内蒙古喀喇沁旗锦山蒙古族中学2018_2019学年高一物理上学期期末考试试卷（含解析）.doc

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1、1内蒙古喀喇沁旗锦山蒙古族中学 2018-2019 学年高一物理上学期期末考试试卷（含解析）一、选择题1.下面哪一组单位属于国际单位制中的基本单位A. 米、牛顿、千克 B. 千克、焦耳、秒C. 米、千克、秒 D. 米/秒 2、千克、牛顿【答案】C【解析】牛顿、米/秒 2是导出单位，ABD 错误力学中基本物理量分别是长度、质量、时间，它们的单位分别为 m、kg、s，C 正确故选 C2.关于速度、速度的变化、加速度的关系，下列说法中正确的是（ ）A. 速度变化越大，加速度就一定越大 B. 加速度变小，速度一定变小C. 速度为零，加速度一定为零 D. 速度变化越慢，加速度越小【答案】D【解析】【分析

2、】根据加速度的定义式 可知物体的加速度等于物体的速度的变化率，加速度的方向就是物体速度变化量的方向，与物体速度无关，即物体的速度变化越快物体的加速度越大.【详解】A、物体的速度变化大，但所需时间更长的话，物体速度的变化率可能很小，则加速度就会很小，故 A 错误；B、运动物体的加速度变小，如果加速度与速度同向，速度增加，故 B 错误；C、物体的速度为零，但物体的速度的变化率可以不为零，即物体的加速度不为零.故 C 错误；D、物体的速度变化越慢，即物体速度的变化率越小，则物体的加速度越小；故 D 正确.故选 D.【点睛】本题考查加速度的定义式，只要理解了加速度的概念就能顺利解决，注意明确加速度和速

3、度大小无关.3.一辆汽车以 20ms 的速度沿平直公路匀速行驶，突然发现前方有障碍物，立即刹车，汽车以大小是 5ms 2的加速度做匀减速直终运动，那么刹车后 2s 内与刹车后 6s 内汽车通过2的位移之比为( )A. 1：lB. 4：3C. 3：lD. 3：4【答案】D【解析】解：设汽车从刹车到停下的时间为 t，则由 v=v0+at 得t= =则 4s 后汽车停止运动，刹车 6s 内的位移与刹车 4s 内的位移相等汽车刹车 2s 内的位移为 x1=v0t1+ =20 （m）=30m刹车 6s 内的位移为 x2=v0t+ =204+ （m）=40m所以汽车刹车 2s 内与刹车后 6s 内汽车通过

4、的位移之比为为 x1：x 2=3：4故选 D考点：匀变速直线运动的位移与时间的关系专题：直线运动规律专题分析：汽车刹车过程做做匀减速直线运动，根据加速度和初速度，由速度公式求出刹车的时间，根据已知时间与刹车时间的比较，分析汽车的运动状态，再选择公式求解已知时间内的位移，最后求出比值点评：对于汽车刹车这种匀减速直线运动，不能死套公式，要注意检验解题结果的合理性，往往要先求出汽车刹车的时间，然后再进行其他计算4.同一平面内的三个力，大小分别为 4N、6N、7N，若三力同时作用于某一物体，则该物体所受三力合力的最大值和最小值分别为A. 17N 3N B. 5N 3NC. 9N 0 D. 17N 0【

5、答案】D【解析】【分析】3当这三个力作用在同一物体上，并且作用在同一直线上，方向相同，三个力的合力最大如果三个力不在同一直线上，夹角可以变化，当两个较小力的合力大小等于第三个力，方向相反时，合力为零，此时三个力的合力的最小【详解】当三个力作用在同一直线、同方向时，三个力的合力最大，即F=4N+6N+7N=17N.4N、6N 的最大值为 10N，最小值为 2N，因此 7N 在最大与最小之间，因此三个力合力能够为零，则合力最小值为 0.故选 D.【点睛】当多个力合成时，它们作用在同一直线上、同方向时，合力最大；求最小合力时，先考虑合力为零的情况5.如图所示，是 A、B 两质点沿同一条直线运动的位移

6、图象，由图可知（ ）A. 质点 A 前 2s 内的位移是 1mB. 质点 B 第 1s 内的位移是 2mC. 质点 A、B 在前 8s 内的位移大小相等D. 质点 A、B 在 4s 末相遇【答案】AD【解析】试题分析：由图象可以看出，质点 A 前 2s 内的位移是 2m，A 对；质点 B 第 1s 内的位移是0，B 错；质点 A 在 8s 内的位移大小 1m，质点 B 在 8s 内的位移大小是 3m，C 错；质点A、B 在 4s 末相遇，D 对。考点：位移图象6.如图是 A、 B 两物体同时由同一地点向同一方向做直线运动的 v-t 图象,从图象上可知,不正确的是（ ）4A. A 做匀速运动,

