2013届江苏常州西藏民族中学初三（1组）上学期期中物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2013届江苏常州西藏民族中学初三（ 1组）上学期期中物理试卷与答案（带解析） 选择题 如图所示的常用工具中，属于费力杠杆的是（ ）答案： B 试题分析：判断杠杆的类型可结合生活经验和动力臂与阻力臂的大小关系来判断生活中我们使用羊角锤、开瓶起子、钳子都是为了省力，并且它们在使用过程中都是动力臂大于阻力臂，所以它们属于省力杠杆，不符合题意； 镊子在使用时动力臂小于阻力臂，所以它是费力杠杆，费了力但省距离，符合题意 故选 B 考点：本题考查杠杆的分类 点评：本题的解题关键是通过观察实物，体会支点的位置，从而进一步判断出动力臂与阻力臂的长度关系 在一个装满水的容器中，投入一个质量为 20 g的物体，

2、从容器中溢出 15 g的水，则该物体在水中的浮沉情况和水对容器底部的压强是 ( ) A下沉，压强不变 B上浮，压强不变 C漂浮，压强减小 D悬浮，压强增大 答案： A 试题分析：由阿基米德原理可知浮力，由物体的浮沉条件可知物体的状态；根据液面的变化和压强公式可求得压强的变化物体所受浮力等于溢出水的重量，即 F=m排 g=15g10N/Kg=0.15N 物体的重力 G=mg=20g10N/Kg=0.2N 因 G F，故物体会下沉； 开始时水是满的，放入物体后水仍为满的，故由 P=gh得，压强保持不变 故选 A 考点：本题考查物体的浮沉条件及其应用、液体的压强的计算、阿基米德原理 点评：解决本题的

3、关键是掌握物体浮沉条件，属简单题目 一位跳水运动员从他刚接触水面到逐渐浸入水面以下的过程中，所受到的浮力 F浮和水对他的压强 p随深度 h变化关系的图像如图所示，其中正确的是 ( ) 答案： A 试题分析：当跳水运动员刚接触水面到全浸入，排开水的体积逐渐增大；全浸入以后，排开水的体积不再发生变化，由阿基米德原理 F 浮 =水 V 排 g可得所受浮力与深度的关系； 当跳水运动员刚接触水面到逐渐浸入水面以下的过程中，所处深度 h 逐渐增大，由液体压强公式可得水对他的压强 p与深度的关系当跳水运动员刚接触水面到逐渐浸入水面以下的过程中，所处深度 h增大， F 浮 =水 V 排 g， V 排 先变大后

4、不变，水的密度不变， 所受浮力先变大后不变，所以 A正确、 B错； p=gh，水的密度不变， 水对他的压强逐渐增大，所以 C和 D都错 故选 A 考点：本题考查液体的压强的计算、阿基米德原理 点评：解决本题的关键对液体压强公式和阿基米德原理的掌握和利用，涉及到从图象搜集信息，特别是区分全浸入再下降时所受浮力和压强的变化情况 甲吊车比乙吊车的机械效率高，当它们分别把相同质量的物体匀速提升相同高度时， 则（ ） A甲吊车的电动机做的有用功较多 B乙吊车的电动机做的额外功较多 C甲吊车的电动机做的总功较多 D甲、乙两吊车的电动机做的总功相同 答案： B 试题分析：甲吊车的机械效率比乙吊车的机械效率高

5、，说明甲吊车所做的有用功在总功 中占的比值比乙吊车大；把相同质量的物体提高相同的高度，根据公式 W有用 =Gh=mgh可知：两辆吊车所做的有用功相同；机械效率不同，是因为做的额外功不同，导致总功不同解： A、分析知甲乙吊车做的有用功相同此选项错误，不符合题意； B、两辆吊车做的有用功相同，乙吊车做的额外功较多，所以乙的效率较低此选项正确，符合题意； C、已知甲吊车的机械效率高，有用功相同，如果甲吊车的总功较多就与效率高矛盾此选项错误，不符合题意； D、两吊车做的有用功相同，如果总功也相同，则机械效率相同此选项错误，不符合题意 故选 B 考点：本题考查机械效率的大小比较、功的计算 点评：解决本题

