2013届安徽省屯溪一中高三第一次质量检测物理试卷与答案（带解析）.doc

《2013届安徽省屯溪一中高三第一次质量检测物理试卷与答案（带解析）.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2013届安徽省屯溪一中高三第一次质量检测物理试卷与答案（带解析）.doc（13页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、2013届安徽省屯溪一中高三第一次质量检测物理试卷与答案（带解析） 选择题 甲、乙两物体由同一位置出发沿一直线运动，设两物体相遇时不发生碰撞，其速度 -时间图象如图所示，下列说法正确的是（ ） A甲与乙两物体的运动方向相反 B甲与乙两物体第一次相遇时，甲的速度大于乙的速度 C两物体在 2s末相遇 D甲与乙两物体的加速度大小相同 答案： B 试题分析： v-t 图像中的速度的正负表示方向，所以甲乙两物体的运动方向相同，A错误，图像的交点表示速度相等，图像围成的面积表示位移，可得两者相遇时，甲的速度大于乙的速度， B 正确，两物体在 2s 时速度相等，但是没有相遇，C 错误，图像的斜率表示加速度，

2、所以甲乙两物体的加速度大小不同， D 错误， 故选 B 考点：考查了对 v-t图像的理解 点评：做此类型题的关键是知道 v-t图像的斜率表示加速度，面积表示位移 如图所示，半径为 r的圆形空间内存在着垂直于纸面向外的匀强磁场，一个带电粒子 (不计重力 )从 A点以速度 v0垂直于磁场方向射入磁场中，并由 B点射出，且 AOB 120，则该粒子在磁场中运动的时间为 ( ) A B C D 答案： D 试题分析：由图可知，粒子转过的圆心角为 60， ，转过的弧长为则运动所用时间 ， 故选 D 考点：带电粒子在有界磁场中的运动 点评：本题很多同学只想到了用周期来求时间，其实用线速度的定义来求时间也是

3、一个不错的选择 物理课上，老师做了一个奇妙的 “跳环实验 ”。如图，她把一个带铁芯的线圈 L、开关 S和电源用导线连接起来后 .将一金属套环置于线圈 L上，且使铁芯穿过套环。闭合开关 S的瞬间，套环立刻跳起。某司学另找来器材再探究此实验。他连接好电路，经重复试验，线圈上的套环均末动。对比老师演示的实验，下列四个选项中 ,导致套环未动的原因可能是（ ） A线圈接在了直流电源上 B电源电压过高 C所选线圈的匝数过多 D所用套环的材料与老师的不同 答案： D 试题分析：根据电磁感应现象，只要穿过闭合回路的磁通量发生变化，回路中就会产生感应电流，套环就会受到磁场的安培力，就会跳起来。即使接到直流电源上

4、，在闭合开关 的瞬间，线圈中的磁通量也会变化，电源电压越高，线圈匝数越多，现象会越明显，套环未动，一定是套环中没有产生感应电流，可能套环不是金属材料的，所以选 D。 考点：考查了电场感应定律 点评：，只要穿过闭合回路的磁通量发生变化，回路中就会产生感应电流， 如图所示的匀强电场中，水平等距离的虚线表示其等势面，带电荷量 q -0 510-10C的粒子在电场力作用下从 A点运动到 B点过程中，动能增加0 510-9J，若 A点电势为 -10 V，下列关于粒子的运动轨迹和 B点电势的说法中正确的是 ( ) A粒子沿轨道 1运动， B点电势为零 B粒子沿轨道 2运动， B点电势为 20 V C粒子沿

5、轨道 1运动， B点电势为 -20V D粒子沿轨道 2运动， B点电势为 -20 V 答案： A 试题分析：由于过程中动能增大，即电场力做正功，所以电场力方向和速度方向夹角为锐角，故粒子沿轨道 1运动， BD错误，根据公式 可得，故 B点电势为零， A正确， C错误 故选 A 考点：考查了电场轨迹问题 点评：做本题的关键是需要从电场力做正功动能增大入手，在使用公式时需要注意正负号不能丢掉 如图所示，质量分别为 m1、 m2的两个小球 A、 B，带有等量异种电荷，通过绝缘轻弹簧相连接，置于绝缘光滑的水平面上突然加一水平向右的匀强电场后，两球 A、 B将由静止开始运动对两小球 A、 B和弹簧组成的