7、B 做匀加速运动B. 20s 末 A、 B 相遇C. 20s 末 A、 B 相距最远D. 40s 末 A、 B 相遇【答案】B【解析】【分析】速度时间图象的斜率代表物体的加速度，倾斜的直线表示匀变速直线运动速度图象与时间轴围成的面积代表物体通过的位移，面积差越大代表距离越远，面积相等代表相遇【详解】A、由速度时间图象可知：物体 A 的速度保持不变，故 A 做匀速直线运动，物体B 的斜率保持不变，故 B 做匀加速直线运动；故 A 正确.B、C、在 020s 内物体 A 的速度始终大于物体 B 的速度，并且 A 的速度图象与时间轴围成的面积代表 A 的位移，而 B 的速度图象与时间轴围成的面积代表

8、 B 的位移，两个面积的差代表两者之间的距离.由图可知在相遇之前 20s 末 A、 B 相距最远；故 B 错误，C 正确.D、由图可知：40s 末， A 的位移 x1=540=200m， B 的位移 ，可知x2=124010m=200m40s 末两个物体的位移相等，故 40s 末 A、 B 相遇；故 D 正确.本题选不正确的故选 B.【点睛】解决追击相遇问题可以利用运动学公式，也可以利用速度时间图象，但利用速度时间图象更简洁，计算量更小7.质量为 m 的小球系在轻绳的下端。若在小球上施加一个力 F，使小球在如图所示的位置保持静止，悬线偏离竖直方向的夹角，则力 F 的最小值为（ ）A. B. C

9、. D. mgtan mgsinmgcos mgcos【答案】B【解析】外力 F 和绳子拉力的合力与重力等值反向，从图上看出，合力一定，绳子拉力方向一定，当外力 F 与绳子拉力方向垂直时，外力 F 最小，最小值 F=mgsin故 B 正确，ACD 错5误故选 B8.如图所示，一木块放在水平桌面上，在水平方向上共受三个力，向右的 F1，向左的 F2和摩擦力，处于静止状态。其中 F1=10N， F2=2N。若撤去力 F1则木块受到的合外力为A. 10N 向左 B. 6N 向右 C. 2N 向左 D. 0【答案】D【解析】【分析】对木块进行受力分析，由力的合成可得出静摩擦力的大小；撤去拉力后，根据另

10、一拉力与摩擦力的关系判断物体是否静止，则可求出木块受到的合力【详解】木块开始在水平方向受三个力而平衡，则有： f=F1-F2=10-2=8N； 物体处于静止状态，则说明物体受到的最大静摩擦力大于 8N；撤去 F1后，外力为 2N，故物体仍能处于平衡，故合力一定是零；故选 D.【点睛】解答本题应准确理解静摩擦力的定义，并能根据受力分析得出力之间的关系9. 如图所示，放在水平地面上的物体 M 上叠放着物体 m，m 与 M 之间有一处于压缩状态的弹簧，整个装置处于静止状态，则下列关于 m 和 M 的受力情况分析正确的是（ ）A. m 给 M 向左的摩擦力B. M 给 m 向左的摩擦力C. 地面对 M

11、 的摩擦力向右D. 地面对 M 无摩擦力作用6【答案】AD【解析】试题分析：对 m 受力分析，根据平衡判断出 M 对 m 的摩擦力方向对整体分析，根据平衡判断地面对 M 的摩擦力方向解：A、对 m 受力分析，m 受到重力、支持力、水平向左的弹力，根据平衡知，M 对 m 的摩擦力向右根据作用力与反作用力的关系，则 m 对 M 的摩擦力向左故 A 正确，B 错误C、对整体受力分析，在竖直方向上受到重力和支持力平衡，若地面对 M 有摩擦力，则整体不能平衡，故地面对 M 无摩擦力作用故 C 错误，D 正确故选 AD【点评】解决本题的关键会正确的进行受力分析，知道平衡时，合力等于 010. 如图所示，悬

12、挂于小车里的小球偏离竖直方向 角，则小车可能的运动情况是（ ）A. 向右加速运动 B. 向右减速运动 C. 向左加速运动 D. 向左减速运动【答案】AD【解析】【分析】车和球一起运动，它们由共同的加速度，对小球受力分析，可以求得小球的加速度的大小，即为小车的加速度的大小，从而可以判断小车可能的运动情况。【详解】小球的加速度与小车的加速度相同，小球受绳子的拉力与重力，两个力的合力与小车合力相同沿水平方向向右，所以小车的加速度水平向右，可以向右匀加速运动也可以向左匀减速运动，AD 正确。【点睛】对于多个物体的受力分析通常采用的方法就是整体法和隔离法，通过整体法求得加速度，再利用隔离法求物体之间的力