6、的关键是对机械效率公式和对有用功的理解效率大小要根据计算公式 判断 人骑自行车下坡时速度越来越快，下列关于这一过程的说法正确的是（ ） A人与车的动能增大，重力势能增大 B人与车的动能增大，重力势能减少 C人与车的动能减少，重力势能增大 D人与车的动能不变，重力势能不变 答案： B 试题分析：判断人与车动能和重力势能大小的变化，从动能和重力势能大小的影响因素考虑 （ 1）动能大小的影响因素：质量、速度质量越大，速度越大，动能越大 （ 2）重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度质量越大，高度越高，重力势能越大人骑自行车下坡时，质量不变，速度越来越快，动能增大，高度减小，重力势能减小 故选 B

7、考点：本题考查动能和势能的大小变化 点评：掌握动能、重力势能、弹性势能的影响因素，利用变量法，判断动能、重力势能、弹性势能、机械能的变化 下列关于功、内能和热量的描述中正确的是（ ） A物体的温度不变，内能一定不变 B做功和热传递都能改变物体的内能 C温度高的物体含有的热量比温度低的物体多 D热量总是从内能大的物体向内能小的物体传递 答案： B 试题分析：改变物体内能的两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的内能是指物体内部所有分子的分子动能和分子势能的和；物体的内能发生变化，可能表现在物体的温度变化，也可能是状态的变化一切物体都具有内能，内能的大小跟质量、温度、状态有关热传递的

8、条件和热传递的特点 A、内能的多少与物体的质量、温度、状态有关，温度不是决定物体内能大小的唯一因素，应考虑其它因素故 A不符合题意 B、改变物体内能的 两种方式：做功和热传递，改变物体内能的两种方法是等效的；故 B符合题意 C、温度高的物体，含有的热量一定多；错误，热量不是状态量，不能说含有或者具有热量；故 C不符合题意 D、传递的条件是：有温度差；热传递的特点是：高温物体放出热量，低温物体吸收热量，热量从高温物体传给低温物体，但内能小的物体温度可能比内能大的物体温度高，因此热量也可能由内能小的物体传给内能大的物体故 D不符合题意 故选 B 考点：本题考查温度、热量与内能的关系 点评：要正确理

9、解温度、热量与内能的关系，改变物体内能的两种方法是等效的，以及 热传递的条件和热传递的特点 解决问题的诀窍是：物体吸热或温度升高，内能一定增大；但物体吸收了热量，不一定是用来升高温度 很多动物是 “物理应用高手 ”，它们为了适应生存的环境，进化出了符合一定物理规律的身体部位 .下列从物理学的角度给出的认识中正确的是（ ） A骆驼的脚掌很大，可减小压强 B泥鳅的体表有层黏液，可增大摩擦 C啄木鸟有坚硬的嘴，可减小压强 D蚯蚓腹部有许多刚毛，可减小摩擦 答案： A 试题分析：利用增大或减小压强的方法可对选项 A、 C进行判断； 利用增大或减小摩擦的方法可对选项 B、 D进行判断 A、骆驼的脚掌很大

10、，是在压力一定的情况，通过增大受力面积来减小压强故本选项正确； B、泥鳅的体表有层黏液，使其表面光滑，可减小摩擦，故本选项错误； C、啄木鸟有坚硬的嘴，减小了受力面积，可增大压强，故本选项错误； D、蚯蚓腹部有许多刚毛，增加了接触面的粗糙程度，可增大摩擦，故本选项错误 故选 A 考点：本题考查减小压强的方法及其应用、增大或减小摩擦的方法、增大压强的方法及其应用 点评：此题考查的是基础知识，难度不大，但涉及到的知识点较多，综合性较强，要求学生具有扎实的基本功 一个人先后用同样 大小的力 F将不同质量的物体分别在光滑水平面、粗糙水平面和粗糙斜面上沿力的方向移动相同的距离 S（如图所，该力在这三个过