6、系统，在以后的运动过程中，以下说法正确的是 (设整个过程中不考虑电荷间库仑力的作用且弹簧不超过弹性限度 )( ) A系统机械能不断增加 B系统机械能守恒 C系统动量不断增加 D系统动量守恒 答案： D 试题分析：、加电场后， A 小球受到向左的电场力， B 小球受到向右的电场力，两小球远离过程中，电场力做正功，电势能减小，系统机械能不守恒，并且机械能和电势 能相互转化， AB错误， A小球受到向左的电场力， B小球受到向右的电场力，电场力大小相等，故系统外力做功为零，动量守恒， C错误， D正确， 故选 D 考点：考查了机械能和动量守恒的判断 点评：关键是对两种守恒条件的正确掌握 如图所示，一

7、水平放置的平行板电容器充电后与电源断开，一带电小球以初速度 v0水平地飞入电场，落在下极板的 P点若在断开电源后将上极板向下移一些，以减小两板间距离 (下极板不动 )，此带电小球仍以 v0从原处飞入，则小球将落在 P点的 ( ) A左侧 B右侧 C仍在 P点 D因不知小球带电的正负，故无法判断小球落在 P点的左侧还是右侧 答案： C 试题分析：平行板电容器充电后与电源断开，所带电量不变，根据推论得知，改变板间距离时，将上极板下移减小两板间距离时，板间场强保持不变，小球所受电场力不变，加速度不变，则小球做类平抛运动的情况没有改变，所以小球仍将落在 P点 故选 C 考点：考查了带电粒子在电场中的运

8、动 点评：本题解答关键是掌握下列推论：平行板电容器电量不变，正对面积不变，改变板间距离时，板间场强不变 磁铁有 N、 S两极 ,跟正负电荷有很大的相似性 ,人们假定在一根磁棒的两极上有一种叫做 “磁荷 ”的东西。当磁极本身的几何线度远比它们之间的距离小得多时 ,将其上的磁荷叫做点磁荷。磁的库仑定律是 :两个点磁荷之间的相互作用力F沿着它们之间的连线 ,与它们之间的距离 r的平方成反比 ,与它们磁荷的数量 qm1、qm2 的乘积成正比 ,用公式表示为 :F= ,公式中的比例系数 k=10-7 Wb/（ Am） ,则磁荷的数量 qm的国际单位是（ ） A B A m C D 答案： B 试题分析：

9、 可得 根据公式 可得 所以故 故选 B， 考点：考查了单位制 点评：本题牵涉的公式单位比较多，比较 复杂，关键是对各个单位之间的转化清楚 质量为 m的物体以某一初速度冲上倾角为 30的斜面，减速上滑的加速度大小为 0.6g（ g为重力加速度），则物体在沿斜面向上滑行距离 s的过程中，下列说法中错误的是（ ） A物体的动能减少了 0.6mgs B物体的重力势能增加了 0.5mgs C物体的机械能减少了 0.4mgs D物体克服摩擦力做功 0.1mgs 答案： C 试题分析：根据牛顿第二定律以及动能定理可得 ， A正确，物体上滑 s，则上升的高度为 ，所以重力势能增加 ，机械能减小量等于克服摩擦

10、力做功，故 ，即 ， C错误， D正确， 故选 C 考点：考查了功能关系和动能定理的应用 点评：本题关键根据功能关系的各种具体形式得到重力势能变化、动能变化和机械能变化 下列与能量有关的说法正确的是（ ） A卫星绕地球做圆周运动的半径越大 ,动能越大 B做匀加速直线运动的物体通过相等位移的过程中动能的增量相同 C做平抛运动的物体在任意相等时间内动能的增量相同 D在静电场中 ,电场线越密的地方正电荷的电势能一定越高 答案： B 试题分析：由公式 得 ，故半径越大，速度越小，即动能越小， A错误，根据动能定理可得，匀变速直线运动过程中合力恒定，通过相同的位移，根据公式 可得动能的增量相同， B正确