13、的大小。11.如图所示， A、 B 两条直线表示在 A、 B 两地分别用竖直向上的力 F 拉质量分别为 mA和mB的两个物体得出的加速度 a 与力 F 之间的关系图象，则下列说法中正确的是( )7A. 比较两地的重力加速度有 gA=gB B. 比较两物体的质量有 mAmB【答案】AB【解析】图线有相同的纵截距，即两个物体外力 F 都为 0 时加速度都相同，而 时两物体都只受F=0重力作用 ，所以 ，A 正确 C 错误；根据 可知，a-F 图象中斜率表示 ，由图a=g gA=gB F=ma1m可知 A 的斜率大于 B 的斜率，所以 ，B 正确 D 错误mAmB12.如图所示，在光滑的桌面上有 M

14、、m 两个物块，现用力 F 推物块 m，使 M、m 两物块在桌上一起向右加速，则 M、m 间的相互作用力为（ ）A. B. mFM+m MFM+mC. 若桌面的摩擦因数为 ，M、m 仍向右加速，则 M、m 间的相互作用力为 +Mg MFM+mD. 若桌面的摩擦因数为 ，M、m 仍向右加速，则 M、m 间的相互作用力仍为MFM+m【答案】BD【解析】对选项 AB，根据牛顿第二定律，对整体有：a= ；对 M：N=Ma= 故 A 正确，B 错FM+m FMM+m误对选项 CD，根据牛顿第二定律得：对整体有： ；对a=F(M+m)gM+m= FM+mgM：NMg=Ma，得：N=Mg+Ma= 故 C 正

15、确，D 错误故选 AC.FMM+m点睛：本题是连接类型的问题，关键是灵活选择研究对象对于粗糙情况，不能想当然选择 C，实际上两种情况下 MN 间作用力大小相等二、实验题：13.用接在 50Hz 交流电源上的打点计时器测定小车做匀加速直线运动的加速度，得到如图所示的一条纸带，从比较清晰的点开始起，取若干个计数点，分别标上 0、1、2、3（每8相邻的两个计数点间有 4 个打印点未标出） ，量得 0 与 1 两点间的距离 x1=30mm，3 与 4 两点间的距离 x4=48mm则小车在 0 与 1 两点间的平均速度为 m/s，小车的加速度为 m/s2【答案】 0.3m/s， 0.6m/s2【解析】试

16、题分析：纸带法实验中，若纸带匀变速直线运动，测得纸带上的点间距，利用平均速度的定义可以求出两点之间的平均速度，利用匀变速直线运动的推论，可计算出纸带运动的加速度解：根据平均速度的定义可知小车在 0 与 1 两点间平均速度为： =；根据匀变速直线运动的推论有：所以： 故答案为：0.3，0.6【点评】题借助实验考查了匀变速直线的规律以及推论的应用，在平时练习中要加强基础知识的理解与应用，提高解决问题能力14.在探究物体的加速度 a 与物体所受外力 F、物体质量 M 间的关系时，采用如图所示的实验装置小车及车中的砝码质量用 M 表示，盘及盘中的砝码质量用 m 表示(1)当 M 与 m 的大小关系满足

17、_时，才可以认为绳子对小车的拉力大小等于盘和砝码的重力(2)某一组同学先保持盘及盘中的砝码质量 m 一定来做实验，其具体操作步骤如下，以下做法正确的是_9A平衡摩擦力时，应将盘及盘中的砝码用细绳通过定滑轮系在小车上B每次改变小车的质量时，不需要重新平衡摩擦力C实验时，先放开小车，再接通打点计时器的电源D用天平测出 m 以及小车质量 M，小车运动的加速度可直接用公式 a 求出mgM(3)另两组同学保持小车及车中的砝码质量 M 一定，探究加速度 a 与所受外力 F 的关系，由于他们操作不当，这两组同学得到的 a F 关系图象分别如图甲和图乙所示，其原因分别是：图甲：_图乙：_【答案】 （1） ；m

18、M ；（2）B ；（3）不满足 mM ；没有平衡摩擦力或平衡摩擦 力不足【解析】试题分析：(1)实验设计中以盘及盘中的砝码的重力 作为绳子拉力，而事实上，盘及盘mg中的砝码和小车是作为一个整体匀加速运动的，盘及盘中的砝码的重力是整体的合力，所以绳子拉力应该是 ,只有当 时，F=mgM+mM= mg1+mM mM Fmg(b) 图上端不是直线，主要是随 m 的增大，F 增大，加速度 ，加速度不会a=mgM+m= 11M+1g无限增大只会无限趋近重力加速度 。(c) 图不过原点即当拉力 F 较小时加速度等于 0，说g明除拉力外还有摩擦力，即没有平衡摩擦力或者摩擦力平衡不够。考点：探究物体的加速度

