广东省深圳市高级中学2019届高三物理12月模拟考试试题.doc

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1、- 1 -深圳高级中学 2019 届高三年级 12 月模拟考试理科综合（物理）14.如图所示，甲图为光滑水平面上质量为 M 的物体，用细线通过定滑轮与质量为 m 的物体相连， m 所受重力为 5N；乙图为同一物体 M 在光滑水平面上用细线通过定滑轮竖直向下受到拉力 F 的作用，拉力 F 的大小也是 5N，开始时 M 距桌边的距离相等，则：A.M 到达桌边时的速度相等，所用的时间也相等B.甲图中 M 到达桌边用的时间较长，速度较大C.甲图中 M 到达桌边时的动能较大，所用时间较短D.乙图中绳子受到的拉力较大15.如图所示，用传送带给煤车装煤，平均每 5 s 内有 5000kg 的煤粉落于车上，由

2、于传送带的速度很小，可认为煤粉竖直下落要使车保持以 0.5 m/s 的速度匀速前进，则对车应再施以向前的水平力的大小为:A. 50N B. 250N C. 500N D.750N16.阻值均为 R 的四个电阻、电容为 C 的电容器及电动势为 E 的电源（不计内阻）连接成如图所示的电路开关 K 闭合且电路稳定时，以下说法正确的是：A电容器两板间电压为 E/3B电容器极板上的电荷量为 2CE/5C减小电容器两极板正对面积，极板上的电荷量减小D减小电容器两极板间的距离，稳定后两板间电压比原来的更小17.如图所示，放在斜劈上的物块受到平行于光滑斜面向下的力 F 作用，沿斜面向下运动，斜劈保持静止 .下

3、列说法中正确的是：A地面对斜劈的弹力大于斜劈和物块的重力之和B若 F 增大，地面对斜劈的摩擦力也增大ERCK- 2 -C若 F 反向，地面对斜劈的摩擦力也反向D地面对斜劈作用力的方向一定与斜面不垂直18.如图所示，某极地轨道卫星的运行轨道平面通过地球的南北两极，已知该卫星从北纬60的正上方，按图示方向第一次运行到南纬 60的正上方时所用时间为 1 h，则下列说法正确的是：A该卫星与同步卫星的运行半径之比为 1:4B该卫星与同步卫星的运行速度之比为 1:2 C该卫星的运行速度一定大于 7.9 kmsD该卫星的机械能一定大于同步卫星的机械能多选：19.如图所示，质量为 m、带电荷量为 q的带电微粒

4、，以初速度 v0从 A点竖直向上射入真空中的沿水平方向的匀强电场中，微粒通过电场中 B点时速率 vB=2v0，方向与电场的方向一致，则下列说法中正确的是:A. 微粒所受的电场力大小是其所受重力的 2 倍B. 带电微粒的机械能增加了 2mv02C. A、 B 两点间的电势差为 2mv02/qD. A、 B 两点间的电势差为 3mv02/2q20.质量为 400kg 的赛车在平直赛道上以恒定功率加速，受到的阻力不变，其加速度 a 和速度的倒数 1/v 的关系如图所示，则赛车:A速度随时间均匀增大B加速度随时间均匀增大C输出功率为 160kWD所受阻力大小为 1600N21.如图所示，斜劈 B 固定

5、在弹簧上，斜劈 A 扣放在 B 上， A、 B 相对静止，待系统平衡后用竖直向下的变力 F 作用于 A，使 A、 B 缓慢压缩弹簧，弹簧一直在弹性限度内，则下面说法正确的是:A压缩弹簧的过程中， B 对 A 的摩擦力逐渐增大B压缩弹簧的过程中， A 可能相对 B 滑动)sm/(2a1)sm/(v041.- 3 -丙C当弹簧压缩量为某值时，撤去力 F，在 A、 B 上升的过程中， B 对 A 的作用力先增大后减小D当弹簧压缩量为某值时，撤去力 F，在 A、 B 上升的过程中，A、 B 分离时，弹簧恢复原长22. (6 分）为测量动车起动过程中加速度的大小，某同学设计并实施了两个方案方案甲：观察发