11、，做平抛运动的物体过程中只受重力作用，但是在相同时间内重力方向的位移不同，故动能的增量不同， C错误，在静电场中 ,电场线越密的地方电场强度越大，电势能和零电势的选取有关， D错误， 故选 B， 考点：考查了功能关系的应用 点评：恒力做功的过程中，需要判断相同时间内的位移是否相同 1970年 4月 24日，我过自行设计、制造的第一颗人造地球卫星 “东方红一号 ”发射成功，开创了我国航天事业的新纪元。 “东方红一号 ”的运行 轨道为椭圆轨道，其近地点的 和远地点的 的高度分别为 439km和 2384km，则（ ） A卫星在 点的势能大于 点的势能 B卫星在 点的角速度小于 点的角速度 C卫星在

12、 点的加速度大于 点的加速度 D卫星在 点的速度大于 7.9km/s 答案： C 试题分析：由 M到 N 地球引力做负功，势能增加故 A错误；由公式得 ，半径越大，角速度越小，卫星在 点的角速度大于 点的角速度，故 B错误；由公式 得 ，半径越大，向心加速度越小，卫星在 点的加速度大于 点的加速度；故 C正确，在 N 点做向心运动，则其速度应小于 7.9Km/s 故 D错误 故选 C 考点：考查卫星运动规律， 点评：地球引力做功改变卫星的势能，做正功势能减小，做负功势能增加据此判断势能的大小在远地点速度慢，加速度小，近地点速度快，加速度大 一带负电荷的质点，在电场力作用下沿曲线 abc从 a运

13、动到 c，已知质点的速率是递减的。关于 b点电场强度 E的方向，以下四个图的描述可能正确的是(虚线是曲线在 b点的切线 )( )答案： D 试题分析： A、电荷做曲线运动，电场力与速度方向不在同一直线上，应指向轨迹弯曲的内侧，不可能 沿轨迹的切线方向，则场强也不可能沿轨迹的切线方向故 A错误 B、负电荷所受的电场力方向与场强方向相反，图中电场力方向与速度方向的夹角为锐角，电场力做正功，电荷的速率增大，与题不符故 B错误 C、图中场强方向指向轨迹的内侧，则电场力指向轨迹的外侧，电荷的轨迹应向上弯曲，不可能沿如图的轨迹运动故 C错误 D、图中场强方向指向轨迹的外侧，则电场力指向轨迹的内侧，而且电场

14、力方向与电荷的速度方向成锐角，电场力做负功，电荷的速率减小，符合题意故D正确 故选 D 考点：本题是电场中轨迹问题， 点评：抓住电荷所受的 合力指向轨迹的内侧和速度沿轨迹的切线方向是解题的关键 在玉树地震的救援行动中，千斤顶发挥了很大作用，如图所示是剪式千斤顶，当摇动把手时，螺纹轴就能迫使千斤顶的两臂靠拢，从而将汽车顶起。当车轮刚被顶起时汽车对千斤顶的压力为 1.0105N，此时千斤顶两臂间的夹角为120，则下列判断正确的是 ( ) A此时两臂受到的压力大小均为 5.0104N B此时千斤顶对汽车的支持力为 2.0105N C若继续摇动把手，将汽车顶起，两臂受到的压力将增大 D若继续摇动把手，

15、将汽车顶起，两臂受到的压力将减小 答案： D 试题分析：将汽车对千斤顶的压力 F分解沿两臂的两个分力 F1，根据对称性可知，两臂受到的压力大小相等由 得 ，故AB错误， 继续摇动把手，两臂靠拢，夹角 减小，根据 分析可知， F不变，当减小时， 增大， 减小故 C错误， D正确 故选 D 考点：考查了力的合成 点评：本题应用平衡条件分析实际问题，采用的是力的分解法，也可以以 O 点为研究对象，应用正交分解法或合成法分析 实验题 小灯泡灯丝的电阻会随温度的升高而变大。某同学为研究这一现象，通过实验得到如下数据 (I和 U分别表示小灯泡上的电流和电压 )： I(A) 0.12 0.21 0.29 0

16、.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50 U(V) 0.20 0.40 0. 60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2.00 (1)在方框内画出实验电路图，可用的器材有：电压表（ 2.5V、 2K） ,电流表(0.6A、 0.5),滑动变阻器 (阻值范围 0 10)，电源 (3V、 0.1)，小灯泡、电键、导线若干。 (2)在右图中画出小灯泡的 U-I图象。 (3)若一电池的电动势是 1.5 V，内阻是 2.0 。问：将本题中的灯泡直接接在该电池两端，小灯泡的实际功率是多少？（若需作图，可直接画在第 (2)问的图中 )。 答案：（ 1）见（

