福建省师范大学附属中学2018_2019学年高二物理上学期期末考试试卷（含解析）.doc

《福建省师范大学附属中学2018_2019学年高二物理上学期期末考试试卷（含解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《福建省师范大学附属中学2018_2019学年高二物理上学期期末考试试卷（含解析）.doc（11页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、12018-2019 学年福建师范大学附属中学高二上学期期末考试物理试题注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答

2、在 答 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题)一、单选题1如图， a、 b 两根垂直纸面的导体通以大小相等的电流，两导线旁有一点 P， P 点到 a、 b距离相等，要使 P 处磁场方向向右，则 a、 b 中电流方向为（ ）A都向外B都向里C a 中电流向外， b 中电流向里D a 中电流向里， b 中电流向外2磁场中某区域的磁感线如图所示，则( )Aa、b 两处的磁感应强度的大小不等，B

3、aB bBa、b 两处的磁感应强度的大小不等，B aB bC同一通电导线放在 a 处受力一定比放在 b 处受力大D同一通电导线放在 a 处受力一定比放在 b 处受力小3下列图中表示闭合电路中的一部分导体 ab 在磁场中做切割磁感线运动的情景，导体 ab上的感应电流方向为 ab 的是（ ）A BC D4电源、开关 S、定值电阻 R1、灯泡 L、光敏电阻 R2和电容器连接成如图所示的电路，电容器的两平行板水平放置。当开关 S 闭合，并且无光照射光敏电阻 R2时，一带电液滴恰好静止在电容器两板间的 M 点。当用强光照射时，光敏电阻的阻值变小，则（ ）A带电液滴带正电 B灯泡亮度变暗C电容器所带电荷量

4、减小 D液滴向上运动5两个质量相同、所带电荷量相等的带电粒子 a、 b，以不同的速率沿着 AO 方向射入圆形匀强磁场区域，其运动轨迹如图所示。若不计粒子的重力，则下列说法正确的是（ ）A a 粒子带正电， b 粒子带负电B a 粒子在磁场中所受洛伦兹力较大C b 粒子的动能较大D b 粒子在磁场中运动时间较长6如图所示，点电荷 、 分别置于 M、 N 两点， O 点为 MN 连线的中点，点 a、 b 在 MN连线上，点 c、 d 在 MN 中垂线上，它们均关于 O 点对称 下列说法正确的是（ ）此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2A c、 d 两点的电场强度相同B a、 b

5、 两点的电势相同C将电子沿直线从 c 移到 d，电场力对电子先做负功再做正功D将电子沿直线从 a 移到 b，电子的电势能一直增大7如图所示为质谱仪测定带电粒子质量的装置的示意图。速度选择器(也称滤速器)中场强E 的方向竖直向下，磁感应强度 B1的方向垂直纸面向里，分离器中磁感应强度 B2的方向垂直纸面向外。 在 S 处有甲、乙、丙、丁四个一价正离子垂直于 E 和 B1入射到速度选择器中，若 m 甲 m 乙v 乙 v 丙 v 丁 ，在不计重力的情况下，则分别打在 P1、 P2、 P3、 P4四点的离子分别是（ ）A甲、丁、乙、丙 B丁、甲、乙、丙C甲、丁、丙、乙 D丁、甲、丙、乙8如图所示，空间

6、中存在沿 x 轴的静电场，以无穷远处为电势的零点，其电势 沿 x 轴的分布如图所示， x1、 x2、 x3、 x4是 x 轴上的四个点，质量为 m、电量为+ q 的带正电的粒子(不计重力)，以初速度 v0从 O 点沿 x 轴正方向进入电场，在粒子沿 x 轴运动的过程中，下列说法正确的是（ ）A粒子在 x2点的速度为零B从 x1到 x3点的过程中，粒子的电势能先减小后增大C若粒子能到达 x4处，则 v0的大小至少应为D若 v0 ，则粒子在运动过程中的最大动能为 3q 0二、多选题9如图所示，虚线 A、 B、 C 为某电场中的三条等势线，其电势分别为 3 V、5 V、7 V，实线为带电粒子在电场中