6、现铁轨旁相邻里程基座之间的距离为 s，用手表记录车厢从第 1 个里程基座运动到第 2 个里程基座的时间为 t1，车厢从第 2 个里程基座运动到第 3 个里程基座的时间为t2方案乙：将细绳的一端系在行李架上，另一端悬挂一个钢球，测量钢球到悬点的距离 L，动车加速时，测出钢球偏离原平衡位置的水平距离 d（1）用方案甲测得动车的加速度的表达式为 a1= _；用方案乙测得动车的加速度的表达式为 a2= _（2）任选一个方案，简述该方案的误差主要来源：_ 23.(9 分).如图为正在测量中的多用电表表盘，请完成下列问题：(1)如果用直流“50 V”挡测量电压，指针位置如图所示，读数为_ V.(2)图甲用

7、多用电表测量电阻时，多用电表内部的电路可以等效为一电池、一个可变电阻和一表头相串联，电池电动势 E1.5 V，选择开关在“1”挡，把它的两表笔短接，旋转可变电阻 R1的旋钮，当指针指向“0”时，流过多用电表的电流为_ mA.(3)图乙是测量 Rx阻值时的电路，欧姆表使用一段时间后，电池电动势变小，内阻变大，但此表仍能进行欧姆调零，按正确使用方法再测 Rx的值，其测量结果与原结果相比较将_(选填“变大”、“变小”或“不变”)(4)图丙是将表头 G 改装成两个倍率挡(如“1”、“10”)的欧姆表电路原理图，则当开关 S 合向_端(选填“ a”或“ b”)时，欧姆表是较大倍率挡- 4 -.某同学将量

8、程为 200 A，内阻约为 500 的表头改装成量程为 1 mA 和 10 mA 的双量程电流表，设计电路如图甲所示定值电阻 R1500 ， R2250 ，S 为单刀双掷开关，A、 B 为接线柱回下答下问题：(1)将开关 S 置于“1”挡时，量程为_ mA；(2)定值电阻的阻值 R3_ .(结果取 3 位有效数字)(3)利用改装的电流表进行某次测量时， S 置于“2”挡，表头指示如图乙所示，则所测量电流的值为_ mA.24. (14分)如图甲所示,一根直杆 AB与水平面成某一角度自定,在杆上套一个小物块,杆底端 B处有一弹性挡板,杆与板面垂直.现将物块拉到 A点静止释放,物块下滑与挡板第一次碰

9、撞前后的 v-t图象如图乙所示,物块最终停止在 B点. 重力加速度为取 g=10 m/s2.求:(1)物块与杆之间的动摩擦因数 .(2)物块滑过的总路程 s. - 5 -25.(18 分)如图所示,半径 R=1.6m 的 1/6 光滑圆弧轨道位于竖直平面内，与长 L=3m 的绝缘水平传送带平滑连接，传送带以 v=3m/s 的速度顺时针转动，传送带右侧空间存在互相垂直的匀强电场和匀强磁场，电场强度 E=20N/C,磁感应强度 B=3.0T,方向垂直纸面向外两个质量均为 m=1.010-3Kg 的物块 a 和 b，物块 a 不带电， b 带 q=1.010-3C 的正电并静止于圆弧轨道最低点，将

10、a 物块从圆弧轨道顶端由静止释放，运动到最低点与 b 发生正碰，碰撞时间极短，碰后粘合在一起，离开传送带后一起飞入复合场中，最后以与水平成 600角落在地面上的 P 点（如图） ，已知两物块与传送带之间的动摩擦因数均为 =0.1,取g=10m/s2,a、 b 均可看做质点求：（1）物块 a 运动到圆弧轨道最低点时对轨道的压力；（2）传送带距离水平地面的高度;（3）两物块碰撞后到落地前瞬间的运动过程中， a、 b 系统机械能的变化量33物理选修 3-3（15 分）（1） （5 分）下列说法不正确的是（ ） （选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得5 分每选错 1 个扣 3

