2020版高考物理一轮复习全程训练计划课练43（含解析）.doc

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1、1课练 43一、选择题1人从高处跳下，为更好地保护身体，双脚触地，膝盖弯曲让身体重心继续下降着地过程这样做，可以减小( )A人动量变化的时间 B人受到的冲量C人的动量变化量 D人的动量变化率答案： D解析：膝盖弯曲的过程叫缓冲，不能改变动量变化量和冲量，但是延长了作用时间，可以减小动量变化率，即减小作用力，答案选 D.2.如图所示，在光滑的水平面上放有一物体 M，物体 M 上有一光滑的半圆弧轨道，轨道半径为 R，最低点为 C，两端 A、B 等高，现让小滑块 m 从 A 点由静止开始下滑，在此后的过程中( )AM 和 m 组成的系统机械能守恒，动量守恒BM 和 m 组成的系统机械能守恒，动量不守

2、恒Cm 从 A 到 C 的过程中 M 向左运动，m 从 C 到 B 的过程中 M 向右运动Dm 从 A 到 B 的过程中，M 运动的位移为mRM m答案： B解析：M 和 m 组成的系统机械能守恒，总动量不守恒，但水平方向动量守恒， A 错误、B 正确；m 从 A 到 C 过程中，M 向左加速运动，当 m 到达 C 处时，M 向左速度最大，m 从 C到 B 过程中，M 向左减速运动， C 错误；在 m 从 A 到 B 过程中，有 MxMmx m，x Mx m2R，得 xM2mR/(mM)， D 错误32019河北唐山模拟(多选)在研究某金属的光电效应现象时，发现当入射光的频率为 时，其遏止电压

3、为 U.已知普朗克常量为 h，电子的电荷量为 e，下列说法正确的是( )A该金属的截止频率为 eUhB该金属的逸出功为 eUhC增大入射光的频率，该金属的截止频率增大D增大入射光的频率，遏止电压增大2答案： AD解析：设该金属的截止频率为 0，则有 hh 0eU， 0 ，故 A 正确；该eUh金属的逸出功 W0h 0heU，故 B 错误；该金属的截止频率只与材料本身有关，与入射光的频率没有关系，故 C 错误；根据 hh 0eU 可知，增大入射光的频率，遏止电压增大，故 D 正确42019贵阳清华中学月考电子的发现是人类对物质结构认识上的一次飞跃，开创了探索物质微观结构的新时代下列关于电子的说法

4、正确的是( )A 射线是高速电子流，它的穿透能力比 射线和 射线都弱B 衰变时原子核会释放电子，说明电子也是原子核的组成部分C电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有粒子性D汤姆孙发现不同物质发出的阴极射线的粒子比荷相同，这种粒子即电子答案： D解析： 射线是高速电子流，它的穿透能力比 射线强，比 射线弱，选项 A 错误； 衰变时原子核会释放电子，这是原子核内的中子转化为质子时放出的，不能说明电子也是原子核的组成部分，选项 B 错误；电子穿过晶体时会产生衍射图样，这证明了电子具有波动性，选项 C 错误；汤姆孙发现不同物质发出的阴极射线的粒子比荷相同，这种粒子即电子，选项 D 正确5.20

5、19云南临沧一中检测图中画出了氢原子的 4 个能级，并注明了相应的能量 E.处在 n4 的能级的 1 200 个氢原子向低能级跃迁时，能够发出若干种不同频率的光子若这些受激氢原子最后都回到基态，假定处在量子数为 n 的激发态的氢原子跃迁到各较低能级的原子数都是处在该激发态能级上的原子总数的 ，已知金属钾的逸出功为 2.22 eV.则1n 1在此过程中发出的光子，能够从金属钾的表面打出光电子的光子数为( )A2 200 B2 000C1 600 D2 400答案： C解析：根据题中所给信息，处在量子数为 4 的激发态的氢原子跃迁到各较低能级的原3子数都是处在该激发态能级上的原子总数的 ，即向量子