17、 2）见（ 3） 0.28 试题分析： (1)小灯泡的电阻减小，故采用电流表的外接法，小灯泡两端的电压是从零开始的，故滑动变阻器采用分压解法，； (2)见乙图（ 2分）； (3)作出 图线，可得小灯泡工作电流为 0 35安，工作电压为 0 80伏，因此小灯泡实际功率为 0 28 （ 0.26 0.29均算对） 考点：考查了测绘小灯泡福安特性曲线实验 点评：实验中电路图的画法是难点，关键是对电流表和滑动变阻器的接法正确掌握理解 “探究加速度与物体质量、物体受力的关系 ”的实验装置如图所示。 (1)在平衡摩擦力后，挂上砝码盘，打出了一条纸带如图所示。计时器打点的时间间隔为 0.02 s从比较清晰的

18、点起，每 5个点取一个计数点，量出相邻计数点之间的距离，该小车的加速度 a _m/s2。 (结果保留两位有效数字 ) (2)平衡摩擦力后，将 5个相同的砝码都放在小车上挂上砝码盘，然后每 次从小车上取一个砝码添加到砝码盘中，测量小车的加速度。小车的加速度 a与砝码盘中砝码总重力 F的实验数据如下表： 砝码盘中的砝码总重力 F(N) 0 0.196 0.392 0.588 0.784 0.980 加速度 a(m s-2) 0.21 0.69 1. 18 1.66 2.18 2.70 某同学根据上面表格中的实验数据在坐标纸上作出 a-F的关系图象，发现图线不通过坐标原点，请说明主要原因是什么？ 答

19、案： (1)a 0.16 m/s2或者 0.17 m/s2； （ 2分） (2)未计入砝码盘的重力。 试题分析：（ 1）根据逐差法可得发现图线不通过坐标原点，因为未计入砝码盘的重力 考点：考查了 “探究加速度与物体质量、物体受力的关系 ”的实验 点评：匀变速直线运动过程中连续相等时间内的位移差为定值的， 用游标卡尺测量玻璃管的内径时，应用如图甲所示的的游标卡尺的 A、 B、C三部分中的 _部分 (填代号 )与玻璃管内壁接触。用 20分度的游标卡尺测量结果如图乙所示，读数为 mm。答案： A ， 47.35 试题分析：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪即 A部分 游标卡尺测内径时，主尺读数为 4

20、7mm，游标读数为 0.057=0.35mm，最后读数为 47.35mm 考点：考查了游标卡尺的使用 点评：游标卡尺来测量玻璃管内径应该用内爪游标卡尺的读数方法是主尺读数加上游标读数，不需要估读 计算题 如图所示，斜面体 ABC固定在地面上，小球 p从 A点静止下滑。当小球 p开始下滑时，另一小球 q从 A点正上方的 D点水平抛出，两球同时到达斜面底端的 B处。已知斜面 AB光滑，长度 L=2.5m，斜面倾角为 =30。不计空气阻力， g取 10m/s2。求： (1)小球 p从 A点滑到 B点的时间； （ 2）小球 q抛出时初速度的大小和 D点离地面的高度 h。 答案：（ 1） （ 2） 5m

21、 试题分析：（ 1）设小球 P从斜面上下滑的加速度为 a，分析受力得： （ 2分） 设小球 P从斜面上下滑的时间为 t， （ 2分），解得 （ 1分） （ 2）小球 q的运动为平抛运动： （ 2分） （ 2分），解得 v0= m/s （ 1分）。 考点：考查了平抛运动规律的应用 点评：题目中对几何知识的要求比较高，属于中档题 质量为 m=0.04Kg的导电细杆 ab置于倾角为 300的平行放置的光滑导轨上，导轨宽为 d=0.4m，杆 ab与导轨垂直，如图所示，匀强磁场垂直导轨平面且方向向下，磁感应强 度为 B=1T。已知电源电动势 E=1.5V,内阻 r=0.2,试求当电阻 R取值为多少时，释