7、运动时的轨迹， P、 Q 为轨迹与等势线 A、 C 的交点，带电粒子只受电场力的作用，则下列说法正确的是（ ）A粒子带负电B粒子带正电C粒子在 P 点的动能大于在 Q 点动能D粒子在 P 点电势能小于在 Q 点电势能10用均匀导线做成的矩形线圈 abcd，长为 3l，宽为 ，矩形线圈的一半放在垂直纸面向外的匀强磁场中，线圈总电阻为 R，如图所示。当磁场的磁感应强度大小以 B=3+2t 的规律变化时，下列说法正确的是（ ）A线圈中感应电流的方向为 abcdaB线圈中产生的感应电动势大小为 3l 2C线圈中产生的感应电流大小为D线圈受到的安培力向右11半导体内导电的粒子“载流子”有两种：自由电子和

8、空穴(空穴可视为能自由移动带正电的粒子)，以空穴导电为主的半导体叫 P 型半导体，以自由电子导电为主的半导体叫 N 型半导体。图为检验半导体材料的类型和对材料性能进行测试的原理图，图中一块长为 a、宽为 b、厚为 c 的半导体样品板放在沿 y 轴正方向的匀强磁场中，磁感应强度大小为 B。当有大小为 I、沿 x3轴正方向的恒定电流通过样品板时，会产生霍尔电势差 U，若每个载流子所带电量的绝对值为 e，下列说法中正确的是（ ）A如果上表面电势高，则该半导体为 P 型半导体B如果上表面电势高，则该半导体为 N 型半导体C其它条件不变，增大 c 时， U 增大D其它条件不变，电流 I 取值越大，电势差

9、 U 越大12如图所示， AB CD 且 A、 B、 C、 D 位于同一半径为 r 的竖直圆上，在 C 点有一固定点电荷，电荷量为 Q，现从 A 点将一质量为 m，电荷量为+ q 的点电荷由静止释放，该电荷沿光滑绝缘轨道 ADB 运动到 D 点时速度为 （ g 为重力加速度），规定电场中 B 点的电势为零，则在 Q 形成的电场中（ ）A A 点电势等于 O 点电势B D 点电势为C O 点电场强度大小是 B 点的 2 倍D点电荷 q 在 D 点具有的电势能为第 II 卷（非选择题)三、填空题13某同学要测量一新材料制成的均匀圆柱体的电阻率 ，完成下列测量：(1)用游标为 20 分度的卡尺测量其

10、长度，如图甲所示，由图可知其长度为_cm.(2)用螺旋测微器测量其直径，如图乙所示，由图可知其直径为_mm。四、实验题14有一内阻未知（约 2k6k）、量程（03V）的直流电压表。某同学用一多用电表的欧姆档，直接去测量该电压表的内阻，则欧姆档的选择开关应拨至倍率“_”档。该同学先将红黑表笔短接调零后，应选图_（选填“甲”或“乙”）的方式连接。在实验中，欧姆表的刻度盘如图丙所示，则电压表的电压应为_。15现有一电池，电动势大约为 20V，内阻约为 5，无法从标签上看清其电动势等数据。现要准确测量其电动势和内阻，实验室备有下列器材：A电流表(量程 00.6A，内阻=2)；B电压表(量程 025V，

11、内阻约为 15k)；C滑动变阻器（阻值范围 020)；D定值电阻 =10；E定值电阻 =1；F开关及导线若干。（1）由于实验室中电表量程不恰当，需要先 将电表改装，电流表应_联定值电阻_(选填 R1或 R2)。4（2）在虚线框中画出实验电路原理图_。（3）若采用了正确的实验电路，通过改变滑动变阻器的阻值，得到了多组电压表示数 U 和电流表示数 I，作出了 U-I 图像，若图像在纵轴的截距为 a，图像的斜率绝对值为 b，则电源电动势为_，内阻为_。五、解答题16 MN、 PQ 为水平放置的金属导轨，金属棒 ab 静止放在导轨上且与导轨垂直，导轨间距L=0.1m， ab 棒的质量为 m=0.01k

