2013届陕西省扶风县九年级下学期第一次教学检测物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2013届陕西省扶风县九年级下学期第一次教学检测物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图所示的四种现象中，属于光的反射现象的是 A三棱镜分解白光 B笔在水面处 “折断 ” C水面上山的 “倒影 ” D手影游戏 答案： C 试题分析： A、白光通过三棱镜，由于七色光的折射率不同，因此通过三棱镜将其分解为七种颜色的色光，属于折射现象，故与题意不符； B、从水中铅笔上反射的光从水中斜射入空气中时，发生折射，折射光线远离法线，当人逆着折射光线的方向看时，看到的是铅笔的虚像，比实际位置偏高，所以感觉折断了，故与题意不符； C、水面上山的 “倒影 ”，属于平面镜成像，是由于光的反射形成的，符合题意； D、手

2、影是影子，影子的形成说明光是沿直线传播的，由于光的直线传播，被物体挡住后，物体后面就会呈现出阴影区域，就是影子，故与题意不符 所以选 C 考点：光现象 点评：（ 1）光的反射现象，知道平面镜成像是由于光的反射形成的 （ 2）光的折射现象，知道水底看起来比实际的要浅 、斜插入水中的筷子向上折、海市蜃楼、凸透镜成像都是光的折射 （ 3）光沿直线传播现象，知道影子的形成、日月食的形成、小孔成像、三棱镜的色散都是光沿直线传播形成的 如图所示是一个水位自动报警器的原理图。水位没有到达金属块 A时，绿灯亮；水位到达金属块 A时，红灯亮。下列关于它的工作原理的讨论中，正确的是 A容器中的水不能导电 B当水位

3、上升到 A时，红灯亮，绿灯不亮 C红、绿灯是串联的 D衔铁是永磁体 答案： B 试题分析：当水位没有达到 A时，电磁铁没有磁性，只有绿灯亮；当水位到达A时电路接通，电磁继电器有磁性，且根据右手定则知上端为 S极，衔铁就会在电磁力吸引的作用下与红灯接通，红灯亮；该报警器的红、绿灯不会同时亮 故选 B 考点：电磁铁 点评：首先应弄清图中所示的自动报警器工作原理：当水位到达 A时，由于一般水具有导电性，那么电磁铁所在电路被接通，吸引衔铁向下，从而接通红灯所在电路，此时红灯亮，而绿灯不亮 某机要室大门是由电动机控制的，钥匙（电路开关）分别由两名工作人员保管，单把钥匙无法打开。图中设计符合要求的电路是答

4、案： A 试题分析：由题意可知，机要室大门有两把钥匙，只有两把钥 匙同时开启时，大门才能打开，大门由电动机控制，钥匙实质就是电路中的开关，即两个开关同时闭合时，电路才接通，才能使电动机工作，只闭合其中一个开关，电动机是不工作的，电路没有接通开关之间不能独立工作，是串联关系 A、两钥匙是串联的，只有都闭合时，电路才接通，只闭合一个，是断路，符合题意； B、开关是并联的，只闭合一个开关，电路就接通，电动机就工作了，不符合要求； C、只闭合钥匙 1这个开关，电路就接通了，两开关都闭合，就短路了，不符合要求； D、只能用钥匙 1来控制电动机工作，钥匙 2只要闭合，电路就短路，不符合要求 所以选 A 考

5、点：电路设计 点评：会设计串联电路和并联电路，串联电路中某处断路，整个电路就没有电流通过了；并联电路中，只要有一条支路是接通的，电路中就有电流从而了解知道串并联电路中开关的作用 甲吊车比乙吊车的机械效率高，当它们分别把相同质量的物体匀速提升相同高度时，则 A甲吊车的电动机做的有用功较多 B乙吊车的电动机做的额外功较多 C甲吊车的电动机做的总功较多 D甲、乙两吊车的电动机做的总功相同 答案： B 试题分析： A、分析知甲乙吊车做的有用功相同此选项错误，不符合题意； B、两辆吊车做的有用功相同，乙吊车做的额外功较多，所以乙的效率较低此选项正确，符合题意； C、已知甲吊车的机械效率高，有用功相同，如