11、程中所做功分别为 W1、 W2、 W3，关于它们之间的大小关系说法正确的是 ( ) A W1W2W3 B W1W2=W3 C W1=W2W3 D W1=W2=W3 答案： D 试题分析：已知在光滑的水平面、粗糙的水平面、斜面上的拉力和在拉力方向上移动距离都相等，根据功的公式 W=Fs分析判断，所以力 F做的功W1=W2=W3=FS 故选 D 考点：本题考查功的计算、功的大小比较 点评：解决本题的关键是排除外界因素干扰确定做功的两个必要因素都相等 关于功率的下列说法中，正确的是 （ ） A功率越大，做功越多 B功率越大，做功越快 C功率越大，越省力 D功率越大，机械效率越大 答案： B 试题分析

12、： A、由公式 W=Pt知做功多少取决于功率与做功时间的乘积，功率大，但如果时间极短，做功较少，故 A错误 B、功率是描述物体做功快慢的物理量，功率越大做功越快，故 B正确 C功率是描述物体做功快慢的物理量，功率越大做功越快，与是否省力无关； D由于机械效率是有用功与总功的比值机械效率高，功率不一定大，反之，功率大的，机械效率不一定高。 考点：本题考查功率的概念 点评：本题考查了功、功率、机械效率的关系功率由功和时间共同决定，机械效率由有用功和总功共同决定 下列现象中不能说明分子在不停地做无规则运动的是 ( ) A点燃蚊香时产生的烟雾缭绕 B糖放进水里，一会儿水就变甜了 C酒精瓶盖打开可以嗅到

13、酒精气味 D堆煤的墙角时间久了会变黑 答案： A 试题分析：一切物质的分子都在永不停息地做无规则运动分子是比较小，是纳米尺度内的，我们用肉眼是看不到的；我们能够看到的不是分子，是固体的小颗粒 A烟雾在空中飞舞，是固体小颗粒的运动，不是分子的运动，分子是看不见的，符合题意 B往水里放些糖，糖分子不停地无规则运动扩散到水中，所以水会变甜此选项不合题意 C闻到酒精的气味是因为酒精分子不停地在无规则运动，扩散到了空气中的结果此选项不合题意 D堆煤的墙角时间久了会变黑，是煤分子运动到墙里面的结果，不符合题意 . 考点：本题考查扩散现象、 点评：此题考查分子和固体小 颗粒的区别，我们需要注意的是分子是看不

14、见的 如图所示的过程中，人对物体做功的是 ( ) 答案： B 试题分析： A、足球被踢出后，不再受人的作用，故人对球不做功， A错 B、运动员在举起杠铃的过程中，人给杠铃向上的力，同时使杠铃向上运动，产生了距离，故符合做功的条件，人做功， B对 C、人给车施加了力，但是车没动，故没有距离，不符合做功的条件，故不做功， C错 D、学生给书包的力是竖直向上的，而书包的运动是沿水平方向的，故在力的方向上没有距离，不符合做功的条件，不做功， D错故选 B 考点：本题考查力是否做功的判断 点评：解答本题需掌握做功的两个条件：（ 1）有力作用在物体上；（ 2）在力的方向上物体产生了距离 下列实例中，通过热

15、传递改变物体内能的是 ( ) A钻木取火 B用热水给袋装牛奶加热 C用 “搓手 ”的方法取暖 D用锤子敲打铁丝，铁丝发热 答案： B 试题分析：根据以下知识，逐一分析各选项所述物理情景，作出选择； （ 1）改变物体内能的方式有两种：做功与热传递，这两种方式在改变物体内能的效果上是等效的； （ 2）热传递是能量的转移过程，热传递实质是内能从一个物体转移到另一个物体， 或者是从物体的高温部分转移到低温部分，在此过程中能量的形式不发生变化； （ 3）做功的实质是能量的转化过程，在做功过程中能量的形式发生变化 A、钻木取火，通过克服摩擦力做功，把机械能转化为内能，是通过做功的方式改变物体内能的； B、

