山东省淄博市2019届高三物理3月一模考试试题（含解析）.doc

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1、1山东省淄博市 2019 届高三物理 3 月一模考试试题（含解析）二、选择题(本题包括 8 小题，每小题 6 分，共 48 分。每小题给出的四个选项中，第 14至 17 题只有一项符合题目要求，第 18 至 21 题有多项符合题目要求。全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有错选的得 0 分)1.下列说法正确的是A. 、 、 三种射线中 射线贯穿本领最弱B. 两个轻核结合成质量较大的核，核子的比结合能减小C. 根据玻尔原子理论，氢原子在辐射光子的同时，电子的轨道半径连续地减小D. 放射性元素组成的化合物进行高温分解时，放射性元素的半衰期不变【答案】D【解析】【详解】、 三种射线中 射线

2、贯穿本领最强，选项 A 错误；两个轻核结合成质量较大的核的过程中要释放能量，核子的平均质量减小，所以核子的比结合能增加。故 B错误；根据玻尔原子理论，氢原子在辐射光子的同时，电子的轨道半径也在减小，但电子的轨道不是连续的。故 C 错误；半衰期由原子核本身决定，与外界任何因素都无关。故 D正确；故选 D。2.2018 年 12 月 8 日， “嫦娥四号”月球探测器在我国西昌卫星发射中心发射成功，并实现人类首次月球背面软着陆。 “嫦娥四号”从环月圆轨道上的 P 点实施变轨，进入椭圆轨道，由近月点 Q 落月，如图所示。关于“嫦娥四号” ，下列说法正确的是A. 沿轨道 I 运行至 P 点时，需加速才能

3、进入轨道B. 沿轨道运行的周期大于沿轨道 I 运行的周期C. 沿轨道运行经 P 点时的加速度等于沿轨道 I 运行经 P 点时的加速度D. 沿轨道从 P 点运行到 Q 点的过程中，月球对探测器的万有引力做的功为零2【答案】C【解析】【分析】根据变轨的原理确定在 P 点是加速还是减速；根据开普勒第三定律，结合半长轴的大小与圆轨道半径的大小比较运动的周期；根据牛顿第二定律比较 P、Q 两点的加速度。【详解】沿轨道运动至 P 时，需要制动减速，万有引力大于向心力才做靠近月球运动，才能进入轨道故 A 错误；根据开普勒第三定律 k 可得半长轴 a 越大，运动周期越大，显然轨道的半长轴（半径）大于轨道的半长

4、轴，故沿轨道运动的周期小于沿轨道运动的周期，故 B 错误；根据 G ma 得 a ，沿轨道 II 运行时经 P 点的加速度等于沿轨道 I 运动经 P 点的加速度，故 C 正确；在轨道 II 上从 P 点运行到 Q 点的过程中，速度变大，月球的引力对探测器做正功，故 D 错误；故选 C。【点睛】知道解决天体运动问题的一般方法：万有引力提供向心力；沿轨道 II 运行时经 P点的加速度等于沿轨道 I 运动经 P 点的加速度；根据开普勒第三定律可得半长轴越大，运动周期越大。3.自然界中某个量 D 的变化量D 与发生这个变化所用时间t 的比值 叫做这个量 D 的变化率。下列说法中正确的是A. 若 D 表

5、示某质点运动的路程，则 恒定不变时，该质点一定做匀速直线运动B. 若 D 表示某质点运动的速度，则 恒定不变时，该质点一定做匀变速直线运动C. 若 D 表示某质点的动量，则 越大，该质点所受的合外力越大D. 若 D 表示某质点的动能，则 越大，该质点所受的合外力做功越多【答案】C【解析】【分析】根据变化率的概念结合物理量的物理意义分析各项；【详解】若 D 表示某质点运动的位移，则 表示速度，当 恒定不变时，该质点一定做3匀速直线运动，选项 A 错误；若 D 表示某质点运动的速度，则 表示加速度，当 恒定不变时，该质点一定做匀变速运动，但不一定是匀变速直线运动，选项 B 错误；若 D 表示某质点

6、的动量，根据动量定理可知， 表示合外力，则 越大，该质点所受的合外力越大，选项 C 正确；若 D 表示某质点的动能，则D 越大，动能变化越大，则该质点所受的合外力做功越多，选项 D 错误；故选 C.4.如图所示，a、b 两个小球穿在一根光滑的固定杆上，并且通过一条细绳跨过定滑轮连接。已知 b 球质量为 m，杆与水平面的夹角为 30，不计所有摩擦。当两球静止时，Oa 段绳与杆的夹角也为 30，Ob 段绳沿竖直方向，则 a 球的质量为A. B. C. D. 2m【答案】A【解析】【分析】分别对 a、b 两球分析，运用合成法，用 T 表示出 a、b 两球的重力，同一根绳子上的拉力相等，即绳子对 a、

