2019年高考数学考纲解读与热点难点突破专题14空间中的平行与垂直教学案文（含解析）.doc

《2019年高考数学考纲解读与热点难点突破专题14空间中的平行与垂直教学案文（含解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高考数学考纲解读与热点难点突破专题14空间中的平行与垂直教学案文（含解析）.doc（9页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、1空间中的平行与垂直【2019 年高考考纲解读】1.以选择题、填空题的形式考查，主要利用平面的基本性质及线线、线面和面面平行和垂直的判定定理与性质定理对命题的真假进行判断，属于基础题.2.以解答题的形式考查，主要是对线线、线面与面面平行和垂直关系的交汇综合命题，且多以棱柱、棱锥、棱台或其简单组合体为载体进行考查，难度中档【重点、难点剖析】1直线、平面平行的判定及其性质(1)线面平行的判定定理： a ， b ， a ba .(2)线面平行的性质定理： a ， a ， ba b.(3)面 面平行的判定定理： a ， b ， a b P， a ， b .(4)面面平行的性质定理： ， a， ba b

2、.2平行关系的转化两平面平行问题常常可以转化为直线与平面的平行，而直线与平面平行又可转化为直线与直线平行，所以要注意转化思想的应用，以下为三种平行关系的转化示意图3直线、平面垂直的判定及其性质(1)线面垂直的判定定理： m ， n ， m n P， l m， l nl .(2)线面垂直的性质定理： a ， b a b.(3)面面垂直的判定定理： a ， a . (2)如图，平面 与平面 相交于 BC， AB ， CD ，点 ABC，点 DBC，则下列叙述错误的是( )A直线 AD 与 BC 是异面直线B过 AD 只能作一个平面与 BC 平行C过 AD 只能作一个平面与 BC 垂直2D过 D 只

3、能作唯一平面与 BC 垂直，但过 D 可作无数个平面与 BC 平行答案 C解析 由异面直线的判定定理得直线 AD 与 BC 是异面直线；在平面 内仅有一条直线过点 D 且与 BC 平行，这条直线与 AD 确定一个平面与 BC 平行，即过 AD 只能作一个平 面与 BC 平行；若 AD 垂直于平面 ，则过AD 的平面都与 BC 垂直，因此 C 错；过 D 只能作唯一平面与 BC 垂直，但过 D 可作无数个平面与 BC 平行题型二 空间平行、垂直关系的证明例 2. (2018全国)如图，在三棱锥 P ABC 中， AB BC2 ， PA PB PC AC4， O 为 AC 的中点2(1)证明： P

4、O平面 ABC；(2)若点 M 在棱 BC 上，且 MC2 MB，求点 C 到平面 POM 的距离(1)证明 因为 PA PC AC4， O 为 AC 的中点，所以 OP AC，且 OP2 .3如图，连接 OB.因为 AB BC AC，22所以 ABC 为等腰直角三角形，所以 OB AC， OB AC2.12由 OP2 OB2 PB2知 PO OB.因为 OP OB， OP AC， OB AC O， OB， AC平 面 ABC，所以 PO平面 ABC.(2)解 作 CH OM，垂足为 H，又由(1)可得 OP CH，因为 OM OP O， OM， OP平面 POM，所以 CH平面 POM.3故

5、 CH 的长为点 C 到平面 POM 的距离由题意可知 OC AC2， CM BC ，12 23 4 23 ACB45，所以在 OMC 中，由余弦定理可得， OM ，2 53CH .OCMCsin ACBOM 4 55所以点 C 到平面 POM 的距离为 .4 55【变式探究】(1)如图，四棱锥 P ABCD 的底面 ABCD 是边长为 2 的正方形，平面 PAB平面 ABCD，点 E 是PD 的中点，棱 PA 与平面 BCE 交于点 F.求证： AD EF；若 PAB 是正三角形，求三棱锥 P BEF 的体积证明 因为底面 ABCD 是边长为 2 的正方形，所以 BC AD.又因为 BC平面

6、 PAD， AD平面 PAD，所以 BC平面 PAD.又因为 B， C， E， F 四点共面，且平面 BCEF平面 PAD EF，所以 BC EF.又因为 BC AD，所以 AD EF.解 由知， AD EF，点 E 是 PD 的中点，所以点 F 为 PA 的中点， EF AD1.12又因为平面 PAB平面 ABCD，平面 PAB平面 ABCD AB， AD AB，所以 AD平面 PAB，所以 EF平面 PAB.又因为 PAB 是正三角形，所以 PA PB AB2，所以 S PBF S PBA .12 324又 EF1，所以 VP BEF VE PBF 1 .13 32 36故三棱锥 P BE

7、F 的体积为 .36(2)(2018北京)如图，在四棱锥 P ABCD 中，底面 ABCD 为矩形，平面 PAD平面ABCD， PA PD， PA PD， E， F 分别为 AD， PB 的中点求证： PE BC；求证：平面 PAB平面 PCD；求证： EF平面 PCD.证明 因为 PA PD， E 为 AD 的中点，所以 PE AD.因为底面 ABCD 为矩形，所以 BC AD，所以 PE BC.如图，取 PC 的中点 G，连接 FG， DG.因为 F， G 分别为 PB， PC 的中点，5所以 FG BC， FG BC，12因为四边形 ABCD 为矩形，且 E 为 AD 的中点，所以 DE