16、用热水给袋装牛奶加热，热量从温度高的热水传到温度低的牛奶，是通过热传递的方式改变内能的； C、用 “搓手 ”的方法取暖，搓手时，双手相互摩擦，克服摩擦力做功，机械能转化成内能，从而使手发热， 这是通过做功的方式改变内能； D、用铁锤敲打铁丝的过程中，铁锤的机械能转化为铁丝的内能，使铁 丝温度升高，这是通过做功的方式改变内能； 故选 B 考点：本题考查热传递改变物体内能 点评：解决本题的关键是熟知改变物体内能的两种方式，即做功和热传递；判断哪种方式改变了物体的内能，关键是看是能量的转化还是能量的转移，发生能量转化的是做功的方式，发生能量转移的是热传递的方式 实验题 如图所示是探究物体动能大小与物

17、体的质量、速度关系的示意图。 （ 1）在探究动能与速度的关系时，要保持小球的 _不变，让小球从_（选填 “相同 ”或 “不同 ”）的高度滚下，以不同的速度推动木块移动。 （ 2）在探究动能与物体质量的关系时，要保持 _相同，就是让质量不同的小球从 _滚下。 （ 3）物理研究方法有许多，本实验运用了两种研究方法：一是 _法；二是转换法。就本题来说：用 _来表示小球动能大小的方法就是转换法。 答案：（ 1）质量，不同 （ 2）速度，同一高度（ 3）控制变量，木块移动距离 试题分析：验过程要采用控制变量法，当研究动能大小与质量的关系时，要让钢球沿斜面的同一高度下落，这样保证下落速度相同；当研究动能大

18、 小与速度的关系时，应选择同一钢球，这样可以保证小球的质量相同：（ 1）探究动能与速度大小的关系，要求两球的质量相同，高度不同，所以到达底端的速度不同；高度越高的小球运动到底端时速度越大，把纸盒撞击的更远，因此说明其动能越大；由此可以得出的结论是：物体质量一定时，运动速度越大，动能越大； （ 2）探究动能与质量大小的关系，要求两球的高度相同，这样到达底端的速度相同，但它们的质量不同；质量越大的小球把平面上的纸盒撞击的更远，说明小球的动能越大，由此可以得出的结论是：在运动速度一定时，物体质量越大，动能越大； （ 3）实验过程中分别控制质量和速度不变的研究问题方法是利用的控制变量法；把小球的动能大

19、小转化为撞击纸盒距离的长短，这样研究问题的方法叫转换法； 考点：本题考查探究影响物体动能大小的因素 点评：解决此类问题要会利用控制变量法和转换法，探究影响动能的大小因素 某小组的同学做 “比较不同物质的吸热能力 ”的实验，他们使用了如图所示的装置。 （ 1）在设计实验方案时，需要确定以下控制的变量，你认为其中多余的是 。 A采用完全相同的加热方式 B酒精灯里所加酒精量相同 C取相同质量的水和另一种液体 D盛放水和另一种液体的容器相同 （ 2）加热到一定时刻，水开始沸腾，此时的温度如图丙所示，则水的沸点是 ，这表明实验时的大气压强 （选填 “大于 ”、 “小于 ”或 “等于 ”）一个标准大气压。

20、 （ 3）而另一种液体相应时刻并没有沸腾，但是温度计的示数比水温要高的多。请你就此现象进行分析，本实验的初步结论为：不同物质的吸热能力 （选填“相同 ”或 “不同 ”）。 答案：（ 1） B （ 2） 97， 小于（ 3）不同 试题分析：实验时要采取控制变量法保证水和另一液体的质量和初温相同需要采用完全相同的加热方式、盛放水和另一种液体的容器 相同、用温度计来测量水和沙子的温度故酒精灯里所加酒精量相同，这个是没必要的。温度计的读数：首先确定零上还是零下，确定每一个大格和每一个小格各代表的示数，所以温度计的示数是 97 ；水在标准大气压下的沸点 100 ，此时水的沸点是98 ，所以此时液面上的气

21、压小于一个标准大气压而另一种液体相应时刻并没有沸腾，但是温度计的示数比水温要高的多。请你就此现象进行分析，本实验的初步结论为：不同物质的吸热能力不同。 考点：本题考查比热容的概念、控制变量法与探究性实验方案 点评：本题是一道实验题，本实验应用了控制变量法，理 解并会应用控制变量法是正确解题的关键，要掌握温度计的读数方法 罗珍和丹珍用图甲所示的杠杆一起探究杠杆的平衡条件： （ 1）实验前，应使甲图中的杠杆在 _位置平衡，可以杠杆左端的平衡螺母向 _调，或将右端的平衡螺母向 _调；调平衡后，丹珍在乙图所示位置处挂上 3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端的 _点挂上 2个钩码。 （ 2）如