22、放细杆后杆 ab保持静止不动。导轨和细杆的电阻均忽略不计， g取 10m/s2。 答案： 试题分析：通电导体在磁场中受到的安培力为： ，方向沿斜面向上 （ 2分） 设电流为 I时，导体杆刚好静止不动，分析受力可得： 分析导体杆的受力可得 : （ 3分）， 解得： （ A） 根据闭合电路欧姆定律可得： （ 3 分） 解得： （ 2 分） 考点：考查了导体切割磁感线运动 点评：解答这类问题的关键是正确分析安培力的变化，正确分析运动过程中速度、加速度的变化情况，然后列力学方程求解 飞行时间质谱仪可通过测量离子飞行时间得到离子的比荷 q/m，如图 1。带正电的离子经电压为 U的电场加速后进入长度为 L

23、的真空管 AB，可测得离子飞越 AB所用时间 t1。改进以上方法，如图 2，让离子飞越 AB后进入场强为 E（方向如图）的匀强电场区域 BC，在电场的作用下离子返回 B端，此时，测得离子从 A出发后返回 B端飞行的总时间为 t2（不计离子重力）。 （ 1）忽略离子源中离子的初速度用 t1计算荷质比。 （ 2）离子源 中相同比荷的离子由静止开始可经不同的加速电压加速，设两个比荷都为 q/m的离子分别经加速电压 U1、 U2加速后进入真空管，在改进后的方法中，它们从 A出发后返回 B端飞行的总时间通常不同，存在时间差 t，可通过调节电场 E使 t 0。求此时 E的大小。答案：（ 1） （ 2） 试

24、题分析：（ 1）设离子带电量为 q，质量为 m，经电场加速后的速度为 v，则2 （ 2分） 离子飞越真空管，在 AB做匀速直线运动，则 L vt1 （ 2分）解得荷质比： （ 1分） （ 2）两离子加速后的速度分别为 v1、 v2，则 、 ， （ 2分） 离子在 匀强电场区域 BC 中做往返运动，设加速度为 a，则 qE ma （ 1 分）， 两离子从 A出发后返回 B端飞行的总时间为 （ 1分）、 t2 （ 1分） t1-t2 ，要使 t 0，则须 解得： （ 2分） 考点：考查了带电粒子在电场中的运动 点评：带电粒子在电场中的运动所遵循的规律和力学中的运动规律相同，故学好力学是学习电学的基

25、础 如图所示为放置在竖直平面内游戏滑轨的模拟装置，滑轨由四部分粗细均匀的金属杆组成，其中倾斜直轨 AB与水平直轨 CD长均为 L 3m，圆弧形轨道 APD 和 BQC 均光滑， AB、 CD与两圆弧形轨道相切， BQC 的半径为 r 1m，APD的半径为 R=2m， O2A、 O1B与竖直方向的夹角均为 q 37。现有一质量为 m 1kg的小球穿在滑轨上，以 Ek0的初动能从 B点开始沿 AB向上运动，小球与两段直轨道间的动摩擦因数均为 ，设小球经过轨道连接处均无能量损失。（ g 10m/s2， sin37 0.6， cos37 0.8）求： （ 1）要使小球能够通过弧形轨道 APD的最高点，

26、初动能 EK0至少多大？ （ 2）求小球第二次到达 D点时的动能； （ 3）小球在 CD段上运动的总路程。（第（ 2）（ 3）两问中的 EK0取第（ 1）问中的数值） 答案：（ 1） 30J（ 2） （ 3） 9.78m 试题分析：（ 1）小球至少需要越过弧形轨道 APD的最高点，根据动能定理： （ 2分） 代入 解得 Ek0 30J （ 2分） （ 2）从 B点出发到小球第一次回到 B点的过程中，根据动能定理： （ 1分） 解得： EkB= 12J 小球沿 AB向上运动到最高点，距离 B点为 s，则有：EkB=mmgscosq+mgssinq， （ 2分） 解得 s=18/13 （ m） （

27、 1分） 小球继续向下运动，当小球第二次到达 D点时动能为 EKD， （ 1分） 解得： J （ 2分） （ 3）小球第二次到 D点后还剩 12.6J的能量，沿 DP 弧上升后再返回 DC 段，到 C点只剩下 2.6J的能量。因此小球无法继续上升到 B点，滑到 BQC某处后开始下滑，之后受摩擦力作用，小球最终停在 CD上的某点。（ 1分） 由动能定理： （ 2分）解得： s1 3.78m 小球通过 CD段的总路程为 S 总 2L s 9.78m （ 1分） 考点：考查了动能定理的应用 点评：一个题目可能需要选择不同的过程多次运用动能定理研究圆周运动问题关键要通过受力分析找出向心力的来源列出等式 解决问题