2019年高考物理一轮复习第七章静电场第1讲库仑定律电场力的性质学案.doc

《2019年高考物理一轮复习第七章静电场第1讲库仑定律电场力的性质学案.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019年高考物理一轮复习第七章静电场第1讲库仑定律电场力的性质学案.doc（25页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、1第 1 讲 库仑定律 电场力的性质高考命题解读高考(全国卷)四年命题情况对照分析分 析 年 份题 号 命题点卷 15题对称法考查带电圆盘的电场与点电荷电场的叠加卷 16题物体在电场和重力场中的匀变速直线运动2013 年卷 18题点电荷的电场与匀强电场的叠加卷 21题通过几何关系考查点电荷的电场2014 年卷 19题电场强度方向、电势降低最快的分析与计算卷 15题通过匀强电场考查电场线和等势面的变化规律卷 14题物体在电场和重力场中的匀变速直线运动2015 年卷 24题通过运动的合成与分解考查电场力综合问题卷 14题通过平行板电容器考查匀强电场的特点卷 20题在电场力和重力作用下的曲线运动卷

2、15题带电粒子在点电荷电场中运动轨迹的分析2016 年卷 15题对静电场中等势面的理解及电场力做功的计算1.考查方式本章内容在高考中单独命题较多，有选择题也有计算题选择题主要考查对基本概念和物理模型的理解，如电场的分布特点、电势、电势能的理解；计算题主要考查带电粒子在电场中的运动，常与牛顿运动定律、功能关系、能量守恒综合考查2命题趋势常与实际生活、科学研究联系密切出题，通过新的情景或新的素材如喷墨打印机、静电除尘、示波管、加速器等进行命题考查.2一、库仑定律 电荷守恒定律1点电荷有一定的电荷量，忽略形状和大小的一种理想化模型2电荷守恒定律(1)起电方式：摩擦起电、接触起电、感应起电(2)带电实

3、质：物体带电的实质是得失电子(3)内容：电荷既不会创生，也不会消灭，它只能从一个物体转移到另一个物体，或者从物体的一部分转移到另一部分；在转移过程中，电荷的总量保持不变3库仑定律(1)内容：真空中两个静止点电荷之间的相互作用力，与它们的电荷量的乘积成正比，与它们的距离的二次方成反比，作用力的方向在它们的连线上(2)表达式： F k ，式中 k9.010 9Nm2/C2，叫做静电力常量q1q2r2(3)适用条件：真空中；点电荷深度思考 计算两个带电小球之间的库仑力时，公式中的 r 一定是指两个球心之间的距离吗？为什么？答案 不一定当两个小球之间的距离相对于两球的直径较小时，两球不能看做点电荷，这

4、时公式中的 r 大于(带同种电荷)或小于(带异种电荷)两个球心之间的距离二、电场、电场强度1电场(1)定义：存在于电荷周围，能传递电荷间相互作用的一种特殊物质(2)基本性质：对放入其中的电荷有力的作用2电场强度(1)定义：放入电场中某点的电荷受到的电场力 F 与它的电荷量 q 的比值(2)定义式： E ， q 为试探电荷Fq(3)矢量性：规定正电荷在电场中某点所受电场力的方向为该点电场强度的方向3场强公式的比较34电场的叠加(1)电场叠加：多个电荷在空间某处产生的电场强度为各电荷单独在该处所产生的电场强度的矢量和(2)运算法则：平行四边形定则5等量同种和异种点电荷的电场强度的比较比较项目 等量

5、异种点电荷 等量同种点电荷电场线分布图连线中点 O 处的场强连线上 O 点场强最小，指向负电荷一方为零连线上的场强大小(从左到右) 沿连线先变小，再变大 沿连线先变小，再变大沿中垂线由 O 点向外场强大小 O 点最大，向外逐渐减小 O 点最小，向外先变大后变小三、电场线1定义为了形象地描述电场中各点场强的强弱及方向，在电场中画出一些曲线，曲线上每一点的切线方向都跟该点的场强方向一致，曲线的疏密表示电场的强弱2电场线的三个特点(1)电场线从正电荷或无限远处出发，终止于无限远或负电荷处；(2)电场线在电场中不相交；(3)在同一幅图中，电场强度较大的地方电场线较密，电场强度较小的地方电场线较疏1.如