11、 分，最低得分为 0 分）A. 物体的温度为 0时，物体的分子平均动能为零B. 两个分子在相互靠近的过程中其分子力逐渐增大，而分子势能先减小后增大C. 密封在容积不变的容器内的气体，若温度升高，则气体分子对器壁单位面积上的平均作用力增大D. 第二类永动机是不能制造出来的，尽管它不违反热力学第一定律，但它违反热力学第二定律E. 一定质量的理想气体，如果在某个过程中温度保持不变而吸收热量，则在该过程中气体的压强一定增大- 6 -（2）如图所示，汽缸内封闭一定质量的某种理想气体，活塞通过滑轮和一重物连接并保持平衡，已知活塞距缸口 h50cm，活塞面积S10cm 2，封闭气体的体积为 V11 500c

12、m 3，温度 0，大气压强p01.010 5 Pa，物体重 G50N，活塞重力及一切摩擦不计缓慢升高环境温度，封闭气体吸收了 Q60J 的热量，使活塞刚好升到缸口求：活塞刚好升到缸口时，气体的温度是多少？汽缸内气体对外界做多少功？气体内能的变化？- 7 -12 月 18 日月考物理答案：14. D 15.C 16. C 17.D 18. A 19. ABC 20.CD 21. AD22.【解析】试题分析：（1）对甲方案，根据位移时间公式求得加速度；对乙方案，通过受力分析利用牛顿第二定律求得加速度；（2）对甲方案，有与测量时间存在误差，故是主要误差来源（1）对甲方案：设加速度为 a，则 ，联立解

13、得对乙方案通过受力分析可知 ，其中 ，解得（2）方案甲的误差主要来源是时间的测量；方案乙的误差主要来源是长度的测量23. (1)23.0 (2)100 (3)变大 (4) b(1)10 (2)25.5 (3)0.6824.(1) 0.25 (2) 6m【解析】由图象可知,物块下滑的加速度a1=vt=4 m/s2,上滑时的加速度大小a 2=vt=8 m/s2,杆AB长L=2 m,设斜杆的倾角为,物块的质量为m,物块与杆间的动摩擦因数为,由牛顿第二定律得F合 =mgsin -mgcos =ma 1,F合 =mgsin +mgcos =ma 2,代入数据,得=0.25, sin =0.6,cos =

14、0.8.(2) 对物块整个过程分析,设物块运动的路程为s,由动能定理得mgLsin -mgcos s=0,代入数据得,s=6m25 (共 20 分)（1）a 物块从释放运动到圆弧轨道最低点 C 时，机械能守恒，21)cos(cmvgR（2 分） 得： v/4 （1 分）在 C 点，由牛顿第二定律： RmvgFCN2（2 分）- 8 -解得： NFN210 （1 分）由牛顿第三定律，a 物块对圆弧轨道压力： NFN210,方向竖直向下 （1 分）(2)ab 碰撞动量守恒： ccmv2 sc/2 （2 分）ab 在传送带上假设能与传送带达到共速时经过的位移为 s，mag2得： 2/1g （2 分）

15、svc 得： 5.L 所以 ab 离开传送带时与其共速为 v=3m/s （1 分） 进入复合场后， NgEq210,所以做匀速圆周运动， （1 分）由 rmvB2 （2 分）得： （1 分）q由几何知识解得传送带与水平地面的高度： mrh321 （1 分）（3）ab 系统在传送带上运动过程中，摩擦力对其做功： JgsWf 305（1 分）ab 系统在复合场运动过程中，电场力对其做功： Eqh26电 （1 分）所以，二者碰后一直到落地，系统机械能的变化量：E= Jf.-电 （1 分）（或者： ab 在传送带上机械能的变化量：E 1=E k= mvc322051ab 在复合场中机械能的变化量：E

16、2=E p= - Jgh6 所以，在二者碰后一直到落地，系统机械能的变化量：E=E 1+E 2= 21.）33 （1）ABE （5 分） （选对 1 个得 2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分） （2）【解析】（10 分）(2)（10）封闭气体初态： V11 500 cm 3， T1273 K，末态： V21 500 cm 35010 cm 32 000 cm 3缓慢升高环境温度，封闭气体做等压变化由 (2 分)V1T1 V2T2- 9 -解出 T2364 K (1 分)设封闭气体做等压变化的压强为 p，对活塞： p0S pS G (2 分)汽缸内气体对外界做功 W pSh (1 分)联立解得 W25J (1 分)由热力学第一定律得，汽缸内气体内能的变化 U Q( W) (2 分) U35J 故汽缸内的气体内能增加了 35J (1 分)