7、b 两球的拉力是相等的【详解】分别对 a、b 两球分析，运用合成法，如图：4根据共点力平衡条件，得：T=m bg； （根据正弦定理列式） ；故mb：m a=tan300：1，则 ma= m；故 BCD 错误，A 正确；故选 A。5.如图所示，R 是一个光敏电阻，其阻值随光照强度的增加而减小。理想变压器原、副线圈的匝数比为 101，电压表和电流表均为理想交流电表，从某时刻开始在原线圈两端加上交变电压，其瞬时值表达式为 u1=220 sin100t(V)，则A. 电压表的示数为 22 VB. 副线圈中交流电的频率为 50HzC. 在天逐渐变黑的过程中，电流表 A2的示数变小D. 在天逐渐变黑的过程

8、中，理想变压器的输入功率变大【答案】BC【解析】【分析】根据瞬时值表达式可以求得输出电压的有效值、周期和频率等，再根据电压与匝数成正比即可求得结论根据光照的变化明确电阻的变化，从而分析电压和电流的变化规律【详解】原线圈的电压的最大值为 220 V，根据电压之比等于线圈匝数之比可知，副线圈的电压的最大值为 22 V，电压表的示数为电压的有效值，所以示数为 U= V=22V，故 A错误；副线圈中交流电的频率为 ，选项 B 正确；在天变黑的过程中，光照变弱，R 阻值增大；电路的总电阻减大，由于电压是由变压器决定的，输出的电压不变，所以电流变小，电流表 A2的示数变小，故 C 正确；由于变压器的输入和

9、输出的功率是相等的，副线圈的电流减小，电压不变，所以由 P=UI 可知，输出的功率要减小，故输入的功率也要减小，故 D 错误。故选 BC。【点睛】本题考查原理压中的电路的动态变化的分析，与直流电路中的动态分析相同；总的原则就是由部分电路的变化确定总电路的变化的情况，再确定其他的电路的变化的情况，5即先部分后整体再部分的方法6.如图所示，劲度系数为 k 的轻弹簧竖直放置，下端固定在水平地面上。一质量为 m 的小球，从离弹簧上端高 h 处自由下落，接触弹簧后继续向下运动。小球从开始下落到小球第一次运动到最低点的过程中，下列关于小球的速度 、加速度 a 随时间 t 变化的图象中符合实际情况的是A.

10、B. C. D. 【答案】A【解析】试题分析：在小球下落的开始阶段，小球做自由落体运动，加速度为 g；接触弹簧后开始时，重力大于弹力，加速度方向向下，随着小球的不断下降，弹力逐渐变大，故小球做加速度减小的加速运动，某时刻加速度可减小到零，此时速度最大；小球继续下落时，弹力大于重力，加速度方向变为向上，且加速度逐渐变大，直到速度减小到零，到达最低点，由对称知识可知，到达最低点的加速度大于 g，故图线 A 正确。考点：牛顿第二定律；运动图像.7.如图所示，半径为 R 的 圆形区域内存在着垂直纸面向里的匀强磁场，过(2R，0)点垂直 x 轴放置一线型粒子发射装置，能在 02m/s，则物块 B 与物块

11、 A 第一次碰撞前的速度大小为 4m/s；（2）设 B 与 A 碰撞后瞬间的共同速度为 v1 后 ，对 AB 系统由动量守恒定律：分析可知，当弹簧恢复原长时 AB 分离，设 B 第一次离开弹簧时速度为 v1 离 ，对 B 离开弹簧到运动到 h高度处由动能定理： 对 AB 及弹簧系统由第一次解锁位置到第一次恢复原长位置，由能量守恒定律：联立解得： （3）若 B 从 h处下落后再传送带上能够一直减速，则 B 从 h运动到传送带最左端过程中由动能定理：解得 ，故物块 B 与物块 A 第二次碰撞前的速度大小为 ；B 与 A第二次碰撞的过程中，对 AB 系统： 解得 ；B 向右再次冲到传送带上若能在其上

12、速度减为 0，设其通过的位移为 x，由动能定理：解得 故而 B 第三次与 A 相碰时速度仍为 ；再由：14解得 ；推理可知 B 与 A 第 n 次碰撞后速度大小表达式为：根据以上分析可知： ， （n=2，3，4）(二)选考题：共 45 分。请考生从 2 道物理题、2 道化学题、2 道生物题中每科任选一题作答，如果多做，则每科按所做的第一题计分。13.下列关于分子运动和热现象的说法正确的是_A. 气体如果失去了容器的约束就会散开，这是因为气体分子之间存在势能的缘故B. 一定量 100C 的水变成 100C 的水蒸汽，其分子之间的势能增加C. 气体温度越高，气体分子的热运动越剧烈D. 如果气体分子