6、图 1 所示，两个不带电的导体 A 和 B，用一对绝缘柱支持使它们彼此接触把一带正电荷的物体 C 置于 A 附近，贴在 A、 B 下部的金属箔都张开( )4图 1A此时 A 带正电， B 带负电B此时 A 电势低， B 电势高C移去 C，贴在 A、 B 下部的金属箔都闭合D先把 A 和 B 分开，然后移去 C，贴在 A、 B 下部的金属箔都闭合答案 C解析 由静电感应可知， A 左端带负电， B 右端带正电， A、 B 的电势相等，选项 A、B 错误；若移去 C，则两端的感应电荷消失，则贴在 A、 B 下部的金属箔都闭合，选项 C 正确；先把A 和 B 分开，然后移去 C，则 A、 B 带的电

7、荷仍然存在，故贴在 A、 B 下部的金属箔仍张开，选项 D 错误2.(教科版选修 31P15 第 1 题)把检验电荷放入电场中的不同点 a、 b、 c、 d，测得的检验电荷所受电场力 F 与其电荷量 q 之间的函数关系图象如图 2 所示，则 a、 b、 c、 d 四点场强大小的关系为( )图 2A EaEbEcEdB EaEbEdEcC EdEaEbEcD EcEaEbEd答案 D3(人教版选修 31P5 演示实验改编)在探究两电荷间相互作用力的大小与哪些因素有关的实验中，一同学猜想可能与两电荷的间距和电荷量有关他选用带正电的小球 A 和 B， A球放在可移动的绝缘座上， B 球用绝缘丝线悬挂

8、于玻璃棒 C 点，如图 3 所示实验时，先保持两球电荷量不变，使 A 球从远处逐渐向 B 球靠近，观察到两球距离越小，B 球悬线的偏角越大；再保持两球距离不变，改变小球所带的电荷量，观察到电荷量越大，B 球悬线的偏角越大5图 3实验表明：两电荷之间的相互作用力，随其距离的_而增大，随其所带电荷量的_而增大此同学在探究中应用的科学方法是_(选填“累积法” “等效替代法” “控制变量法”或“演绎法”)答案 减小 增大 控制变量法解析 对 B 球进行受力分析，球受重力、电场力和线的拉力，线与竖直方向间的夹角变大时，说明电场力变大电荷量不变时，两球距离变小，悬线偏角变大，电场力变大；距离不变时，电荷量

9、变大，线的偏角变大，电场力变大4.(人教版选修 31P15 第 6 题)用一条绝缘轻绳悬挂一个带电小球，小球质量为1.0102 kg，所带电荷量为2.010 8 C现加一水平方向的匀强电场，平衡时绝缘绳与铅垂线成 30夹角(图 4)求这个匀强电场的电场强度图 4答案 2.910 6N/C解析 小球受到重力 mg、静电力 F，轻绳拉力 FT的作用处于平衡状态，它的受力情况如图所示，则 tan 30Fmg EqmgE tan 30 N/C2.910 6 N/Cmgq 1.010 2102.010 8 335(人教版选修 31P15 第 7 题)如图 5 所示，真空中有两个点电荷 Q14.010 8

10、 C 和Q21.010 8 C，分别固定在 x 坐标轴的 x0 和 x6cm 的位置上6图 5(1)x 坐标轴上哪个位置的电场强度为零？(2)x 坐标轴上哪些地方的电场强度方向是沿 x 轴正方向的？答案 (1) x212cm 处(2)0 x6cm 和 x12cm 的地方解析 因为| Q1| Q2|，所以，在 Q1左侧的 x 轴上， Q1产生的电场的电场强度总是大于 Q2产生的电场的电场强度，且方向总是指向 x 轴负半轴，在 x0 和 x6 cm 之间，电场强度总是指向 x 轴的正方向所以，只有在 Q2右侧的 x 轴上，才有可能出现电场强度为 0 的点(1)设该点距离原点的距离为 x，则 k k

