路可知哪一种设计可以满足只有两开关同时闭合灯才发光分析电路可知，若两开关并联，则只要闭合一个开关，灯即发光；若两开关串联，则只有两开关都闭合时电路才能接通；为保证安全开关应接在火线上符合条件的为 B；故选 B 考点：电路的设计 在图所示的电路中，电源电压保持不变。闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片 P 向右移动时，下列判断不正确的是 A电流表 A 的示数变小

5、B电压表 V与电压表 V2示数的差值跟电压表 V1示数的比值等于 1 C电压表 V2的 示数变小 D电压表 V的示数等于电压表 V1与 V2的示数之和 答案： C 试题分析：由电路图可知，当开关 S闭合时，定值电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电压表 V测电源的电压， V1测 R1两端的电压， V2测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流；根据滑片的移动确定接入电路中电阻的变化，根据欧姆定律可知电流表示数的变化和电阻 R1两端的电压，再根据串联电路的电压特点可知电压表 V2示数的变化以及三电压表示数之间的关系 由电路图可知，当开关 S闭合时，定值电阻 R1与滑动变阻器 R2串联，电压表 V测电

6、源的电压， V1测 R1两端的电 压， V2测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流；当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，接入电路的电阻变大，电路中的总电阻变大， I= ， 电路中的电流变小，即电流表 A的示数变小；故 A正确；由 U=IR可知，定值电阻 R1两端的电压变小， 串联电路的总电压等于各分电压之和， 滑动变阻器两端的电压变大，即电压表 V2的示数将变大，故 C 错误；电压表 V的示数等于电压表 V1与 V2的示数之和，故 D正确；电压表 V与电压表 V2示数的差值跟电压表 V1示数的比值等于 1，故 B正确 故选 C 考点：欧姆定律的应用 如图所示是电热水壶烧水时的情景，有关描述正确

7、的是 A壶盖被水蒸气顶起时能量的转化与热机压缩冲程能力的转化相同 B水沸腾时 ,继续通电 ,水的温度会升高 C壶盖和壶口上方的 ”白气 ”是由水蒸气汽化形成 D烧水过程中 ,电能转化为内能 答案： D 试题分析：做功可以改变物体的内能，当对物体做功时，机械能转化为内能，当物体对外做功时，内能转化为机械能判断出 A是否符合题意本题考查的知识点是沸腾时的特点，吸收的热量用来汽化，温度保持不变做功总是伴随着能量的转化，电功也不例外用电器消耗了电能，获得了其它形式的能量，就是一个电流做功的过程物质由气态变为液态的过程叫液化， “白气 ”是液态的小水珠，是水沸腾时产生的水蒸气遇冷液化形成的 A烧开水时，

8、壶盖被水蒸气顶起，是水蒸气对壶盖做功的结果，因此这时水蒸气的内能转化为壶盖的机械能；压缩冲程活塞向上运动，压缩燃料混合物对其做功，使气缸内的气体的内能增加，温度升高，因此是将机械能转化为内能所以 A说法错误 B水沸腾时 ，需要继续吸收热量，但温度保持不变所以 B说法错误 C水沸腾时看到壶盖与壶口上方的 “白气 ”，这是水沸腾产生大量的水蒸气，水蒸气上升遇冷液化形成的所以 C说法错误 D电热水壶烧水时消耗了电能，从而使水的温度升高获得了内能，是把电能转化为内能，所以 D说法正确 故选 D 考点：能量的转化和转移、液化现象 质量相同的两个物体由于吸热而升温，若它们的比热容之比为 1 2，升高的温度

9、之比为 3 2，则它们吸收的热量之比为 A 3 4 B 4 3 C 1 3 D 3 1 答案： A 试题分析：要想求出两物体吸收的热量之 比，首先应该熟练吸收热量的计算公式 根据题意列出方程，进一步求出热量之比由吸收热量的计算公式：Q=CM t得， Q1=C1M1 t1， Q2=C2M2 t2，由题意得： M1=M2， C1： C2=1： 2， t1： t2=3： 2，代入公式可得， Q1： Q2=C1M1 t1： C2M2 t2=113： 212=3：4；故选 A 考点：热量的计算 在图中的四个图象中，表示海波熔化的图象是 答案： D 试题分析：晶体和非晶体的主要区别是晶体有一定的熔点，而非