12、g，电阻为 0.4，导轨所在区域处在匀强磁场中，磁场方向竖直向下，磁感应强度 B=0.2T。电池电动势 E=1.5V，内电阻 r=0.2，其余电阻忽略不计，当电键闭合的瞬间，测得棒 ab 的加速度大小为 a=2m/s2，求电键闭合瞬间：（1）通过直导线 ab 的电流；（2）直导线 ab 所受的摩擦力的大小和方向。17如图所示， MN 和 PQ 是两根放在竖直面内且足够长的平行金属导轨，相距 l=1.2m。导轨处在垂直纸面向里的磁感应强度 B=0.5T 的匀强磁场中。一根电阻为 r=0.2 的金属棒 ab 可紧贴导轨左右运动。两块平行的、相距 d=0.8m、长度 L=1.2m 的水平放置的金属板

13、 A 和 C 分别与两平行导轨相连接，图中跨接在两导轨间的电阻 R1=2， R2=0.5。其余电阻忽略不计。质量 m=0.01kg、带电量 q=0.04C 的小球（重力不可忽略、可视为质点）以某一速度 v0=6m/s 沿金属板 A 和 C 的中线射入板间，恰能从 A 板的右边缘射出金属板（ g 取 10m/s2）。求：（1）两金属板 A 和 C 间的电压；（2）金属棒 ab 的速度大小和方向。18如图所示，左侧装置内存在着匀强磁场和方向竖直向下的匀强电场，装置上下两极板间电势差为 U，间距为 L，右侧为“梯形”匀强磁场区域 ACDH，其中， AH/CD， 。一束电荷量大小为 q、质量不等的带电

14、粒子（不计重力、可视为质点），从狭缝 S1射入左侧装置中恰能沿水平直线运动并从狭缝 S2射出，接着粒子垂直于 AH、由 AH 的中点 M 射入“梯形”区域，最后全部从边界 AC 射出。若两个区域的磁场方向均水平（垂直于纸面向里）、磁感应强度大小均为 B，“梯形”宽度 ，忽略电场、磁场的边缘效应及粒子间的相互作用。（1）判定这束粒子所带电荷的种类，并求出粒子速度的大小；（2）求出这束粒子可能的质量最小值和最大值；（3）求出（2）问中偏转角度最大的粒子在“梯形”区域中运动的时间。19如图，aoy 平面内存在着沿 x 轴正方向的匀强电场，一个质量为 m、带电荷量为+q 的粒子从坐标原点 O 以速度

15、v0沿 y 轴正方向开始运动。当它经过图中虚线上的 （ ，a）点时，撤去电场，粒子继续运动一段时间后进入一个矩形匀强磁场区域（图中未画出），又从 y 轴上的某一位置 Q 处沿 y 轴负方向运动并再次经过 O 点已知磁场方向垂直 xoy 平面（纸面）向里，磁感应强度大小 ，不计粒子的重力。试求：5（1）Q 点的纵坐标；（2）矩形磁场区域的最小面积2018-2019 学 年 福 建 师 范 大 学 附 属 中 学 高 二上 学 期 期 末 考 试 物 理 试 题物 理 答 案1C【解析】根据安培定则，由 a 电流在 P 处的磁场方向知，a 电流周围的磁感线是逆时针方向，电流方向垂直纸面向外；b 电

16、流在 P 处的磁场方向知，b 电流周围的磁感线是顺时针方向，电流方向应垂直纸面向里，故 C 正确，ABD 错误；故选 C.2B【解析】磁场是一种特殊物质形态，既看不见又摸不着因此引入磁感线来帮助我们理解磁场，磁感线的疏密表示磁场的强弱，磁感线上某点的切线方向表磁场的方向而小段通电导线放在磁场中有磁场力作用，但要注意放置的角度磁场中某区域的磁感线如图所示：a 处的磁感线比 b 处疏，则 a 点磁感强度比 b 点小所以A 不正确，B 正确；当将一小段通电导线放入磁场时，磁场力大小和磁场与电流的角度有关，当通电导线垂直磁场时，受到的磁场力最大，平行时为零因为不知道电流如何放置，所以 C、D 选项均不