11、 0，即 4(x6) 2 x20，解得 x14 Q1x2 Q2x 62cm(不合题意，舍去)和 x212 cm.所以，在 x212 cm 处电场强度等于 0.(2)在 x 坐标轴上 0 x6 cm 和 x12 cm 的地方，电场强度的方向总是沿 x 轴正方向的命题点一 库仑定律的理解及应用1库仑定律适用于真空中静止点电荷间的相互作用2对于两个均匀带电绝缘球体，可将其视为电荷集中在球心的点电荷， r 为球心间的距离3对于两个带电金属球，要考虑表面电荷的重新分布，如图 6 所示图 6(1)同种电荷： F k ；(2)异种电荷： F k .q1q2r2 q1q2r24不能根据公式错误地认为 r0 时

12、，库仑力 F，因为当 r0 时，两个带电体已不能看做点电荷了例 1 (多选)如图 7 所示，把 A、 B 两个相同的导电小球分别用长为 0.10m 的绝缘细线悬挂于 OA和 OB两点用丝绸摩擦过的玻璃棒与 A 球接触，棒移开后将悬点 OB移到 OA点固定两球接触后分开，平衡时距离为 0.12m已测得每个小球质量是 8.0104 kg，带电小球可视为点电荷，重力加速度 g10 m/s 2，静电力常量 k9.010 9 Nm2/C2，则( )7图 7A两球所带电荷量相等B A 球所受的静电力为 1.0102 NC B 球所带的电荷量为 4 108 C6D A、 B 两球连线中点处的电场强度为 0用

13、丝绸摩擦过的玻璃棒接触；平衡；可视为点电荷答案 ACD解析 两相同的小球接触后电量均分，故两球所带电荷量相等，选项 A 正确；由几何关系可知，两球分开后，悬线与竖直方向的夹角为 37， A 球所受的电场力 F mgtan378.010 4 100.75N6.010 3 N，选项 B 错误；根据库仑定律得， F k k ，qAqBl2 q2Bl2解得 qB C4 108 C，选项 C 正确； A、 B 两球带等量的Fl2k 610 30.1229109 6同种电荷，故在 A、 B 两球连线中点处的电场强度为 0，选项 D 正确两个完全相同的带电金属球接触时电荷的分配规律1如果接触前两金属球带同种

14、电荷，电荷量分别为 q1和 q2，两球接触时，总电荷量平均分配，两球的电荷量都等于 .q1 q222如果接触前两金属球带异种电荷，电荷量分别为 q1和 q2，且 q1 q2，接触时，先中和再将剩余的电荷量( q1 q2)平均分配，两球的电荷量都等于 .q1 q221(多选)两个半径相同的金属小球(视为点电荷)，带电荷量之比为 17，相距为 r，两者8相互接触后再放回原来的位置上，则相互作用力可能为原来的( )A. B. C. D.47 37 97 167答案 CD解析 设两小球的电荷量分别为 q 和 7q，则原来相距 r 时的相互作用力 F k kq7qr2.由于两球的电性未知，接触后相互作用

15、力的计算可分为两种情况：7q2r2(1)两球电性相同相互接触时两球电荷量平均分配，每球带电荷量为 4 q.放回原处7q q2后的相互作用力 F1 k k ，故 .4q4qr2 16q2r2 F1F 167(2)两球电性不同相互接触时电荷先中和再平分，每球带电荷量为 3 q.放回原处后7q q2的相互作用力 F2 k k ，故 .3q3qr2 9q2r2 F2F 972根据科学研究表明，地球是一个巨大的带电体，而且表面带有大量的负电荷如果在距离地球表面高度为地球半径一半的位置由静止释放一个带负电的尘埃，恰好能悬浮在空中，若将其放在距离地球表面高度与地球半径相等的位置时，则此带电尘埃将( )A向地

16、球表面下落B远离地球向太空运动C仍处于悬浮状态D无法判断答案 C解析 地球表面带负电，故可等效为一个带负电的且位于地球球心处的点电荷，这样地球和带电尘埃间的作用就可等效为点电荷间的作用，可以用库仑定律进行定量分析由于尘埃与地球之间的位置变化很大，故尘埃的重力是变化的，所以需要先将地球与尘埃等效为两质点，才可用万有引力进行定量分析设带电尘埃的质量为 m，电荷量为 q；地球的质量为 M，地球所带负电荷总量 Q，地球半径为 R，当尘埃放在距离地球表面高度为地球半径一半时，恰好悬浮，由库仑定律和万有引力定律可得： G ，得 kQq GMm kQq1.5R2 Mm1.5R2当尘埃放在距离地球表面高度与地