13、总数不变，当气体分子的平均动能增大时，气体压强必然增大E. 一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和【答案】BCE【解析】【详解】气体如果失去了容器的约束就会散开，是因为分子间距较大，相互的作用力很微弱，而且分子永不停息地做无规则运动，所以气体分子可以自由扩散。故 A 错误。一定量100的水变成 100的水蒸气，分子动能之和不变，由于吸热，内能增大，则其分子之间的势能增大。故 B 正确。气体温度越高，气体分子的热运动越剧烈，选项 C 正确；如果气体分子总数不变，当气体分子的平均动能增大时，温度升高，若同时体积增大，根据理想状态的状态方程可知，其压强不一定增大。故 D 错误。

14、一定量气体的内能等于其所有分子热运动动能和分子之间势能的总和，选项 E 正确；故选 BCE.14.如图所示，横截面积为 S、高度为 h 内壁光滑的圆柱形导热汽缸顶部有一厚度可忽略的活塞，活塞所受重力大小为 0.1P0S：汽缸内密封有温度为 3T0、压强为 2.2P0的理想气体。P0和 T0分别为大气的压强和温度。已知气体内能 U 与温度 T 的关系为 U=aT，a 为正的常量，汽缸内气体的所有变化过程都是缓慢进行的。求：(1)当活塞刚要向下运动时，汽缸内气体的温度；(2)在活塞下降的整个过程中，汽缸内气体放出的热量。15【答案】 （1） ；（2）气体放出的热量为【解析】【分析】（1）活塞恰开始

15、缓慢下移时，由查理定律列式可求解气体的温度；（2）根据理想气体的状态变化方程求解气体体积的变化，根据 W=PV 求解外界对气体做功；根据热力学第一定律求解放出的热量.【详解】 （1）设活塞开始缓慢下移时气体压强为 P2，则：P 0S+0.1 P0S= P2S；设活塞恰开始缓慢下移时温度为 T2，由查理定理可知： ，解得 （2）对封闭气体由理想气体状态变化方程：活塞下降过程中活塞对气体做功： 这一过程中气体的内能变化： 解得： 即气体放出热量：15.如图所示，图甲为一列简谐横波在某一时刻的波形图，图乙为介质中 x=2m 处的质点 P以此时刻为计时起点的振动图象，质点 Q 的平衡位置位于 x=3.

16、5m。下列说法正确的是_16A. 在 0.3s 时间内，质点 P 向右移动了 3mB. 这列波的传播速度是 20m/sC. 这列波沿 x 轴正方向传播D. t=0.ls 时，质点 P 的加速度大于质点 Q 的加速度E. t=0.45s 时，x=3.5m 处的质点 Q 到达波谷位置【答案】CDE【解析】根据波的传播特点可知，A 错误由乙图可知， t0 时刻质点的速度向上，结合图甲在该时刻的波形可知，波沿 x 轴正方向传播，C 正确波速 v m/s10 m/s，B 错误当t0.1 s T 时，质点 P 应处于最大位移处，加速度最大，而质点 Q 应在平衡位置的下方，且位移不是最大，故其加速度应小于质

17、点 P 的加速度，D 正确 t0.45 s 时，波形平移的距离 x vt4.5 m 0.5 m，即 t0 时刻， x3 m 处的质点振动形式传播到 Q 点，Q 点处于波谷位置，E 正确16.某种透明材料制成的空心球体外径是内径的 2 倍，其过球心的某截面(纸面内)如图所示。一束单色光(纸面内)从外球面上 A 点入射，入射角为 45时，光束经折射后恰好与内球面相切。(1)求该透明材料的折射率；(2)欲使光束从 A 点入射后，恰好在内球面上发生全反射，则应将入射角变为多少度?【答案】 （i） （ii）30【解析】17（i）如答图，设光束经折射后到达内球面上 B 点在 A 点，由题意知，入射角 i45，折射角 rBAO由几何关系有：sinr 0.5由折射定律有：n代入数据解得：n（ii）如答图，设在 A 点的入射角为 i时，光束经折射后到达内球面上 C 点，并在 C 点恰发生全反射，则光束在内球面上的入射角ACD 恰等于临界角 C由 sinC代入数据得：ACDC45由正弦定理有AO2R，COR解得：sinCAO由折射定律有：n解得：sini0.5，即此时的入射角 i3018