6、数为 2、3 的激发态和基态各跃迁131 200 400(个)，发出光子 40031 200(个)；同理，处在量子数为 3 的激发态的13400(个)氢原子跃迁到量子数为 2 的激发态和基态的原子数都是 400 200(个)，发出光12子 2002400(个)；处在量子数为 2 的激发态的氢原子跃迁到基态的原子数是400200600(个)，发出光子 600 个处在 n4 的能级的一群氢原子向低能级跃迁时能发出不同光电子的数目为 C 6 种，n4 能级跃迁到 n3 能级辐射的光子能量为 0.66 24eV，n3 能级跃迁到 n2 能级辐射的光子能量为 1.89 eV，均小于 2.22 eV，不能

7、使金属钾发生光电效应，其他四种光子能量都大于 2.22 eV.所以在此过程中能够从金属钾的表面打出光电子的光子数为 1 2004006004002001 600(个)故 C 正确62019安徽滁州模拟2017 年，量子通信卫星“墨子号”首席科学家潘建伟获得“物质科学奖” 对于有关粒子的研究，下列说法正确的是( )A在铀核的裂变中，当铀块的体积小于“临界体积”时，不能发生链式反应B当温度发生变化时，铀元素的半衰期也发生变化C轻核聚变的过程质量增大，重核裂变的过程有质量亏损D比结合能小的原子核结合成(或分裂成)比结合能大的原子核时一定吸收能量答案： A解析：在铀核的裂变中，当铀块的体积小于“临界体

8、积”时，不能发生链式反应，故A 正确；半衰期由原子核内部因素决定，与温度等环境因素无关，故 B 错误；裂变和聚变都有质量亏损，故 C 错误；比结合能小的原子核结合成(或分裂成)比结合能大的原子核时有质量亏损，释放能量，故 D 错误72019辽宁大连模拟下列有关原子核和质能方程的说法，正确的是( )A原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量B爱因斯坦质能方程表明，在一定条件下质量可以转化为能量C放射性元素发生 衰变时放出的是核外电子D两个质子之间，不论距离如何，核力总是大于库仑力答案： A解析：原子核的结合能等于使其完全分解成自由核子所需的最小能量，故 A 正确；质能方程不能说明质

9、量与能量可以相互转化，故 B 错误； 衰变是原子核的衰变，与核外电子无关， 衰变时释放的电子是由核内一个中子转化成一个质子的同时释放出来的，故 C错误；核力属于短程力，距离大到一定程度就变为零，因此并非核力总是大于库仑力，故D 错误82018全国卷，17用波长为 300 nm 的光照射锌板，电子逸出锌板表面的最大4初动能为 1.281019 J已知普朗克常量为 6.631034 Js，真空中的光速为3.00108 ms1 ，能使锌产生光电效应的单色光的最低频率约为( )A110 14 Hz B810 14 HzC210 15 Hz D810 15 Hz答案： B解析：由光电效应方程式得 Ekm

10、hW 0，即 W0hE km，而 W0h c，联立解得 c 810 14 Hz，故 B 正确Ekmh c Ekmh二、非选择题92019南昌检测某同学用图 1 所示装置来验证动量守恒定律，实验时先让小球 a从斜槽轨道上某固定点处由静止开始滚下，在水平地面上的记录纸上留下痕迹，重复 10 次；然后再把小球 b 静置在斜槽轨道末端，让小球 a 仍从原固定点由静止开始滚下，和小球 b相碰后，两球分别落在记录纸的不同位置处，重复 10 次回答下列问题：(1)在安装实验器材时斜槽的末端应_(2)小球 a、b 质量 ma、m b的大小关系应满足 ma_mb，两球的半径应满足ra_rb.(选填“” 、 “