22、乙图，用弹簧测力计在 M位置和 N位置用力使杠杆在水平位置处于平衡，弹簧测力计的示数将会变 _，这是因为_。 答案：（ 1）水平 ，左， 左， B（ 2）大，力臂变小 试题分析：杠杆处于静止状态和匀速转动状态都称为杠杆平衡 为了使杠杆在水平位置平衡，平衡螺母向上翘的一端移动（ 1）杠杆停在如图甲所示的位置，保持静止状态，杠杆处于平衡状态 要使杠杆在水平位置处于平衡状态，平衡螺母向上翘的左端移动调平衡后，丹珍在乙图所示位置处挂上 3个钩码，要使杠杆在水平位置平衡，应在杠杆右端的左点挂上 2个钩码。 （ 2）弹簧测力计在 M位置时，力臂是红色的线 段；弹簧测力计在 N位置时，力臂是绿色的线段根据动

23、力 动力臂 =阻力 阻力臂，阻力和阻力臂都不变，动力臂变短，动力变大，故弹簧测力计示数变大 考点：本题考查探究杠杆的平衡条件实验 点评：对于杠杆的平衡，学生容易认为杠杆在平衡位置静止是平衡状态，在其它位置静止和匀速转动容易被忽视 对于杠杆平衡的问题，正确运用杠杆平衡条件是关键 旺珍和次珍在 “测定滑轮组机械效率 ”的实验中，使用了如图所示的实验装置，他们分别记下了弹簧测力计和钩码的位置 . （ 1）旺珍 拉动弹簧测力计 ,使钩码匀速升高 ,并由 弹簧测力计读 出拉力为 0.5N;同时次珍用刻度尺测出钩码提升的高度为 0.2m,以上测量准确无误 ,其他被测物理量和计算的数据如下表： （ 2）旺珍

24、和次珍测得滑轮组的机械效率为 100,他们意识到出了错误 .请你帮助找出原因 . （ 3）该滑轮组的机械效率实际为 . （ 4）若提升的钩码重增加到 6N,则该滑轮组的机械效率将 (选填 “变大 ”、 “变小 ”或 “不变 ”) 答案：（ 1）竖直向上（ 2）弹簧测力计提升高度有误 应为 0.6m（ 3） 66.7%（ 4）变大 试题分析：利用二力的平衡，只有匀速拉动弹簧测力计，弹簧测力计的示数才等于拉力的大小 ；滑轮组在使用中，动滑轮被几根绳子承担，拉力移动的距离就是物体和动滑轮移动距离的几倍；根据 W 有 =Gh求出有用功， W 总 =Fs求出总功，利用机械效率公式求出该滑轮组的机械效率；

25、使用滑轮组时，做的额外功不变，增加钩码的重，增大了有用功，因此机械效率会变大：（ 1）根据二力平衡知，只有竖直向上匀速直线拉动弹簧测力计时，拉力才等于弹簧测力计的示数； （ 2）动滑轮被 3根绳子承担，拉力移动的距离就是物体和动滑轮移动距离的 3倍，因此弹簧测力计提升的高度错了，应为 0.6m； （ 3）该滑轮组的机械效率：； （ 4）使用滑轮组时，做的额外功不变，增加钩码的重，增大了有用功，因此机械效率会变大； 考点：本题考查滑轮（组）机械效率的测量实验、二力平衡条件的应用 点评：滑轮组的机械效率与物体重力、摩擦力、机械本身重力有关要提高机械效率，应尽量减小摩擦和机械本身重力的同时，最大限度

