广东省江门市第二中学2017_2018学年高二物理下学期第二次月考试题理（含解析）.doc

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1、- 1 -广东省江门市第二中学 2017-2018 学年高二物理下学期第二次月考试题 理（含解析）一、单项选择题（每题只有一个答案是正确的，每小题 6 分，共 30 分）1. 英国的一位科学家经过十年不懈的努力终于在 1831 年发现了电磁感应现象，并发明了世界上第一台感应发电机这位科学家指的是A. 奥斯特 B. 法拉第 C. 麦克斯韦 D. 安培【答案】B【解析】发现了电磁感应现象，并发明了世界上第一台感应发电机的科学家是法拉第，故选B.2. 如图是酒精测试仪的电路， R0是定值电阻已知酒精气体的浓度越大，酒精气体传感器的电阻越小，则对酗酒者进行测试时A. 酒精气体传感器电阻变大B. 电压表

2、示数变大C. 电压表示数变小D. 电路的总电阻变大【答案】B故本题选 B【点睛】根据酒精气体的浓度变化，可知酒精传感器的电阻变化，电路总电阻变化，电路中- 2 -电流变化，导致 R0两端电压变化。3. 右图为远距离输电的电路原理图，则下列判断正确的是A. U1U2B. U2=U3C. I4 I2【答案】D【解析】试题分析：在远距离输电中，首先是升压，故 U2U1，根据输入功率等于输出功率可知：I 1U1=I2U2，可知 I1 I2，选项 A 错误，D 正确；在远距离输送过程中，导线上是有电压损失的，故 U2U3，根据输入功率等于输出功率可知：I 2U3=I4U4，可知 I4 I2，选项 BC

3、错误；故选 D.考点：变压器；远距离输电【名师点睛】此题是关于变压器以及远距离输电的问题；解题的关键是掌握远距离输电的原理，为了减小导线上的功率损失必须升压降流，到用户后要降压升流；注意在变压器中输入功率与输出功率是相等的；此题意在考查学生基础知识的运用能力.4. 如图所示，当平行板电容器 C 充电后把电键 S 断开设电容器电压为 U，电量为 Q现只将电容器两板的正对面积减小，则A. Q 变大 B. Q 变小C. U 变大 D. U 变小【答案】C【解析】电容器与电源断开，Q 不变，选项 B 正确。正对面积减小，电容减小，根据Q=CU，U 增大，选项 C 正确。选项 A、D 错误。- 3 -5

4、. 如图所示，一个金属圆环水平放置在竖直向上的匀强磁场中，能使圆环中产生感应电流的做法是A. 使匀强磁场均匀减少B. 保持圆环水平并在磁场中上下移动C. 保持圆环水平并在磁场中左右移动D. 保持圆环水平并使圆环绕过圆心的竖直轴转动【答案】A【解析】试题分析：使匀强磁场均匀减少，穿过线圈的磁通量减少，产生感应电流，A 正确；保持圆环水平并在磁场中上下移动时，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，B 错误；保持圆环水平并在磁场中左右移动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，C 错误；保持圆环水平并使圆环绕过圆心的竖直轴转动，穿过线圈的磁通量不变，不产生感应电流，D错误；故选 A考点：考查了感应电

5、流产生的条件二、多项选择题（每题至少有二个答案是正确的，每小题 6 分，共 18 分，选对得 6 分，漏选得 3 分，错选不得分， ）6. 如图，用导线把验电器与锌板相连接，当用紫外线照射锌板时，发生的现象是A. 有光子从锌板逸出B. 有电子从锌板逸出C. 验电器指针张开一个角度D. 锌板带负电【答案】BC【解析】验电器通过导线和锌板相连，变成了一个大导体，用紫外线照射锌板时，发生光电- 4 -效应，电子会从大导体的表面飞出，导致大导体整体在正电。则锌板带正电，验电器萡片带正电，并有一定张角，AD 错误，BC 正确。故本题选 BC【点睛】通过导线的连接，导致验电器和锌板变成了同一个大导体；大导