6、果甲吊车的总功较多就与效率高矛盾此选项错误，不符合题意； D、两吊车做的有用功相同，如果总功也相同，则机械效率相同此选项错误，不符合题意 所以选 B 考点：机械效率 点评：甲吊车的机械效率比乙吊车的机械效率高，说明甲吊车所做的有用功在总功中占的比值比乙吊车大；把相同质量的物体提高相同的高度，根据公式 W有用 =Gh=mgh可知：两辆吊车所做的有用功相同；机械效率不同，是因为做 的额外功不同，导致总功不同 关于力与运动的关系，下列说法正确的是 A静止的物体不受力的作用 B运动的物体一定受到力的作用 C物体的运动并不需要力来维持 D没有力的作用运动物体就会慢慢停下来 答案： C 试题分析： A、静

7、止的物体可能不受力的作用，也可能受平衡力的作用，所以A错误； B、运动的物体不一定受到力的作用，原来运动的物体如果不受力的作用，将保持匀速直线运动状态，所以 B错误； C、物体的运动并不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因，所以 C正确； D、没有力的作用时，运动的物体将会保持 原来的速度，做匀速直线运动而不会慢慢停下来，所以 D错误； 所以选 C 考点：力与运动的关系 点评：根据以下知识分析答题： 物体的运动不需要力来维持，力是改变物体运动状态的原因； 物体受力与否与物体是运动还是静止无关 物态变化现象在一年四季中随处可见，下列说法中正确的是 A春天的早晨经常出现大雾，这是凝华现象 B夏

8、天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒 “白气 ”，这是升华现象 C秋天的早晨花草上出现小露珠，这是液化现象 D初冬的早晨地面上会出现白色的霜，这是凝固现象 答案： C 试题分析：春天的早晨出现的大雾，夏天揭开冰棒包装后会看到冰棒冒 “白气 ”，秋天的早晨花草上出现小露珠都是液化现象，初冬的早晨地面上会出现白色的霜是水蒸气凝华形成的。所以选 C 考点：物态变化 点评：解决此题需掌握： 物质由气态变为液态的过程是液化；物质由固态直接变为气态的过程是升华；物质由气态直接变为固态的过程是凝华 物态变化中，熔化、汽化、升华是吸热的；凝固、液化、凝华是放热的 关于声现象，下列说法正确的是 A “闻其声而知其人 ”

9、是根据声音的响度来判断的 B “不敢高声语，恐惊天上人 ”中的 “高 ”是指声音的音调高 C “长啸一声，山鸣谷应 ”是指次声波传播很远 D “隔墙有耳 ”说明固体能传声 答案： D 试题分析： A、我们能 “闻其声而知其人 ”，主要是因为不同的人声音的音色不同，故 A错误； B、 “不敢高声语，恐惊天上人 ”中的 “高 ”是指声音响度的大小，故 B错误； C、次声波是我们的耳朵所听不到的声音，故 C错误； D、 “隔墙有耳 ”说明固体可以传播声音，故 D正确 所以选 D 考点：声音的产生和传播 点评：（ 1）由于发声体的材料和结构不同，发出声音的音色也不同，所以音色是辨别声音的最主要的特征

10、（ 2）振幅的大小影响声音响度的大小 （ 3）次声波是指振动频率在 20Hz以下的声音，人耳是听不到的 （ 4）声音的传播需要介质，固体、液体和气体都可以传播声音 关于下列估计，比较合理的是 A一元硬币的直径约是 2cm B一本物理书的宽度约是 1m C一部手机的质量约是 1 D一台电脑显示器的质量约是 10mg 答案： A 试题分析： A、一元硬币的直径大约是 0cm，故该选项符合题意； B、一本物理书的宽度约 20cm， 1m太大了，故该选项不符合题意； C、一部手机的质量约是 50g， 1kg太重了，故该选项不符合题意； D、一台电脑显示器的质量约是 1.5kg， 10mg太轻了，故该选

11、项不符合题意 所以选 A 考点：常见物理量的估测 点评：不同物理量的估算，有的需要凭借生活经验，有的需要简单的计算，有的要进行单位的换算，最后判断最符合实际的是哪一个 实验题 为了测定额定电压为 “2.5V“小灯泡的电功率，小明同学设计了如图（甲）所示的电路图，实验中各元件均完好，电源电压保持不变。 （ 1）连接电路的过程中开关应 ，请你在图（乙）中用笔画线代替导线，帮小明同学将电路连接完整。（导线不得 交叉） 甲 乙 丙 （ 2）小明同学闭合开关后，发现小灯泡不亮，但电流表、电压表均有示数，接下来他首先应进行的操作是 （选填字母序号）。 A. 检查电路是否断路 B. 更换小灯泡 C移动滑动变