26、的增加被吊物体重力 填空题 某次龙卷风发生时，屋外大气压急剧降到 9104 Pa，当时门窗紧闭，可以认为屋内大气压是标准大气压约为 _Pa若室内屋顶的面积为 100 m2，这时屋顶所受到的内外压力差可达 _N，足以将屋顶掀飞 答案： 5， 106 试题分析：由实验可知 1个标准大气压 =1105Pa； 先计算压强差，再根据 F=PS计算压力差屋内气压大于屋外气压，根据公式F=PS 可求压力差龙卷风发生时，屋外空气相对于屋内来说空气的流速很大大，压强较小，室外气压急剧下降 室内气压是标准大气压，即： 1105Pa若室内屋顶的面积是 100m2，这时： 屋顶所受到的内外压强差为： P=P 内 -P

27、 外 =1105Pa-9104Pa=1104Pa， 屋顶受到的压力差 F= PS=1104Pa100m2=1106N，巨大的压力可将屋顶掀飞 考点：本题考查压强、压强的大小及其计算 点评：要求学生牢记 1个标准大气压的数值，本题考查压力的计算以及压强公式的应用，还要知道大气压的存在，我们生活在空气里，有关大气压的现象很多，平时生活中要善于观察，善于积累 用手将重为 6N的物体全部压入水中，物体排开的水重为 10N，此时物体所受浮力为 _N；放手后物体将 _（填 “上浮 ”、 “下沉 ”或 “悬浮 ”），待物体静止时所受浮力为 _N 答案：，上浮 ， 6 试题分析：物体的浮沉情况要根据浮沉条件来

28、进行判断，当浮 力大于重力时，物体上浮，当浮力小于重力时，物体下沉，当浮力等于重力时，物体漂浮或悬浮物体排开的水重就是它的浮力，因此， F 浮 =10N大于重力 6N，放手后物体将上浮上浮使物体被举高，因此，重力势能增大，待物体静止时，会漂浮在水面上，物体的重力等于浮力，为 6N 考点：本题考查物体的浮沉条件及其应用 点评：浮沉条件是我们应该熟知的重要知识，根据它可以判断物体浮沉，也可以在已知浮沉的情况下判断浮力与重力的关系 目前我国研发出一款新型空气动力汽车，它利用压缩空气膨胀推动活塞做功提供动力，这种车在开动时将空气的 能转化为 能。 答案：内，机械能 试题分析：热机就是利用内能来工作的机

29、器；压缩空气做功，内能转化为机械能 考点：本题考查做功改变物体内能、能量转化的现象 点评：解决本题的关键是掌握能量转化的有关问题，在日常生活中一定要养成节能环保的好习惯 学校旗杆的顶部安装有定滑轮，这是为了改变力的 _。自来水钢笔在吸墨水时能够把墨水吸入钢笔内，主要是由于 的作用。在气体和液体中，流速越大的地方压强越 。汽油机在压缩过程中工作物质被压缩，汽缸中的燃料混合物的压强 ，温度 。 答案：方向，大气压强， 大，增大，升高 试题分析：因为升国旗时，当升旗手缓缓向下拉绳子时，国旗就会徐徐上升则需要能改变拉力的方向的滑轮，所以旗杆顶部的安装的是定滑轮；使用时它可以改变力的方向，但不能省力；吸

30、钢笔水时，是借助了大气压的作用，外界大气压大于笔胆内的气压，把墨水压入笔胆内在气体和液体中，流速越大的位置压强越小反过来理解：压强大的位置气体的流速小；压强小的位置气体流速大在汽油机压缩冲程中，汽油和空气的总量不变，活塞上移压缩汽油和空气的混合物，体积减小、压强增大，将机械能转化为内能，使混合物的内能增加、温度升高 考 点：本题考查定滑轮及其工作特点、大气压的综合应用、流体压强与流速的关系、内燃机的四个冲程 点评：此题主要借助钢笔水、旗杆升国旗这些常见现象考查了大气压、定滑轮等知识，与实际联系密切，值得关注； 由流体的流速大小可知流体的压强大小反过来，利用流体压强大小来推断流速的大小这种逆向思