17、正确故选 B3D【解析】A 图中，穿过回路的磁通量减小，由楞次定律知，回路中感应电流方向由 bacd，则导体 ab 上的感应电流方向为 ba故 A 错误。B 图中，ab 向纸外运动，运用右手定则时，磁感线穿过手心，拇指指向纸外，则知导体 ab 上的感应电流方向为 ba，故 B 错误。C 图中，ab 棒沿导轨向下运动，由右手定则判断知导体 ab 上的感应电流方向为 ba，故 C 错误。D 图中，ab 棒顺时针转动，运用右手定则：磁感线穿过手心，拇指指向顺时针方向，则导体 ab 上的感应电流方向为ab故 D 正确。故选 D。【点睛】本题的关键要掌握右手定则和楞次定律，要知道它们在判断切割产生的感应

18、电流方向上结果是相同的，不过研究的对象不同4D【解析】电容器上极板带正电，油滴受电场力向上，可知油滴带负电，选项 A 错误；当用强光照射光敏电阻 R2时，光敏电阻的阻值变小，电路中电流增大，由 PL=I2RL知灯泡的功率增大，将变亮，故B 错误。电流增大，R 1两端间的电压增大，则电容器的电压增大，由电容器的电量公式 Q=CU 知电容器所带的电荷量增大，故 C 错误。电容器板间场强 E=U/d，知板间电压增大，场强增大，液滴所受的电场力（方向向上）增大，故液滴向上运动，故 D 正确。故选 D。【点睛】本题考查了电容器的动态分析、闭合电路的欧姆定律、部分电路的欧姆定律、匀强电场。解决本题的关键抓

19、住电容器两端电压与 R1两端电压相等，利用闭合电路欧姆定律进行动态分析。5C【解析】粒子向右运动，根据左手定则，b 向上偏转，应当带正电；a 向下偏转，应当带负电，故 A错误。洛伦兹力提供向心力，即：qvB=m ，得： ，故半径较大的 b 粒子速度大，动能也大。故 C 正确。由公式 F=qvB，故速度大的 b 受洛伦兹力较大。故 B 错误。根据推论公式 t= T、T=，周期相等，故磁场中偏转角大的运动的时间也长； a 粒子的偏转角大，因此运动的时间就长。故 D 错误。故选 C。【点睛】对于带电粒子在磁场中的运动情况分析，一般是确定圆心位置，根据几何关系求半径，结合洛伦兹力提供向心力求解未知量。

20、6D【解析】A：根据电场线分布的对称性可知，c、d 两点的电场强度大小相等，方向不同，则 c、d 两点的电场强度不同。故 A 项错误。BD：MN 间的电场线方向由 MN，沿电场线方向电势逐渐降低，则 a 点的电势高于 b 点的电势；电子沿直线从 a 移到 b 电势降低，电子带负电，据 ，则电子的电势能一直增大。故 B 项错误，D 项正确。C：对两个电荷在中垂线上的场强进行叠加，在 Oc 段场强方向斜向右上，在 Od 段场强方向斜向右下；电子所受的电场力在 Oc 段斜向左下，在 Od 段斜向左上；电子沿直线从 c 移到 d，电场力跟速度的方向先是锐角后是钝角，电场力对电子先做正功后做负功。故 C

21、 项错误。【点睛】解决本题的关键是进行电场的叠加，通过电场力与速度的方向关系判断电场力做正功还是负功。7B【解析】四种粒子，只有两个粒子通过速度选择器，只有速度满足 v=E/B，才能通过速度选择器。所以通过速度选择器进入磁场的粒子是乙和丙。由牛顿第二定律得：qvB=m ，解得： ，乙的质量小于丙的质量，所以乙的半径小于丙的半径，则乙打在 P3点，丙打在 P4点。甲的速度大于乙的速度，即大于 E/B，洛伦兹力大于电场力，粒子向上偏转，打在 P2点。丁的速度小于乙的速度，即小于 E/B，洛伦兹力小于电场力，粒子向下偏转，打在 P1点。故选 B。【点睛】解决本题的关键知道速度选择器的原理，即所受洛伦