12、阻器的滑片，观察小灯泡是否发光 （ 3）为了测量小灯泡的额定功率，应调节滑动变阻器，当电压表的示数为 V时，小灯泡正常发光，此时电流表的示数如图（丙）所示，则通过小灯泡的电流为 A，该灯泡的额定功率为 W。 （ 4）实验过程中，有些小组的小灯泡由暗变亮，然后发出耀眼的光后被烧坏，为了避免灯丝烧断，请提出在调节滑动变阻器的过程中应注意的事项： 。 答案： （ 1）断开 如图所示 （ 2） C （ 3） 2.5 0.28 0.7 （ 4）缓慢移动滑片，同时观察电压表的示数 试题分析：（ 1）连接电路图时，开关应断开；滑动变阻器上端任意一接线柱与灯泡连接即可，如上图所示： （ 2）闭合开关后，电流表

13、有示数，说明电路是通路，灯泡没坏，也不是断路，可能是连入电阻太大，电路中电流太小所致，下一步操作：移动滑动变阻器滑片，观察小灯泡是否发光，即 应进行 C项操作 （ 3）灯泡正常发光，则电压应为 2.5V； 由图可知，电流表的量程为 0 0.6A，分度值为 0.02A，所以电流表的示数为0.28A， 灯泡的额定功率 P=UI=2.5V0.28A=0.7W （ 4）为了避免灯丝烧断，可以调节滑动变阻器保证电压表的示数低于或等于额定电压来进行实验 考点：测定额定电压为 “2.5V“小灯泡的电功率 点评：本题考查了连接电路的注意事项、连接实物图、电流表的读数、电路故障的判断等，是中招常见的实验探究题类

14、型。 小明想测量大米的密度，但由于大米容易吸水，导致体积明显变 化，因此用排水的方法测量大米的体积是不合理的。于是小明进行了如下实验和思考。 实验一：按图甲和图乙的方法分别测量大米的质量和体积，由此计算出大米的密度。 （ 1）使用托盘天平称取 5克大米。称量过程中发现天平指针偏向右边（如图甲），接下来小明应如何操作？ 。 （ 2）由于米粒间存在较大间隙，按图乙的方式用量简直接测量大米体积，则会导致测得的体积值偏 。 小明思考：能否用排空气的方法测量大米的体积呢？他设想将大米与空气密封在一个注射器内，只要测出注射器内空气和大米的总体积及空气的体积，其差值就是大米的体积。但如 何测出空气的体积呢？

15、 查阅资料得知：温度不变时，一定质量气体的体积与其压强的乘积是定值。于是进行了实验二：称取 5克大米并装入注射器内（如图丙），从注射器的刻度上读出大米和空气的总体积，通过压强传感器测出此时注射器内空气压强为 P;而后将注射器内的空气缓慢压缩，当空气压强增大为 2P时，再读出此时的总体积（压缩过程中大米的体积、空气的温度均不变），整理相关数据记录如表。 注射器内 空气压强注射器内空气和大米的总体积 注射器内空气体积 压缩前 P 23毫升 V 压缩后 2P 13毫升 0. 5V （ 3）由实验二测得大米的密度为 克厘米 3。（计算结果精确到 0.01） 答案：（ 1）向左盘中添加大米直至天平平衡

16、（ 2）大 （ 3） 1. 67 试题分析：（ 1）因为下面实验中用的大米的质量为 5g，所以 5g的砝码是不能改变的，故应当向左盘中添加大米直到横梁平衡为止； （ 2）由于米粒间存在较大间隙，按图乙的方式用量筒直接测量大米体积，则会导致测得的体积值偏大； （ 3）根据温度不变时，一定质量气体的体积与其压强的乘积是定值所以压缩前注射器内空气的体积： V=23ml-V 大米 ；压缩后注射器内空气的体积：0.5V=13ml-V 大米 根据题意可以得到： P（ 23ml-V 大米 ） =2P（ 13ml-V 大米 ）， 所以大米的体积 V 大米 =3ml=3cm3，所以大米的密度 考点：密度的测量