31、维是此题的考查目的 利用杠杆投掷石球，如图所示，作用在 A点的力沿 方向时最小。已知石球重 100N， OA:OB=14，则作用在 A点力的最小值为 N（不计杠杆自重及摩擦）。 答案：， 25 试题分析：此题是求杠杆最小力的问题，已知点 A是动力作用点，因为阻力（ G）和阻力臂（ OB）一定，只需找出最长动力臂即可得出最省力的动力方向，可根据这个思路进行求解（ 1）在 A端施力 F，当 F的方向与杠杆垂直时动力臂最大，此时最省力，即作用在 A点的力沿 b时最小； （ 2）根据杠杆的平衡条件知： FLOA=GLOB，其中： LOA： LOB=1： 4， G=100N， F=4G=4100N=40

32、0N 考点：本题考查杠杆中最小力的问题、杠杆的平衡条件 点评：解决本题的关键是找到在什么方向施加力使动力臂最长 如图所示，物体 A 和 B 所受重力均为 30N（滑轮重、绳重和摩擦均不计），当用力 F 和 F 分别匀速提升 A和 B时，力 F 的大小为 N，力 F 的大小为 N。答案：， 15 试题分析：在不考虑动滑轮重、绳重和摩擦的条件下，使用定滑轮时不省力，即 F=G 物 ，使用动滑轮可以省一半力，即 F= 1/2G 物 因为滑轮组、绳重和摩擦均不计，所以 （ 1）物体 A使用的是定滑轮，不省力，拉力 F1=G=30N （ 2）物体 B使用的是动滑轮，能省一半力，拉力 F2=1/2G=1/

33、230N=15N 考点：本题考查定滑轮及其工作特点、动滑轮及 其工作特点 点评：解决本题的关键是熟练掌握定滑轮和动滑轮工作特点，会结合实例分析力的大小 海边的昼夜温差比沙漠地带要小得多，这主要是因为水的 _比较大的缘故，相同质量的海水和沙石，吸收相同的热量后， _的温度升高得少。 答案：比热容，水 试题分析：水的比热容较大，同样受热或冷却的情况下，吸收或放出相同热量，水的温度变化比沙小因此，在受太阳照射条件相同时，海水比沙滩的温度低 故答案：为：比热容；水 考点：本题考查比热容的概念 点评：要解答本题需掌握：水的比热容大，在吸收和放出相 同热量，温度变化小 一木块的重力为 30N，在 10N的

34、水平拉力作用下， 10s内在水平面上沿拉力方向移动了 2m在此过程中，重力做功 J，拉力做功的功率为 W 答案：， 2 试题分析：做功的两个必要因素：一是作用在物体上的力，二是在力的方向上移动的距离，据此分析重力做功已知水平拉力、木块在拉力的方向上前进的距离，利用 W=FS求拉力做的功；又知道做功用的时间，再利用公式 计算出拉力的做功功率（ 1）木块在水平方向上运动，在重力方向上没有移动距离，重力做功为 0J （ 2）拉力做功： W=Fs=10N2m=20J； 拉力做功功率： 考点：本题考查功的计算、力做功的必要因素、功率的计算 点评：明确三种情况不做功：一是有力无距离（例如：推而未动），二是

35、有距离无力（靠惯性运动），三是力的方向与运动方向垂直 计算题 玉尼学习了有关热学的知识后，知道水的比热容是 4.2103J (kg ) 如果玉尼用燃气灶将质量为 5kg、温度为 20 的水加热到 100 ，则水需要吸收多少热量 若玉尼烧水用的燃气灶使用的是热值为 4.2107J/kg的煤气，且燃气灶烧水时的热效率（热效率等于水吸收的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比 ）为 20，则实际消耗的煤气为多少千克 答案： .68106J， 0.2Kg 试题分析：可直接利用热量计算公式 Q 吸 =cm（ t-t0）求解由于消耗燃气的 20%完全放出的热量等于水吸收的热量，所以根据这个关系和 “热效率等于水

36、吸收的热量与燃料完全燃烧放出的热量之比 ”即可列式求得 （ 1） Q 吸 =c 水 m水 （ t-t0） =4.2103J/（ kg ） 5kg（ 100 -20 ） =1.68106J （ 2） 考点：本题考查热量的计算 点评：解决本题的关键是熟知热量的计算以及热机的效率，也是一道生活中的物理题，有其 实用价值对公式的把握和运用是基础，只要读好题，总体来说本题难度不大 用如图所示滑轮组提升重物人用 50N的拉力 F， 15s内使重为 90N的物体匀速上升了 3m不计绳重和摩擦，求： （ 1）动滑轮的重 （ 2）人拉绳子做功的功率 （ 3）滑轮组的机械效率 （ 4）如果用同一滑轮组只改变绕线方