19、a 与物体所受外力 F、物体质量 M 间的关系实验设计探究分析三计算题： 15.由静止开始做匀加速直线运动的汽车，第 1s 内通过 0.4m 位移，问：汽车在第 1s 末的速度为多大？汽车在第 2s 内通过的位移为多大？【答案】 （1）0.8m/s （2）1.2m【解析】10试题分析：（1）加速过程中：由 ，得 a=2st2=20.412s=0.8m/s2第 1s 末的速度： vt=at=0.81m/s=0.8m/s（2）前 2s 的位移： s2=12at2=120.822m=1.6m则第 2s 内的位移： s2=s2s1=1.2m考点：匀变速直线运动规律点评：熟练应用匀变速直线运动的各个公式

20、，能够恰当的选择合适的公式使解题步骤跟简单。16.竖直升降的电梯内的天花板上悬挂着一根弹簧秤，如图所示，弹簧秤的秤钩上悬挂一个质量 m4kg 的物体，试分析下列情况下电梯各种具体的运动情况（g 取 10m/s2）：（1）当弹簧秤的示数 T140N，且保持不变；（2）当弹簧秤的示数 T232N，且保持不变；（3）当弹簧秤的示数 T344N，且保持不变。【答案】 （1）电梯处于静止或匀速直线运动状态（2）电梯加速下降或减速上升（3）电梯加速上升或减速下降【解析】选取物体为研究对象，通过受力分析可知（1）当 T1=40N 时，根据牛顿第二定律有 T1-mg=ma1，解得这时电梯的加速度 a1T1mg

21、m 404104 0由此可见电梯处于静止或匀速直线运动状态（2）当 T2=32N 时，根据牛顿第二定律有 T2-mg=ma2 得 ，这时电梯的加速度 a2T2mgm 32404 2m/s2即电梯的加速度方向竖直向下电梯加速下降或减速上升11（3）当 T3=44N 时，根据牛顿第二定律有 T3-mg=ma3，得这时电梯的加速度 a3T3mgm 44404 1m/s2即电梯的加速度方向竖直向上电梯加速上升或减速下降17.如图，有一水平传送带以 2ms 的速度匀速运动，现将一物体轻轻放在传送带的左端上，若物体与传送带间的动摩擦因数为 0.5，已知传送带左、右端间的距离为 10m，求传送带将该物体传送

22、到传送带的右端所需时间。(g 取 10m/s2 )【答案】5.2s【解析】试题分析：以传送带上轻放物体为研究对象，如下图在竖直方向受重力和支持力，在水平方向受滑动摩擦力，做 v0=0 的匀加速运动。据牛顿第二定律：F = ma有水平方向：f =“ ma“ 竖直方向：Nmg =“ 0“ f=N 由式，解得 a = 5m/s2设经时间 tl，物体速度达到传送带的速度，据匀加速直线运动的速度公式vt=v0+at 解得 t1= 0.4s时间 t1内物体的位移 m物体位移为 0.4m 时，物体的速度与传送带的速度相同，物体 0.4s 后无摩擦力，开始做匀速运动S2= v2t212因为 S2=SS 1=“

23、10-0.4“ =9.6（m） ，v 2=2m/s代入式得 t2=4.8s则传送 10m 所需时间为 t = 0.44.8=5.2s。考点：牛顿第二定律，速度公式，位移公式点评：学生明确物体在传送带上先做匀加速运动，然后与传送带一起做匀速运动，分两段去求解。18.如图所示，质量为 4kg 的小球用细绳拴着吊在行驶的汽车后壁上，绳与竖直方向夹角为37。已知 g = 10m/s2，sin37=0.6，cos37=0.8，求：(1)汽车匀速运动时，细线对小球的拉力和车后壁对小球的压力。(2)当汽车以 a1=2m/s2向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力和小球对车后壁的压力。(3)当汽车以 a2=10m

24、/s2向右匀减速行驶时，细线对小球的拉力和小球对车后壁的压力。【答案】 （1） ， ；T=50N FN=30N（2） ；T=50N， FN=22N（3） 56.56N【解析】试题分析：(1)当汽车匀速运动时，小球也匀速运动，小球的受力平衡，对小球进行受力分析可知(2) 当汽车以 a=“2“ m / s2向右匀减速行驶时，小球受力分析如图（图略） ，由牛顿第二定律得： 代入数据得：T=50N,F N=22N（2）当汽车向右匀减速行驶时，设车后壁弹力为 0 时(临界条件)的加速度为 a0，受力分析如图所所示，由牛顿第二定律得：13代入数据得：因为 ，所以小球飞起来，F N=0 设此时绳与竖直方向的夹角为 a由牛顿第二定律得：考点：考查整体隔离法的应用点评：难度中等，本题为临界问题，如果小车加速度向左，小球有飘起来的可能性，需要首先判断该加速度的临界值