10、晶体没有熔点在熔化图象上的区别是晶体的熔化图象有一个水平线段，该线段对应的温度就是晶体的熔点；而非晶体的熔化图象则没有水平线段海波是晶体，其熔化过程虽然吸热，但温度不变 A、图中图象显示随时间的增加，温度逐渐上升，但是温度在不断地升高，是非晶体的熔化图象，与题意不符，故 A错误； B、图象显示随时间的增加，温度逐渐下降，是非晶体的凝固图象，与题意不符，故 B错误； C、图象显示随时间的增加，温度下降，但中间有一段时间内温度不变，说明是晶体的凝固图象， 与题意不符，故 C错误； D、图象显示随时间的增加，温度上升，而且有一段时间温度保持不变，说明这一段时间内，虽然吸热，但温度不变，是晶体的熔化过

11、程，故 D正确 故选 D 考点：晶体的熔化图像 如图 4所示的电路中，电源电压为 4.5V，且保持不变，电阻 R1=5 ，变阻器的最大阻值为 20 ，电流表的量程为 00.6A ，电压表的量程为 03V. 为保护电表，变阻器接入电路的阻值范围是 A 2.5 10 B 020 C 2.5 20 D 010 答案： A 试题分析：由电路图可知，滑动变阻器 R2与电 阻 R1串联，电压表测量滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，电流表示数最大为 0.6A，电压表示数最大为 3V，根据欧姆定律和串联电路的特点分别算出对应的滑动变阻器的阻值由电路图可知，滑动变阻器 R2与电阻 R1串联，电压表测量

12、滑动变阻器两端的电压，电流表测量电路总电流，当电流表示数为 I1=0.6A时，滑动变阻器接入电路的电阻最小，根据欧姆定律可得，电阻 R1两端电压： U1=I1R1=0.6A5=3V， 串联电路中总电压等于各分电压之和， 滑动变阻器两端的电压： U2=U-U1=4.5V-3V=1.5V， 串联电路中各处的电流相等， 滑动变阻器连入电路的电阻最小： Rmin= 2.5；当电压表示数最大为 U 大 =3V时，滑动变阻器接入电路的电阻最大，此时 R1两端电压： U1=U-U2max=4.5V-3V=1.5V，电路电流为： I2= =0.3A，滑动变阻器接入电路的最大电阻： Rmax=10变阻器接入电路

13、的阻值范围是 2.5 10 ，故选 A。 考点：欧姆定律的取值范围 下列物态变化过程中，属于升华现象的是 A花盆中的潮湿泥土变干 B秋天，屋顶的瓦上结一层霜 C放在衣橱里的樟脑丸越来越小 D夏天，盛冷饮的杯子外壁出现小水珠 答案： C 试题分析：升华是物质由固态直接变成气态的现象，分析各选项中物质的状态变化就可以得出正确答案： A、花盆中的潮湿泥土变干，水由液态变成气态，属于汽化，不符合题意； B、秋天，屋顶的瓦上结一层霜，是空气中的水蒸气遇冷凝结成的小冰晶，属于凝华，不符合题意； C、放在衣橱里的樟脑丸越来越小，由固态直接变成了气态，属于升华，符合题意； D、夏天，盛冷饮的杯子外壁出现小水珠

14、，是空气中的水蒸气遇到杯子外壁凝结成的小水滴，属于液化，不符合题意 故选 C 考点：物态变化 下 列说法中正确的是 A物体内能增加，一定是外界对物体做了功 B液体表面上的气压越小，沸点越高 C物体的温度越高，所含的热量越多 D冬天在火炉旁烤手是通过热传递改变手的内能的 答案： D 试题分析：改变物体内能的两种方法：做功和热传递并且这两种方法在改变物体内能上是等效的 物体的内能增大，可能是外界对它做功，也可能是热传递使它内能增大，选项A说法错误；沸点跟气压有关，气压越低，沸点越低，选项 B说法错误；在热传递的过程中内能的改变可以用热量来度量，物体的温度越高，内能可能越多，选项 C说法错误；冬天在