8、 BC， DE BC.12所以 DE FG， DE FG.所以四边形 DEFG 为平行四边形，所以 EF DG.又因为 EF平面 PCD， DG平面 PCD，所以 EF平面 PCD.【感悟提升】垂直、平行关系的基础是线线垂直和线线平行，常用方法如下：(1)证明线线平行常用的方法：一是利用平行公理，即证两直线同时和第三条直线平行；二是利用 平行四边形进行平行转换；三是利用三角形的中位线定理证明线线平行；四是利用线面平行、面面平 行的性质定理进行平行转换(2)证明线线垂直常用的方法：利用等腰三角形底边中线即高线的性质；勾股定理；线面垂直的性质，即要证线线垂直，只需证明一条直线垂直于另一条直线所在的

9、平面即可， l ， a l a.【变式探究】 (2018全国)如图，矩形 ABCD 所在平面与半圆弧 ACD所在平面垂直， M 是 ACD上异于C， D 的点(1)证明：平面 AMD平面 BMC.(2)在线段 AM 上是否存在点 P，使得 MC平面 PBD？说明理由(1)证明 由题设知，平面 CMD平面 ABCD，交线为 CD.因为 BC CD， BC平面 ABCD，所以 BC平面 CMD，又 DM平面 CMD，故 BC DM.因为 M 为 ACD上异于 C， D 的点，且 DC 为直径，所以 DM CM.又 BC CM C， BC， CM平面 BMC，所以 DM平面 BMC.又 DM平面 A

10、MD，故平面 AMD平面 BMC.6(2)解 当 P 为 AM 的中点时， MC平面 PBD.证明如下：连接 AC， BD，交于点 O.因为 ABCD 为矩形，所以 O 为 AC 的中点连接 OP，因为 P 为 AM 的中点，所以 MC OP.又 MC平面 PBD， OP平面 PBD，所以 MC平面 PBD.题型三 平面图形的翻折问题平面图形经过翻折成为空间图形后，原有的性质有的发生变化，有的没有发生变化，这些发生变化和没有发生变化的性质是解决问题的关键一般地，在翻折后还在一个平面上的性质不发生变化，不在同一个平面上的性质发生变化，解决这类问题就是要根据这些变与不变，去研究翻折以后的空间图形中

11、的线面关系和各类几何量的度量值，这是解决翻折问题的主要方法例 3、如图 1，已知菱形 AECD 的对角线 AC， DE 交于点 F，点 E 为 AB 中点将 ADE 沿线段 DE 折起到PDE 的位置， 如图 2 所示(1)求证： DE平面 PCF；(2)求证：平面 PBC平面 PCF；(3)在线段 PD， BC 上是否分别存在点 M， N，使得平面 CFM平面 PEN？若存在，请指出点 M， N 的位置，并证明；若不存在，请说明理由(1)证明 折叠前，因为四边形 AECD 为菱形，所以 AC DE，所以折叠后， DE PF， DE CF，又 PF CF F， PF， CF平面 PCF，所以

12、DE平面 PCF.(2)证明 因为四边形 AECD 为菱形，7所以 DC AE， DC AE.又点 E 为 AB 的中点，所以 DC EB， DC EB，所以四边形 DEBC 为平行四边形，所以 CB DE.又由(1)得， DE平面 PCF，所以 CB平面 PCF.因为 CB平面 PBC，所以平面 PBC平面 PCF.(3)解 存在满足条件的点 M， N，且 M， N 分别是 PD 和 BC 的中点如图，分别取 PD 和 BC 的中点 M， N.连接 EN， PN， MF， CM.因为四边形 DEBC 为平行四边形，所以 EF CN， EF BC CN，12所以四边形 ENCF 为平行四边形，

13、所以 FC EN.在 PDE 中， M， F 分别为 PD， DE 的中点，所以 MF PE.又 EN， PE平面 PEN， PE EN E， MF， CF平面 CFM， MF CF F，所以平面 CFM平面 PEN.【感悟提升】(1)折叠问题中不变的数量和位置关系是解题的突破口(2)存在探索性问题可先假设存在，然后在此前提下进行逻辑推理，得出矛盾则否定假设，否则给出肯定结论【变式探究】如图，在直角梯形 ABCD 中， AD BC， AB BC， BD DC，点 E 是 BC 边的中点，将 ABD 沿 BD折起，使平面 ABD平面 BCD，连接 AE， AC， DE，得到如图所示的空间几何体8

14、(1)求证： AB平面 ADC；(2)若 AD1， AB ，求点 B 到平面 ADE 的距离2(1)证明 因为平面 ABD平面 BCD，平面 ABD平面 BCD BD，又 BD DC， DC平面 BCD，所以 DC平面 ABD. 因为 AB平面 ABD，所以 DC AB.又 AD AB， DC AD D， AD， DC平面 ADC，所以 AB平面 ADC.所以 S ADE 1 .12 (32)2 (12)2 22因为 DC平面 ABD，所以 VABCD CDS ABD .13 33设点 B 到平面 ADE 的距离为 d， 则 dS ADE VBADE VABDE VABCD ，13 12 36所以 d ，62即点 B 到平面 ADE 的距离为 .629