6、体发生光电效应，失电子而带上了正电。7. 如图，线圈在磁场中匀速转动产生交变电流，以下相关说法中正确的是A. 线圈在甲、丙图所示位置时，磁通量变化率最大B. 线圈在乙、丁图所示位置时，产生的电流最大C. 线圈平面经过甲、丙图所示位置时，电流的方向都要改变一次D. 线圈每转动一周，电流方向改变一次【答案】BC【解析】 （1）当线圈出现在甲、丙位置时，线圈平面和磁场完全垂直，磁通量最大，但 ab边和 cd 边恰好不切割磁场，瞬时感应电动势为零，根据法拉第电磁感应定律，此时磁通量的瞬时变化率为零，A 错误；（2）线圈在乙丁位置时，线圈平面和磁场方向平行，磁通量为零，但此时 ab 边和 cd 边正好垂

7、直切割磁场，产生的感应电动势最大，故此时流过线圈的瞬时电流最大，B 正确；（3）根据交变电流产生的原理，线圈每经过一次中性面，电流方向改变一次，线圈在甲、丙图中均处于中性面，故电流方向都要改变一次，C 正确；（4）线圈每转动一周要经过两次中性面，所以线圈每转动一周，方向改变两次，D 错误。故本题选 BC8. 如图，矩形金属线圈 abcd 从高处自由落下，通过一有界的匀强磁场，线圈平面保持竖直并和磁场方向垂直，不计空气阻力，则- 5 -A. ab 边刚进入磁场时， ab 边所受安培力方向竖直向上B. ab 边刚离开磁场时， dc 边感应电流方向从 d 到 cC. 线圈全部进入磁场内运动时，感应电

8、流为零D. 重力所做的功等于线圈产生的总热量【答案】AC【解析】 （1）根据楞次定律，ab 边刚进入磁场时，它所受安培力通过阻碍导体棒 ab 的相对运动来阻碍磁通量的增大，所以安培力竖直向上，A 正确；（2）由于题中磁场方向未知，故无法根据楞次定律判断感应电流的方向，B 错误；（3）线圈完全进入该匀强磁场内运动时，磁通量不变，没有感应电流产生，故 C 正确；（4）线圈的动能是否发生变化未知，不确定。若线圈动能没有变化，则该过程中减小的重力势能全部转化为内能；若线圈动能增加，则减小的重力势能只有一部分转化为内能；若动能减小，则减小的重力势能和动能，都转化为内能，故 D 项无法判断【点睛】根据楞次

9、定律，可以判断线圈进、出磁场时，安培力都表现为阻碍作用；根据感应电流产生的条件可以判断，线圈在场中运动是否产生感应电流；由能量守恒定律可以讨论各能量的变化情况。三、实验题（共 18 分）9. （1）为了探究电磁感应现象的产生条件，下图给出了一系列必备的实验仪器。请用导线将没有连接好的仪器正确的连接成实验电路(用笔画线表示导线)_。（2）某实验小组在“测定金属电阻率”的实验过程中，正确操作获得金属丝的直径以及电流表、电压表的读数如下图所示，则它们的读数值依次是_mm、_A、_V。- 6 -已知实验中所用的滑动变阻器阻值范围为 010，电流表内阻约几欧，电压表内阻约20k，电源为干电池（不宜在长时

10、间、大功率状况下使用） ，电源电动势 E = 4.5V，内阻较小。则以下电路图中，_（选填字母代号）电路为本次实验应当采用的最佳电路，但用此最佳电路测量的金属丝电阻仍然会比真实值偏_（选填“大”或“小” ） 。若已知实验所用的电流表内阻的准确值 ，那么测量金属丝电阻 的最佳电路应是上图中的_电路（选填字母代号） 。此时测得电流为 I、电压为 U，则金属丝电阻_（ 用题中字母代号表示） 。【答案】 (1). (2). 0.9961.000 (3). 0.42 (4). 2.252.28 (5). A (6). 小 (7). B (8). 或 【解析】 （1）根据题意，实验中的主线圈（小）和副线圈