17、球半径相等时，受到的万有引力 F ；受到的库仑GMm2R2力为： F ，则 kQq2R2 FF GMmkQq9联立可知： 1，故 C 正确FF命题点二 电场强度的理解及叠加1求解电场强度的常规方法电场强度是静电学中极其重要的概念，也是高考考点分布的重点区域之一求电场强度常见的有定义式法、点电荷电场强度公式法、匀强电场公式法、矢量叠加法2求解电场强度的非常规思维方法(1)等效法：在保证效果相同的前提下，将复杂的电场情景变换为简单的或熟悉的电场情景例如：一个点电荷 q 与一个无限大薄金属板形成的电场，等效为两个异种点电荷形成的电场，如图 8 甲、乙所示图 8(2)对称法：利用空间上对称分布的电荷形

18、成的电场具有对称性的特点，使复杂电场的叠加计算问题大为简化图 9例如：如图 9，均匀带电的 球壳在 O 点产生的场强，等效为弧 BC 产生的场强，弧 BC 产生34的场强方向，又等效为弧的中点 M 在 O 点产生的场强方向(3)填补法：将有缺口的带电圆环补全为圆环，或将半球面补全为球面，从而化难为易、事半功倍(4)微元法：将带电体分成许多元电荷，每个元电荷看成点电荷，先根据库仑定律求出每个元电荷的场强，再结合对称性和场强叠加原理求出合场强例 2 (2015山东理综18)直角坐标系 xOy 中， M、 N 两点位于 x 轴上， G、 H 两点坐标如图 10.M、 N 两点各固定一负点电荷，一电荷

19、量为 Q 的正点电荷置于 O 点时， G 点处的电场强度恰好为零静电力常量用 k 表示若将该正点电荷移到 G 点，则 H 点处场强的大小10和方向分别为( )图 10A. ，沿 y 轴正向 B. ，沿 y 轴负向3kQ4a2 3kQ4a2C. ，沿 y 轴正向 D. ，沿 y 轴负向5kQ4a2 5kQ4a2答案 B解析 因正电荷 Q 在 O 点时， G 点的场强为零，则可知两负电荷在 G 点形成的电场的合场强与正电荷 Q 在 G 点产生的场强等大反向大小为 E 合 k ；若将正电荷移到 G 点，则正电Qa2荷在 H 点的场强为 E1 k ，因两负电荷在 G 点的场强与在 H 点的场强等大反向

20、，Q2a2 kQ4a2则 H 点的合场强为 E E 合 E1 ，方向沿 y 轴负向，故选 B.3kQ4a2例 3 如图 11 所示， xOy 平面是无穷大导体的表面，该导体充满 z0 的空间， z0 的空间为真空将电荷量为 q 的点电荷置于 z 轴上 z h 处，则在 xOy 平面上会产生感应电荷空间任意一点处的电场皆是由点电荷 q 和导体表面上的感应电荷共同激发的已知静电平衡时导体内部场强处处为零，则在 z 轴上 z 处的场强大小为( k 为静电力常量)( )h2图 11A k B k C k D k4qh2 4q9h2 32q9h2 40q9h2静电平衡导体内部场强处处为零答案 D解析 该

21、电场可等效为分别在 z 轴 h 处与 h 处的等量异种电荷产生的电场，如图所示，则在 z 处的场强大小 E k k k ，故 D 正确h2 qh22 q3h22 40q9h211电场强度叠加问题的求解思路电场强度是矢量，叠加时应遵从平行四边形定则，分析电场的叠加问题的一般步骤是：(1)确定分析计算场强的空间位置；(2)分析该处有几个分电场，先计算出各个分电场在该点的电场强度的大小和方向；(3)依次利用平行四边形定则求出矢量和3已知均匀带电球体在球的外部产生的电场与一个位于球心的、电荷量相等的点电荷产生的电场相同如图 12 所示，半径为 R 的球体上均匀分布着电荷量为 Q 的电荷，在过球心 O的