11、(3)A C (4) B解析：(1)小球离开轨道后应做平抛运动，所以在安装实验器材时斜槽的末端必须保持水平，才能使小球做平抛运动(2)为防止在碰撞过程中入射小球被反弹，入射小球 a 的质量 ma应该大于被碰小球 b 的质量 mb.为保证两个小球的碰撞是对心碰撞，两个小球的半径应相等(3)小球 a 和小球 b 相碰后，根据动量守恒和能量守恒可知小球 b 的速度大于小球a 的速度由此可判断碰后小球 a、b 的落点位置分别为 A、C 点(4)小球下落高度一样，所以在空中的运动时间 t 相等，若碰撞过程满足动量守恒，则应有 mav0m avam bvb，两边5同时乘以时间 t 可得 mav0tm av

12、atm bvbt，即有 ma m a m b ，故选项 B 正确OB OA OC102019武昌调研一光电管的阴极用极限波长为 0的材料制成，将它连接在如图所示的电路中，当用波长为 的光照射阴极 K( 0)，并调节滑动变阻器使光电管阳极 A 和阴极 K 之间的电势差逐渐增大到 U 时，光电流达到饱和且饱和电流为 I.则每秒内由阴极 K 发出的电子个数在数值上等于_，到达阳极 A 的电子的最大动能为_(已知普朗克常量为h，真空中光速为 c，元电荷的值为 e)如果阳极 A 和阴极 K 之间的电势差 U 不变，仅将同种照射光的强度增到原来的三倍，则到达阳极 A 的电子的最大动能_(填“变大” 、 “

13、不变”或“变小”)答案： hc eU 不变Ie (1 1 0)解析：由于 I ，所以每秒内由阴极 K 发出的电子个数在数值上等于 .到达阳极 Anet Ie的电子最大初动能：E kmh h eU.若不改变阳极与阴极之间的电势差，仅将同种照c c 0射光的强度增加到原来的三倍，因为照射光的频率不变，故到达阳极的电子最大动能不变112019江苏泰州中学模拟在微观领域，动量守恒定律和能量守恒定律依然适用在轻核聚变的核反应中，两个氘核( H)以相同的动能 E0做对心碰撞，该反应中释放的21核能为 E，假设释放的核能全部转化为氦核( He)和另一种粒子的动能32(1)写出核反应方程式(2)在上述轻核聚变

14、的核反应中生成的氦核和另一种粒子的动能各是多少？答案：(1)2 H He n 或 H H He n21 32 10 21 21 32 10(2) (2E0 E) (2E0 E)14 34解析：(1)核反应方程为 2 H He n 或 H H He n.21 32 10 21 21 32 10(2)根据核反应中系统的能量守恒，有 EkHeE kn2E 0 E，根据核反应中系统的动量守恒，有 pHep n0，由 Ek 可知 ，解得p22m EkHeEkn mnmHe 136EkHe (2E0 E)，E kn (2E0 E)14 3412用质子轰击锂核 Li，生成 2 个 粒子，已知质子的初动能是

15、E0.6 MeV，质子、73 粒子和锂核的质量分别为 mH1.007 3 u，m 4.001 5 u，m Li7.016 0 u，试回答：(1)写出核反应方程(2)核反应前后发生的质量亏损？(3)核反应中释放的能量为多少？(4)若核反应释放的能量全部用来增加两个 粒子的总动能，则求核反应后两个 粒子具有的总动能答案：(1) H Li2 He (2)0.020 3 u1 73 42(3)18.909 45 MeV (4)19.509 45 MeV解析：(1)根据质量数守恒、电荷数守恒得H Li2 He.1 73 42(2)质量亏损： mm Lim H2m 7.016 0 u1.007 3 u24.001 5 u0.020 3 u.(3)由爱因斯坦质能方程得 E0.020 3931.5 MeV18.909 45 MeV.(4)根据题意得 EkE E0.6 MeV18.909 45 MeV19.509 45 MeV.