22、兹力和电场力等大反向的粒子才能沿直线通过速度选择器8C【解析】带负电的粒子从原点到 x2电势能的变化为零，电场力的功为零，可知粒子在 x2点的速度仍为 v0，选项 A 错误；从 x1到 x3点的过程中，电势一直降低，可知带正电的粒子的电势能一直减小，选项 B 错误；x 1处的电势最大，正粒子的电势能最大，动能最小，若粒子能运动恰好运动到 x1处，就能运动到 x4处。若粒子能运动恰好运动到 x1处，初速度 v0最小，根据动能定理得-q 0=0-mv02，得 所以若小球能运动到 x4处，则初速度 v0至少为 故 C 正确。当带电粒子运动到 x3处时，电场力做正功最大，粒子的速度最大，根据动能定理得

23、 q 0=Ek- mv02，得最大动能为 2q 0故 D 错误。故选 C。【点睛】本题一要抓住 -x 图象的斜率等于电场强度，分析电场力变化情况，由电势与电势能的变化，判断电势能的变化。根据电场力做功情况，分析粒子运动到什么位置速度最大，由动能定理求解最大速度。9BCD【解析】因电场线与等势面相互垂直，且由高电势指向低电势，故电场线如图所示，由粒子运动的轨迹弯曲的方向可知粒子受力沿电场线的方向，故粒子带正电；故 A 错误，B 正确；若粒子从 P 到Q，则电场力做负功，粒子动能减小，故 P 点动能大于 Q 点动能；若粒子从 Q 到 P，电场力做正功，动能增大，P 点动能大于 Q 点动能，故粒子在

24、 P 点动能一定大于 Q 点的动能，故 C 正确；因 P 点电势小于 Q 点电势，粒子带正电，由 E=q 可知 P 点的电势能小于 Q 点的电势能，故 D 正确；故选BCD点睛：本题中解题的关键在于曲线的弯曲方向的判断，应掌握根据弯曲方向判断受力方向的方法；本题中告诉的是等势面，很多同学由于思维定势当成了电场线从而出现错解10BD【解析】磁感应强度增大，由楞次定律可知，感应电流沿 adcba 方向，故 A 错误；由法拉第电磁感应定律可得，感应电动势 ，故 B 正确；线圈中产生的感应电流大小为，选项 C 错误；根据左手定则判断线圈所受的安培力的方向向右，选项 D 正确；故选 BD.【点睛】熟练应

25、用楞次定律、法拉第电磁感应定律、欧姆定律即可正确解题，注意磁通量有效面积是线圈面积的一半。11AD【解析】电流向右，磁场垂直向内，若上表面电势高，即带正电，故粒子受到的洛伦兹力向上，故载流子是带正电的“空穴”，是 P 型半导体，故 A 正确，B 错误；最终洛伦兹力和电场力平衡，有：evB=e ；电流的微观表达式为：I=nevS=nevbc；解得 ，则其它条件不变，增大 c 时， U 减小；其它条件不变，电流 I 取值越大，电势差 U 越大，故 C 错误，D 正确；故选 AD。【点睛】本题关键是明确霍尔效应的原理，知道左手定则中四指指向电流方向，注意单位体积内的载流子数目表达式的各物理量的含义。

26、12CD【解析】因 OC 距离小于 OA 可知在正电荷形成的电场中 A 点电势低于 O 点电势，选项 A 错误；电荷从 A 到 D 运动，根据动能定理，则有：mgr+W 电 = mv2-0，解得：W 电 =mgr；规定电场中 B 点的电势为零，AB 两点对称，则 A 点的电势也为零，因由 A 到 D 点电场力做正功，则电势能减小，因此 D 点的电势能为 EPD=-mgr；根据公式 ，故 B 错误，D 正确；根据点电荷电场强度公式，电场强度的大小与间距的平方成反比，则有 O 点电场强度大小是 B 点的 2 倍，故 C 正确；故选 CD。【点睛】考查电势的高低判定方法，掌握动能定理的应用，注意力做

27、功的正负，理解电势与电势能的关系式，注意电荷的电量正负。135.015；4.699 【解析】游标卡尺测量其长度为：5cm+0.05mm3=50.15mm；用螺旋测微器测量其直径为：4.5mm+0.01mm20.0=4.700mm。14100；甲；4000 【解析】当欧姆表的指针指在中间位置附近时，测量值较为准确，电压表内阻约为 ，表盘中央刻度线约为 30，为准确测量电压表内阻，应选择100 挡，欧姆表的正极插孔与内部电源的负极相连，与电压表构成一闭合回路，电流从负极流出，进入电压表的正极，应选择图甲正确；由图示表盘可知，电压表内阻为： 。考点：考查了多用电表的使用【名师点睛】本题考查了用欧姆表