17、点评：（ 1）因为下面用到的大米的质量是 5g，所以不能取下砝码，通过拨动游码来达到横梁平衡的目的，而是应当向左盘中添加大米直到横梁平衡为止； （ 2）由于米粒间存在较大间隙，按图乙的方式用量筒直接测量大米体积，则会导致测得的体积值偏大； （ 3）根据表格中的数据和温度不变时，一定质量气体的体积与其压强的乘积是定值可以得到： P（ 23ml-V 大米 ） =2P（ 13ml-V 大米 ），根据此式，求出大米的体积 V 大米 ，然后用公式 计算出大米的密度 根据图示实验现象，完成填空 （ 1）如图所示的温度计的示数为 。 （ 2）如图所示的电阻箱的示数为 。 （ 3）如图所示的电压表的示数为 V

18、。 （ 4）通电螺线管中的电流方向如图所示，由此可以判断出通电螺线管的左端是 极。（选填 “N”或 “S”） 答案：（ 1） 66 （ 2） 1258 （ 3） 2 5 （ 4） N 试题分析：（ 1）温度计的 0 在温度计液注的下面，此时的温度值是零上的温度。温度计的示数为 66 （ 2）用各指针所指的示数乘以下面的倍数，然后将所有的数值相加，即为该电阻箱的读数： 1000的位置对应的数是 1， 100的位置对应的数是 2， 10的位置对应的数是 5， 1 的位置对应的数是 8，所以是 1258 （ 3）电压表使用的是 03V 量程，一个小格是 0.1V，所以示数是 2.5V （ 4）用右手

19、握住通电螺线管，四指顺着电流的方向，大拇指的指向就是通电螺线管的 N 极指向，由此可以判断出通电螺线管的左端是 N 极 考点：温度计、电压表、变阻箱的读数，安培定则 点评：本题综合考察了温度计、电压表、变阻箱的读数，安培定则， 是物理实验的基础知识，较易。 填空题 在如图所示的电路中，电源电压为 12V。闭合开关后，电流表的示数为0.4A，电压表的示数为 8V，则电阻 R2的阻值是 W。将滑动变阻器 R1的滑片向右移动，电压表的示数将变 ，电流表的示数将变 。 答案：小 大 试题分析：由电路图可知， R1、 R2串联，电压表测滑动变阻器两端的电压 U1，电流表测电路中的电流； （ 1）由题意可

20、知， U=12V， I=0.4A， U1=8V，则 U2=U-U1=12V-8V=4V， （ 2）当将滑动变阻器 R1的滑片向右移动时，接入电路的电阻减小，电路的总电阻变小； 根据 可知，电路中的电流变大电流表示数变大 根据 U=IR可知， R2两端的电压变大； 根据串联电路总电压等于各分电压之和可知， R1两端的电压变小，即电压表的示数变小 考点：动态电路分析、欧姆定律 点评：由电路图可知，两电阻串联，电压表测滑动变阻器两端的电压，电流表测电路中的电流； （ 1）根据串联电路的电压特点求出 R2两端的电压，根据欧姆定律求出 R2的阻值； （ 2）根据滑片的移动判断接入电路电阻的变化，根据欧姆

21、定律确定电路中电流的变化和 R2两端电压的变 化，再根据串联电路的电压特点确定电压表示数的变化 科学家的每次重大发现，都有力地推动了人类文明的进程。 1820年丹麦物理学家 首先发现电流周围存在着磁场，第一个揭示了电和磁之间的联系。 1831年英国物理学家法拉第发现了 现象，奠定了现代电工学的基础 .小郭同学自制了一个用开关来控制电磁铁南北极的巧妙装置，如图，当开关 S 接 （选填 “a”或“b”）点时，电磁铁的 A端是 N 极。 答案：奥斯特 电磁感应 a 试题分析： 奥斯特把通电直导线放在水平方向静止的小磁针上，小磁针发生偏转，说明受到磁力作用，实验表明电 流周围存在磁场英国物理学家法拉第

22、发现了电磁感应现象，奠定了现代电工学的基础 . 从图可知，电磁铁的 A端是 N 极， B端是 S极， 用右手握住电磁铁，大拇指指向 N 极，则四指指向电磁铁线圈中的电流方向， 则电流从电磁铁的 A端流进，从 B端流出， 由此可知， A端应接电源的正极， B端接电源的负极， 所以，当开关 S接 a点 考点：安培定则、电磁感应 点评： 在 1820年，丹麦物理学家奥斯特发现了电流周围存在着磁场 知道电磁铁的 A端是 N 极，根据安培定则判定出线圈中的电流方向，由此可判断出线圈中电流的方向，从而可以判断出电 压的正负极，最后便可以判断出开关 S接哪一个点 提示：在（ 1）、（ 2）两小题中选做一题，