37、法，提升相同的重物，机械效率 如何变化？。 答案： N ， 20W， 90%，不变 试题分析：由图可知，滑轮组绳子的有效股数为 2，不计绳重和摩擦时，根据的变形式求出动滑轮的重；根据 s=nh求出绳子自由端移动的距离，根据 W=Fs求出人拉绳子做功的功，根据 求出功率；根据 W=Gh求出滑轮组做的有用功，根据 求出滑轮组的机械效率（ 1） 不计绳重和摩擦， G 动 =nF-G 物 =250N-90N=10N； （ 2）人拉绳子做的总功： W 总 =Fs=Fnh=50N23m=300J， 功率： ； （ 3）有用功： W 有 =Gh=90N3m=270J， 滑轮组的机械效率： (4) 改变绕绳方

38、式，对重物被拉升没有影响，即对有用功没影响；对动滑轮的拉升、动滑轮转动时的摩擦也没有影响，即不影响额外功所以改变绕绳方式不影响机械效率 . 考 点：本题考查滑轮组绳子拉力的计算、滑轮（组）的机械效率、功率的计算 点评：利用好 “不计绳重和摩擦， ”是本题的关键 某中学研究性学习小组，驾船至金鸡湖中，他们用细线系住石块，并用弹簧测力计测出其重力为 6.0N然后把石块放入湖水中，弹簧测力计的示数为3.6N当石块触及湖底时，他们在细线上水面处做一标记，并测出石块到标记处的线长为 4.8m (g=10N/kg， p水 =1.0103kg/m3)求： (1)在湖水中石块受到的浮力； (2)湖水对此处湖底

39、的压强； (3)石块的体积 (4)石块的密度。 答案： .4N ， ， ， 2.5*103Kg/m3 试题分析：已知石块重和浸没在水中时弹簧测力计的示数，可以得到石块受到的浮力；石块完全浸没在水中，所以石块的体积也就是排开水的体积，利用公式 可以求出石块的体积；最后，已知石块的质量和体积，利用公式就能得出石块的密度； （ 1）在湖水中石块受到的浮力： =6.0N-3.6N=2.4N (2)湖水对此处湖底的压强： = （ 3）石块的体积：根据阿基米德定律 ，得 （ 4）石块的密度： 考点：本题考查浮力大小的计算、密度的计算、阿基米德原理 点评：此题是一道答案：开放题，利用两个重力值，可以得出固体

40、的质量，体积，密度和浮力考查难度不大，但综合性强 作图题 按照题目要求作图： （ 1）在图中画出滑轮组最省力的绕线方式。 （ 2）在图中请在图中画出用此杠杆提升物体时的最小力的示意图（ O 为支点）。 （ 3）在图中杠杆 OAB处于平衡状态，画出使杠杆平衡的动力的力臂 L1。答案： 试题分析：（ 1）首先要会组装滑轮组知道承担物重的绳子段数越多越省力在此题中，画出滑轮组最省力的绕线方式，所以要从动滑轮绕起（ 2）根据杠杆平衡的条件可知， 杠杆中的阻力、阻力臂一定的情况下，要使所用的动力最小，必须使动力臂最长而在通常情况下，连接杠杆中支点和动力作用点这两点所得到的线段最长，据此可解决此题连接 OC就是最长的动力臂，然后过 C点作垂直于 OC的动力方向向上（ 3）使杠杆转动的力为动力，那么过 A沿绳子向上即可做出动力 F1，然后过支点 O作动力 F1作用线的垂线段，即为动力臂 L1 考点：本题考查滑轮组的设计与组装、力臂的画法 点评：滑轮组的组装有两种方法，从定滑轮绕起或从动滑轮绕起从动滑轮开始绕，承担物重的绳子段数多力臂与力的作用线是垂直关系要熟练掌握有关力臂的画法，首先要掌握力臂的概念，找出支点和力的作用线从而正确地画出力臂