28、测电阻的注意事项、欧姆表读数，用欧姆表测电阻时要选择合适的挡位，使指针指在中央刻度线附近；知道欧姆表的结构、掌握欧姆表的读数方法即可解题15（1）并；R 2 （2）电路原理图如图所示：（3） a ；b/3【解析】（1）为了给电流表扩大量程，应并联一个小电阻进行分流，故应并联的电阻 R2；（2）由于电源内阻约为 5，而改装后的电流表内阻为 ，电压表内阻约为15k，所以电压表内阻远大于电源的内阻，故应采用相对电源的电流表外接法；原理图如图所示；（3）根据改装原理可知，电源的路端电压为 U；电流为 3I；则由闭合电路欧姆定律可知：U=E-3Ir，则由图象可知，图象与纵轴的截距 a=E；斜率 b=3r

29、，解得：E=a；r=b/3。【点睛】本题考查电源的电动势和内电阻的测量实验原理和方法，要注意明确电表的改装原理，同时掌握根据图象分析实验数据的基本方法16（1）2.5A （2）0.03N，方向水平向左【解析】（1）根据闭合电路欧姆定律，通过 ab 的电流为 ，解得 I=2.5A （2）导线所受的安培力为 F=BIL=0.22.50.1N=0.05N由牛顿第二定律可得 F-f= ma 方向水平向右解得 f=0.03N，方向水平向左.17（1）6V （2）15m/s，向右【解析】（1）根据题意，小球在金属板间做平抛运动，根据平抛运动规律L=v0t 解得：由牛顿第二定律可得 F-mg= ma解得 U

30、=6V （2）金属板 A、 C 间的电压 U=IR =0.4 回路中电流 解得： 由于小球带负电，电场力向上，所以电场方向向下， A 板必须带正电，金属棒 ab 的 a 点应为感应电动势的正极，根据右手定则，金属棒 ab 应向右运动.设金属棒 ab 的速度为 v，则 E=BLv 联立以上各式解得 v=15m/s【点睛】本题是电磁感应和类平抛运动、电路的综合，类平抛运动与平抛运动的研究方法相似：运动的合成和分解但要注意加速度的区别，类平抛运动的加速度不是 g，应根据牛顿第二定律求出18（1）（2） ，（3）【解析】（1）由于粒子在“台形”磁场中从边界 AC 射出，可知粒子带正电由于粒子在左侧正交

31、电磁场中沿直线通过，且洛伦兹力不做功，故粒子速率不变故有： ，而 ，所以（2）在台形区域内，粒子匀速圆周运动，根据牛顿第二定律，有由上式知：当粒子质量最小时，R 最小，粒子运动轨迹恰好与 AC 相切，如图，当粒子质量有最大值时，R 最大，粒子运动轨迹恰好过 C 点，如图根据几何关系有 ，所以因为 ，所以 是等边三角形，解得： ，（3）粒子运动周期粒子沿质量最小时的轨迹运动时对应圆心角最大，有解得考点：考查了带电粒子在复合场中的运动，在有界磁场中的运动19（1） （2） 3a2【解析】（1）粒子从 O 到 P 做类平抛运动，设时间为 t，则有 a=v0t得电场强度大小为：设粒子运动到 M 点时速度为 v，与 x 方向的夹角为 ，则：，即 =30 0由题意知，粒子从 P 点进入磁场，从 N 点离开磁场，粒子在磁场中以 O点为圆心做匀速圆周运动，设半径为 R，则：代入数据得粒子做圆周运动的半径为：由几何关系知： 所以 Q 点的纵坐标为 （2）当矩形磁场为图示虚线矩形时的面积最小则矩形的两个边长分别为所以矩形磁场的最小面积为：【点睛】由该题看出，分清物理过程，不同物理过程应用相应的物理知识；抓住关键字句，分析出关键条件。粒子在磁场中的运动关键是利用相关知识来“定圆心，找半径”；此外良好的作图能力及几何分析能力是解决此类问题的关键.