23、若两题全做，只按（ 1）小题计分。 （ 1）如图所示架子车拉泥土下坡时，一般会将车把抬高，使车尾部的橡胶圈着地，以 摩擦力倾倒泥土时，将车把抬起，此时架子车相当于一个 杠杆 （ 2）如图所示，一位母亲推着婴儿车行走，当前轮遇到障碍物时，母亲向下按扶把，若把婴儿车视为杠杆，这时杠杆的支点是 ；当后轮遇到障碍物时，母亲向上抬起扶把，这时婴儿车可视为 杠杆（填 “省力 ”或 “费力 ”）。 答案：（ 1） 增大 省力 （ 2） 后轮 省力 试题分析：（ 1）车尾部的橡胶圈使接触面变粗糙，增大摩擦力。将车把抬起，车轴相当于支点，动力臂长，阻力臂短，是省力杠杆。 （ 2）当前轮遇到障碍物时向下按扶把时，

24、婴儿车绕后轮转动，所以后轮是支点；当后轮遇到障碍物时向上抬起扶把，婴儿车绕前轮转动，所以前轮是支点，这时动力臂大于阻力臂是省力杠杆； 考点：摩擦力、杠杆 点评：（ 2）杠杆绕着转动的固定点叫支点；判断婴儿车属于哪种类型的杠杆，只要知道动力臂和阻力臂的大小关系即可 小明将手机悬挂在密闭的玻璃瓶中，用抽气机抽去瓶中的空气，打电话呼叫瓶内的手机。手机 （能 /不能）收到呼叫信号，这说明 ；你 （能 /不能）听到瓶内手机的声音，这说明 。 答案：能；电磁波可以在真空中传播；不能；真空不能传声 试题分析：（ 1）用抽气机抽去瓶中的空气后，打电话呼叫瓶内的手机，手机能收到呼叫信号，是因为移动电话是通过电磁

25、波来传递信号的，电磁波可以在真空中传播； （ 2）瓶内手机发出的声音在瓶外不能听到，说明真空不能传播声音 考点：声音的传播、电磁波的传播速度 点评：（ 1）声音的传播需要介质，真 空不能传播声音 （ 2）电磁波的传播不需要介质，电磁波可以在真空中传播 2012年 11月 25日随着我舰载战斗机飞行员驾驶战机在航母 “辽宁舰 ”上着舰起飞，我国第一代舰载战斗机歼 -15拨开神秘的面纱，如图所示，当航母在平静的水面航行时，它所 受的浮力 它的总重力（选填 “大于 ”、 “等于 ”或 “小于 ”）；当航空母舰上舰载飞机起飞后，它排开水的体积 （选填 “增大 ”、 “减小 ”或 “不变 ”）；此时航母

26、在平静的水面航行时，它所受的浮力 （选填 “增大 ”、 “减小 ”或“不变 ”）。 答案：等于 减少 减小 试题分析：（ 1）因为航母 漂浮，所以它受到的浮力等于总重力； （ 8）战机从航母上起飞后，航母的总重力减小，根据漂浮物体的重力等于自身重力，所以浮力将减小，由阿基米德原理可知排开水的体积会减小浮力减小。 考点：阿基米德原理 点评：（ 1）知道航母在平静的水面上航行（漂浮），利用漂浮条件确定浮力与总重力的关系； （ 2）战机在起飞前是停在航母上的，应将其与航母看成一个整体，再根据漂浮的条件，可判断战机起飞前后浮力的变化情况 计算题 小明家新买了一辆小汽车，如图所示，小明坐着这辆汽车匀速行

27、驶 144km，用时 2h，。请根据下表提供的信息，运 用所学的知识解答下列问题。（ g取10N/kg） 汽车质量 /kg 1500 静止时一个轮胎与地接触面积 /cm2 150 发动机功率 /kW 23 （ 1）汽车（空载）静止时对水平地面的压力和压强各多大？ （ 2）汽车匀速行驶时所受的牵引力是多大？ （ 3）观察小汽车的外型，判断小汽车在水平路面高速行驶和静止时，对地面压力哪一个大？为什么？ 答案：（ 1） 1.5104N 2.5105pa （ 2） 1.15103N （ 3）行驶时对地面压力小，因为汽车行驶时车顶的空气流速大，气体压强小。 试题分析：（ 1）小汽车对地面的压力为 F=m