15、火炉旁烤手是通过热传递改变手的内能的，选项 D说法正确。故选 D。 考点：内能、热量 实验题 在 “测定小灯泡的功率 ”实验中，小明同学设计的电路如图所示，他选用的小灯泡的额定电压为 3.8V，电阻约为 12 ，电源为三节干电池 . （ 1）请用笔画代替导线，按照图所示的电路图，将图中的实物电路连接完整 .（连接线不得交叉） （ 2）正确连好电路后，闭合开关前应把滑动变阻器滑片的位置调到 端 . （ 3）如果连接电路后，闭合开关 S，小明发现灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数但未超出量程，产生的原因可能是：（ ） A.小灯泡发生了短路， B小灯泡发生了断路， C滑动变阻器短路， D滑动变阻

16、器的滑片松了、不接触 . （ 4）排除故障后，调节滑动变阻器使小灯泡在额定电压下正常发光时，电流表的指针位置如图所示，则小灯泡的额定功率为 W. 答案：（ 1）如图（量程必须正确） （ 2）右端（ 3） A （ 4） 1.14w 试题分析：（ 2）正确连好电路后，闭合开关前应把滑动变阻器滑片的位置调到最大阻值的位置，即最右 端 .（ 3）如果连接电路后，闭合开关 S，小明 发现灯泡不发光，电压表无示数，电流表有示数但未超出量 产生的原因可能是：小灯泡发生了短路。（ 4）排除故障后，调节滑动变阻器使小灯泡在额定电压下正常 光时，电流表的指针位置如图 9所示，电流表的示数是 0.3A，则小灯泡的额

17、定功率为 P=UI=3.8V *0.3A =1.14W. 考点：测定小灯泡的功率 在探究水的沸腾的实验中，甲、乙两组同学分别使用 A、 B两套装置（如图 甲）来完成实验。 （ 1）图乙中， a、 b所示的是观察水沸腾实验中出现的两种情景，其中水沸腾时的情景为 （填 “a”或 “b”）。 （ 2）甲组 观察水沸腾时温度计的示数如图丙所示。他们所测水的沸点是 。他们所选择的装置应是 （填 “A”或 “B”）。 （ 3）分析评估 A、 B两套装置。 答案：（ 1） a （ 2） 103度 ； A （ 3） A装置热量损失少，实验耗时少，但所测水的沸点不是当地气压下的沸点； B装置热量损失大，实验耗时

18、长，所测水的沸点是当地气压下水的沸点。 试题分析：要解决此题，需要掌握水沸腾时和沸腾前现象：沸腾时有大量的气泡产生，并且气泡在上升过程中体积逐渐增大，最后破裂；沸腾前气泡在上升过程中，体积逐渐减小为了缩短加热时间，要适当减少水量、提高水 的初温、给烧杯加盖同时要知道水的沸点与气压有关在实验过程中要给烧杯加盖，这样可以减少热量的损失 （ 1） a中气泡在上升过程中，体积逐渐增大，所以是沸腾时的现象 b中气泡在上升过程中体积逐渐减小，所以 a是沸腾前的现象 （ 2）由图知，温度计的分度值为 1 ，所以其示数为 103 他们所选择的装置应是 A装置。 A装置加盖，所以随着水的沸腾过程，烧杯内的气压会

19、升高，高于 1标准大气压，而使水的沸点大于 100 （ 3） B装置未加盖，这样烧杯中的热量很容易损失，会导致加热时间增长 A装置给烧杯加盖，减少了热量的散失 考点：水的沸腾 填空题 在 “用电流表测电流 ”的实验中，某同学接成如图（ A）所示的电路。当开关闭合后，两灯都发光，两个电流表的指针所指位置均为图（ B）所示，则通过灯 L1的电流为 A，通过灯 L2的电流为 A。 答案： .92； 0.48 试题分析：由图 A可知两电流表分别测量的是干路和支路电流，由图 B可读出干路电流和通过 L2的电流；根据并联电路干路电流等于支路电流之和的特点确定通过 L1的电流 由电路图知：灯泡 L1和 L2

20、并联，电流表 A2测量灯泡 L2的电流，电流表 A1测量干路电流；所以电流表 A1的示数比电流表 A2的示数大；因为两电流表指针位置相同，所以它们的量程不同，电流表 A1的量程是 0 3A，最小分度值为 0.1A，电流表示数 IA1=2.4A；电流表 A2的量程是 0 0.6A，最小分度值是 0.02A，电流表读数 IA2=0.48A；由电路图知，灯泡 L2的电流 I2=IA2=0.48A，灯泡 L1的电流I1=IA1-IA2=2.4A-0.48A=1.92A 考点：并联电路的电流规律 如图甲所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关 S后，滑动变阻器的滑片 P由 B端移动到 A端时，测得电阻