11、（大）要分别接到两个不同的回路，即主线圈用来产生磁场，副线圈用来发生电磁感应。所以，副线圈、电流表接成一个闭合回- 7 -路；主线圈、滑动变阻器、开关、电源接成一路，实物连接图如下：；（2）螺旋测微器读数为 d=0.5mm+49.80.01mm=0.998mm，电流表读数为 0.42A，电压表读数为 2.28V；待测电阻为小电阻，电流表外接法应当外接，故选 A；选用电流表外接后，由于所测电流偏大，则电阻的测量值偏小；若知道电流表的准确值，则用图 B 测量较好，误差小，读出电流表读数 I，电流表读数U，则待测电阻 【点睛】 （1）螺旋测微器读数时，可以分成整数部分和小数部分来读，一定要注意观察主

12、尺上的“半毫米”刻度是否露出；电表读数时也要注意估读方式，若每小格的读数是 0.02，则应是 估读，即估读到 0.01；若每小格为 0.1，则应估读到 ，即估读到 0.01；若每小格是0.5，则应是 估读，即估读到 0.1 即可。（2）在利用伏安法测电阻时，记住“小外偏小，大内偏大”的口诀，即小电阻用电流表外接法，测量结果偏小，大电阻利用电流表内接法，测量结果偏大。（3）若已知电流表内阻的情况下，选用电流表内接法较好，读出电表读数 U 和 I，利用可以精确的计算出 。四、计算题（计算题应有必要的文字说明和相应的公式、计算过程，只有结果，不能得分。）10. 如图所示，电阻不计的光滑平行金属导轨

13、MN 和 OP 水平放置， MO 间接有阻值为 R 的电阻，两导轨相距为 L，其间有竖直向下的匀强磁场。质量为 m、长度为 L、电阻为 的导体棒 CD垂直于导轨放置，并接触良好。在 CD 的中点处用大小为 F 平行于 MN 向右的水平恒力拉 CD从静止开始运动 s 的位移，导体棒 CD 的速度恰好达到最大速度 。- 8 -（1）试判断通过电阻 R 的电流方向；（2）求磁场磁感应强度 B 的大小。【答案】 （1）电阻 R 的电流方向为 M O （2）【解析】 （1）根据楞次定律，利用右手定则，可以判断出，通过电阻 R 的电流方向为（2）导体棒 CD 达到最大速度时拉力与安培力的合力为零，由牛顿第

14、二定律有由法拉第电磁感应定律有由闭合电路的欧姆定律有联立各式得，磁感应强度大小为 【点睛】根据楞次定律右手定则，可以判断导体切割磁场时，回路中的感应电流的方向；根据平衡条件，列平衡方程，可以求出相关量。11. 如图（ a）所示， “ ”型木块放在光滑水平地面上，木块水平表面 AB 粗糙，光滑表面 BC 且与水平面夹角为 =37木块右侧与竖直墙壁之间连接着一个力传感器，当力传感器受压时，其示数为正值；当力传感器被拉时，其示数为负值一个可视为质点的滑块从 C点由静止开始下滑，运动过程中，传感器记录到的力和时间的关系如图（ b）所示已知sin37=0.6，cos37=0.8， g 取 10m/s2求：(1) 斜面 BC 的长度；- 9 -(2) 滑块的质量；(3) 运动过程中滑块克服摩擦力做的功【答案】(1) (2) m=2.5Kg (3) 40J【解析】(1)分析滑块受力，由牛顿第二定律得得： a1=gsin=5m/s 2通过图象可知滑块在斜面上运动时间为： t1=2s由运动学公式得：(2)滑块对斜面的压力为： 木板对传感器的压力为： F1=N1sin 由图象可知： F1=24N解得： m=5kg(3) 滑块滑到 B 点的速度为： v1=a1t1=12m/s由图象可知： f1=5N， t2=4s