28、g=1500Kg10N/kg=1.5104N 小汽车对地面的压强为 （ 2）小汽车的速度为 72Km/h=20m/s 由 P=FV得小汽车匀速行驶时所受的牵引力为 （ 3）行驶时对地面压力小，因为汽车行驶时车顶的空气流速大，气体压强小。 考点：压强、功率、流体压强与流速的关系 点评：本题考查了压强、功率、流体压强与流速的关系，解答时应注意图表信息的读取，单位的变换。 如图所示为某兴趣小组为学校办公楼空调夏季降温设计的自动控制装置， R是热敏电阻，其阻值随温度变化关系如 下表所示。已知继电器的线圈电阻，左边电源电压为 6V恒定不变。当继电器线圈中的电流大于或等于15mA时，继电器的衔铁被吸合，右

29、边的空调电路正常工作。 温度 t/ 0 5 10 15 20 25 30 35 40 电阻 R/ 600 550 500 450 420 390 360 330 300 （ 1）请说明该自动控制装置的工作原理。 （ 2）计算说明该空调的启动温度是多少？ （ 3）为了节省电能，将空调启动温度设定为 30 ，控制电路中需要串联多大的电阻？ （ 4）改变控制电路的电阻可以给空调设定不同的启动温度，除此之外，请你再提出一种方便可行的调节方案。 答案： 随室内温度的升高，热敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，当电流达到 15mA时，衔铁被吸合，右侧空调电路电阻增大，电流减小，空调开始工作。当温度下降时

30、，控制电路电阻增大，电流减小，减小到一定值，使空调电路断开，这样就实现了自动控制。 （ 2）该空调的启动温度是 25 （ 3）将空调启动温度设定为 30 时，控制电路中需要再串联 30的电阻 （ 4）本装置通过调节电阻来改变设定温度，我们也可以考虑通过改变电源电压，实现对其调节的作用 试题分析：（ 1）答：随室内温度的升高，热敏电阻的阻值减小，控制电路中电流增大，当电流达到 15mA时，衔铁被吸合，右侧空调电路连通，空调开始工作当温度下降时，控制电路电阻增大，电流减小，减小到一定值，使空调电路断开，这样就实现了自动控制 （ 2）电路启动时的总电阻： 此时热敏电阻的阻值： R 热 =R 总 -R

31、0=400-10=390， 对照表格数据可知，此时的启动温度是 25 答：该空调的启动温度是 25 （ 3）因为电路启动时的总电阻为 400， 由表中数据可知，空调启动温度设定为 30 时，热敏电阻的阻值为 360， 则电路中还应串联的电阻： R=R热 =R 总 -R 热 -R0=400-360-10=30 答：将空调启动温度设定为 30 时，控制电路中需要再串联 30的电阻 （ 4）因为本装置启动的电流是一定的，因此，既可通过改变电阻来改变电流，可以通过将左边电源改为可调压电源来实现对其控制 答：可以将左边电源改为可调压电源 考点：欧姆定律 点评：（ 1）由题意可知，这一自动控制装置的基本结

32、构是一个电磁继电器，根据电磁继电器的基本工作原理，结合在此处的运用可描述其原理； （ 2）根据左边电源电压为 6V，继电器线圈中的电流大于或等于 15mA时，继电器启动，可计算出此时，继电器的总电阻，再减去线圈电阻，可得到热敏电阻的阻值，最后从表中找出对应温度； （ 3）当温度设定为 30 时，从表中找出对应的电阻值，用同样的方法求出总电阻，减去表中对应的阻值，即可得出应串联的电阻大小； （ 4）本装置通过调节电阻来改变设定温度，我们也可以考虑通过改变电源电压，实现对其调节的作用 作图题 （ 1）请在图中画出入射光线经过透镜折射后的光线。 （ 2）如图所示，用滑轮组提升重物。请在图中画出最省力的绕线方 法。 答案： 试题分析：；（ 1）平行于主光轴的光线经凸透镜折射后将过焦点；过焦点的光线经凸透镜折射后，平行于主光轴，如上图 （ 2）一个定滑轮和一个动滑轮组成的滑轮组有两种中绕线方法，一种 2 段绳子，一种 3段绳子，本题要求画出最省力的绕线方法，所以应画 3段绳子，如上图 考点：凸透镜、滑轮组作图 点评：（ 1）解决本题的关键是熟知凸透镜和凹透镜特殊光线的作图以及光的折射定律