21、R1两端的电压与通过电阻 R1的电流的变化关系如图乙所示。则电源的电压为 V，变阻器的最大阻值是 。 答案：； 16 试题分析：分析电路图可知，当滑片 P位于 A端时，电路中只有 R1，此时电阻R1两端的电压就是电源电压；根据图乙可知电源电压和对应的电流，再当滑片位于 B端时，滑动变阻器全部连入电路，且与 R1串联，此时电路中电流为最小，根据图乙可知此时 R1两端的电压和电路中的电流，利用欧姆定律求出电阻 R1的阻值；再求出总电阻，减去 R1，就是滑动变阻器的最大阻值 当滑片 P在 A端时，电路中只有 R1，所以 R1两端电压就是电源电压，由图乙可知，电 源电压 U=12V；当滑片 P在 B端

22、时，滑动变阻器全部连入电路，与电阻 R1串联；由图乙可知，此时电路中的电流为 IB=0.5A，电阻 R1两端电压为UB=4V，所以电阻 R1的阻值为： R1= =8；而此时电路中的总电阻为R 总 = =24，所以滑动变阻器的最大阻值为： R 滑 =R 总 -R1=24-8=16 考点：欧姆定律的应用 两盏灯 L1和 L2，分别标有 “220V 25W”和 “220V 100W”字样，则两灯的电阻之比 R1： R2= ；若将它们串联接入照明电路中， L1和 L2的实际功率之比 P1：P2= 。 答案： :1； 4:1 试题分析：已知两灯泡的额定电压和额定功率，根据 P= 求出两灯的电阻之比；两灯

23、泡串联时，电路中各处的电流相等，根据 P=I2R求出 L1和 L2的实际功率之比 P= ， 两灯泡的电阻之比： ； 两灯泡串联接入照明电路中，并且串联电路中各处的电流相等 根据 P=I2R可知， P1： P2=I2R1：I2R2=R1： R2=4： 1 故答案：为： 4： 1； 4： 1 考点：电功率 将 “12V 3W”的灯泡 L1和 “12V 6W”的灯泡 L2串联后接入 12V的电路里，则较亮的灯泡是 ；如果将它们并联接入该电路里，则通过它们的总电流是 . 答案： L1； 0.75 试题分析：根据 R= ，求出两盏灯泡的电阻： U1=12V， P1=3W， U2=12V， P2=6W，

24、R1= =48， R2= =24， 两盏灯串联时，电流 I相等，电阻 R1 R2，根据 P=I2R可以看出灯泡 L1的实际功率大，因此灯 L1比较亮两灯并联时，灯泡两端的电压相等，由铭牌可以看出电源电压是 12V， 此时通过它们的电流分别为： I1= =0.25A， I2= =0.5A，所以电路通过的总电流为： I=I1+I2=0.25A+0.5A=0.75A 考点：串并联电路的电功率 如图所示，电源电压不变， R1=6， R2=4 （ 1）当开关 S1 闭合， S2、 S3 断开时，电流表的示数为 0.6A，电路总电阻是 ，电源电 压为 V （ 2）当开关 S1、 S2和 S3都闭合时，电流

25、表示数为 l.5A，此时通过 R1的电流是 A， 10s内电流 通过灯泡 L做的功为 J 答案：（ 1） 10； 6 （ 2） 1； 30 试题分析：先根据开关的闭合和断开可以判定串并联，再先根据两电阻串联后的总阻值等于两电阻之和即可求得总电阻，最后根据欧姆定律的变形公式 U=IR即可求解电源电压先根据开关的闭合和断开可以判定串并联，再根据欧姆定律 I= 即可求得通过 R1的电流，根据并联电路中电流的特点即可求得通过灯泡的电流，最后根据 W=UIt即可求得 10s内电流通过灯泡 L做的功 （ 1）当开关 S1闭合， S2、 S3断开时， R1与 R2组成串联电路，则电路中的总电阻 =R1+R2

26、=6+4=10；根据欧姆定律 I= 即可得： U=IR，则 U 总 =I 总 R总=0.6A10=6V （ 2）当开关 S1、 S2和 S3都闭合时， R2短路， R1与 L组成并联电路；根据欧姆定律 I= 可得： I1= =1A；则通过 L的电流为： IL=I-I1=1.5A-1A=0.5A；则WL=UILt=6V0.5A10s=30J 考点：欧姆定律 小刚为了研究热传递过程中温度变化与时间的关系，他将装有热奶的奶瓶放入室温的水中，如图（ A）所示。小刚每隔一定的时间记录一次水温，作出了图（ B）所示的图像。请你根据图像判断，大约经过 min，热奶和水达到了热平衡，此时的水温约为 。 答案：

27、； 40 试题分析：要解答本题需掌握：热传递的条件以及能从图象中读懂有用的信息由图象可知：水的初温是 20 ，奶的初温是 90 ，发生热传递大 约 10分钟，最后热平衡的温度是 40 故本题答案：为： 10， 40 考点：热传递 滑动变阻器是通过改变电阻丝接入电路的 来改变接入电路的电阻值，从而改变电路中的电流。一个标有 “10 2A”的滑动变阻器，它的阻值变化范围是 。 答案：长度（长短）； 0-10 试题分析：变阻器的原理：通过改变连入电路的电阻线的长度，来改变连入电路的电阻值，从而改变电路中的电流滑动变阻器标有 “10、 1A”，标明最大电阻值和允许通过的最大电流 电阻大小的影响因素：长

28、度、横截面积、材料在材料和横截面积一定时，改变电阻丝接入电 路的长度来改变接入电路的电阻大小，在总电压不变的情况下，从而改变了电路中的电流滑动变阻器标有 “10、 2A”， 10的意思指滑动变阻器的最大阻值；则它的阻值变化范围是 0 10 考点：滑动变阻器 酒精的热值是 3.0107 J/kg，完全燃烧 2kg酒精能放出热量 _ J；若将一杯酒精的质量倒掉一半，则剩下的酒精热值为 J/kg。 答案： 107； 3 107 试题分析：知道燃烧酒精的质量和酒精的热值，可利用公式 Q 放 =mq计算酒精完全燃烧放出的热量；燃料的热值是燃料的特性，只与燃料的种类有关，不随燃料质量的改变而改变 已知，

29、m=2kg， q=3107J/kg，酒精完全燃烧放出的热量： Q 放=mq=2kg3107J/kg=6107J， 燃料的热值是燃料的特性，不随燃料质量的改变而改变， 酒精质量变少后，剩余酒精的热值不变，仍为 3.0107J/kg 考点：热值，热量的计算 小明和小龙在讨论煮粥如何节省燃料时，小明认为将水烧开后，要继续用旺火煮更节省燃料；小龙认为将水烧开后，只要能保持水开着，用微火煮更节省燃料，你认为 的方法更节省燃料 .理由是 . 答案：小龙；因为水沸腾时，温度保持不变 试题分析：沸腾要吸热，但温度保持不变，故沸腾后再怎么加热水温都不会继续升高沸腾要吸热，但温度保持不变，沸腾后所吸收的热量是用来

30、使水沸腾汽化成水蒸气，故将水烧开后，用旺火并不能使粥的温度升高，只能使水汽化得更快，所以用旺火不仅不能缩短煮粥的时间，反而会消耗更多的燃料 考点：沸腾 计算题 从 2011年 5月 11日起，执行酒驾重罚新规定。交警使用的某型号酒精测试仪的工作原理相当于图 23所示。电源电压恒为 9 V，传感器电阻 R2的电阻值随酒精气体浓度的增大而减小，当酒精气体的浓度为 0时， R2的电阻为 80 。使用前要通过调零旋钮（即滑动变阻器 R1的滑片）对测试仪进行调零，此时电压表的示数为 8 V。求： （ 1）电压表的示数为 8V时，电流表的示数为多少 （ 2）电压表的示数为 8V时，滑动变阻器 R1的电阻值

31、为多少 （ 3）调零后， R1的电阻保持不变。某驾驶员对着测试仪吹气 10 s，若电流表的示数达到 0.3A，表明驾驶员醉驾，此时电压表的示数为多少 答案：（ 1） 0.1A；（ 2） 10；（ 3） 6V 试题分析：由电路图可知， R1与 R2串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流由题意可知，酒精气体的浓度为 0时， R2的阻值和电压表的示数，根据欧姆定律和串联电路中的电流特点求出电路中的电流；根据串联电路的电压特点求出滑动变阻器两端的电压，利用欧姆定律求出滑动变阻器 R1的电阻值； R1的电阻保持不变，根据欧姆定律求出电流表的示数达到 0.3A时滑动变阻器两端的电压，利用串联

32、电路的电压特点求出电压表的示数 由电路图可知， R1与 R2串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流 （ 1）当酒精气体的浓度为 0时， R2的电阻为 80，此时电 压表的示数为 8V， 串联电路中各处的电流相等， 根据欧姆定律可得，电流表的示数： I=0.1A； （ 2） 串联电路中总电压等于各分电压之和， 此时 R1两端的电压： U1=U-U2=9V-8V=1V， I= R1= =10； （ 3）调零后， R1的电阻保持不变， I= ， 滑动变阻器两端电压：U1=IR1=0.3A10=3V， 电压表的示数： U2=U-U1=9V-3V=6V 考点：欧姆定律计算 如图所示的电路中

33、， R1的阻值为 10。当只闭合开关 S1时，电流表的示数为 0.6A。当开关 S1、 S2都闭合时，电流表的示数为 1A。求： （ 1）电源电压；（ 2）电阻 R2的阻值；（ 3）通电 20s后，电阻 R1的功率。 答案：（ 1）电源电压为 6V；（ 2）电阻 R2的阻值为 15；（ 3）电阻 R1的功率为 3.6W 试题分析：当只闭合开关 S1时，电路为 R1的简单电路，电流表测通过 R1的电流，根据欧姆定律求出电源的电压；当开关 S1、 S2都闭合时， R1与 R2并联，电流表测干路电流，根据并联电路中各支路独立工作、互不影响可知开关 S2闭合前后通过 R1的电流不变，根据并联电路的电流

34、特点求出通过 R2的电流，再根据并联电路的电 压特点和欧姆定律求出电阻 R2的阻值；根据 P=UI求出电阻 R1的功率 （ 1）当只闭合开关 S1时，电路为 R1的简单电路，电流表测通过 R1的电流， 根据欧姆定律可得，电源的电压： U=I1R1=0.6A10=6V； （ 2）当开关 S1、 S2都闭合时， R1与 R2并联，电流表测干路电流， 并联电路中各支路独立工作、互不影响， 开关 S2闭合前后，通过 R1的电流不变， 并联电路中干路电流等于各支路电流之和， 通过 R2的电流： I2=I-I1=1A-0.6A=0.4A， 并联电路中各支路两端的电压相等， R2= =15 （ 3）电阻 R

35、1的功率： P1=UI1=6V0.6A=3.6W 考点：电功率的计算 有一种 WSJ-60型号电热壶，其铭牌标志如图所示。先将一壶 20 的水在额定电压下烧开需时 5min，已知外界大气压为 1标准大气压，水的比热容C=4.2103J/（ kg. ） .求： （ 1）一壶开水吸收的热量 （ 2）电热壶的效率 答案：（ 1） 1.68105J（ 2） 70% 试题分析：从铭牌知道电热壶的容积，利用密度公式求水的质量，又知道在一标准大气压下水的沸点为 100 ，可以求出水的末温，利用吸热公式求水吸收的热量；水吸收 的热量是有用能量，电流做功消耗的电能为总能量，利用效率公式求电热壶的效率。 （ 1）

36、由铭牌知： v=500ml=50010-6m3， m=V=1.0103kg/m350010-6m3=0.5kg； Q 吸 =cm（ t-t0） =4.2103J/（ kg ） 0.5kg（ 100 -20 ） =1.68105J； （ 2）电热壶在额定电压下工作 5min消耗电能： W 电 =Pt=800W300s=2.4105J； = 100%=70%； 考点：热量的计算、效率 作图题 请在如图所示家庭电路中，以笔画线代替导线，将一个两孔插座和一个带按钮开关的螺口灯泡接入电路 . 答案：如图所示 试题分析：灯泡的接法：火线首先接入开关，再入灯泡的顶端的金属点，零线直接接入灯泡的螺丝套两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线灯泡的接法：火线进入开关，再从开关接入灯泡顶端的金属点两孔插座的接法：左孔接零线，右孔接火线如图所示： 考点：家庭电路的连接