22、直线上有 A、 B 两个点， O 和 B、 B 和 A 间的距离均为 R.现以 OB 为直径在球内挖一球形空腔，若静电力常量为 k，球的体积公式为 V r3，则 A 点处场强的大小为( )43图 12A. B. C. D.5kQ36R2 7kQ36R2 7kQ32R2 3kQ16R2答案 B解析 由题意知，半径为 R 的均匀带电球体在 A 点产生的场强 E 整 .挖出的小kQ2R2 kQ4R2球半径为 ，因为电荷均匀分布，其带电荷量 Q Q .则其在 A 点产生的场强 ER243 R2343 R3 Q8挖 .所以剩余空腔部分电荷在 A 点产生的场强 E E 整 E 挖 kQ12R R2kQ89

23、4R2 kQ18R2 kQ4R2 ，故 B 正确kQ18R2 7kQ36R2124.(多选)如图 13 所示，一半径为 R 的圆盘上均匀分布着电荷量为 Q 的电荷，在垂直于圆盘且过圆心 c 的轴线上有 a、 b、 d 三个点， a 和 b、 b 和 c、 c 和 d 间的距离均为 R，在 a 点有一电荷量为 q(q0)的固定点电荷已知 b 点处的场强为零，则 d 点处场强的大小为( k 为静电力常量)( )图 13A k B k3qR2 10q9R2C k D kQ qR2 9Q q9R2答案 B解析 由 b 点处场强为零知，圆盘在 b 点处产生的场强 E1大小与 q 在 b 点处产生的场强

24、E2大小相等，即 E1 E2 k ，但方向相反由对称性，圆盘在 d 点产生的场强 E3 k ， qqR2 qR2在 d 点产生的场强 E4 k ，方向与 E3相同，故 d 点的合场强 Ed E3 E4 k ，B 正确，q9R2 10q9R2A、C、D 错误命题点三 电场中的平衡和加速问题1电场力方向正电荷受力方向与场强方向相同，负电荷受力方向与场强方向相反2恰当选取研究对象，用“整体法”或“隔离法”进行分析3基本思路：(1)平衡问题利用平衡条件列式求解(2)非平衡问题利用牛顿第二定律求解4库仑力作用下电荷的平衡问题与力学中物体的平衡问题相同，可以将力进行合成与分解5列平衡方程，注意电荷间的库仑

25、力与电荷间的距离有关例 4 (多选)如图 14 所示，用两根长度相同的绝缘细线把一个质量为 0.1kg 的小球 A 悬挂到水平板的 M、 N 两点， A 上带有 Q3.010 6 C 的正电荷两线夹角为 120，两线上的拉力大小分别为 F1和 F2.A 的正下方 0.3m 处放有一带等量异种电荷的小球 B， B 与绝缘支架的总质量为 0.2kg(重力加速度 g 取 10 m/s2；静电力常量 k9.010 9 Nm2/C2， A、 B 球可视为点电荷)，则( )13图 14A支架对地面的压力大小为 2.0NB两线上的拉力大小 F1 F21.9NC将 B 水平右移，使 M、 A、 B 在同一直线

26、上，此时两线上的拉力大小F11.225N， F21.0ND将 B 移到无穷远处，两线上的拉力大小 F1 F20.866N夹角 120；等量异种电荷答案 BC解析 小球 A、 B 间的库仑力为F 库 k 9.010 9 N0.9N，QQr2 3.010 63.010 60.32以 B 和绝缘支架整体为研究对象，受力分析图如图甲所示，地面对支架支持力为 FN mg F 库 1.1N，由牛顿第三定律知，A 错误；以 A 球为研究对象，受力分析图如图乙所示， F1 F2 mAg F 库 1.9N，B 正确； B 水平向右移，当 M、 A、 B 在同一直线上时， A、 B 间距为r0.6m， F 库 k

27、 0.225N，以 A 球为研究对象受力分析图如QQr 2图丙所示，可知 F21.0N， F1 F 库 1.0N， F11.225N，所以 C 正确；将 B 移到无穷远，则 F 库 0，可求得 F1 F21N，D 错误例 5 如图 15 所示，光滑绝缘的正方形水平桌面边长为 d0.48m，离地高度h1.25m桌面上存在一水平向左的匀强电场(除此之外其余位置均无电场)，电场强度E110 4 N/C.在水平桌面上某一位置 P 处有一质量 m0.01 kg，电荷量 q110 6 C的带正电小球以初速度 v01 m/s 向右运动空气阻力忽略不计，重力加速度 g10 m/s2.求：14图 15(1)小球

28、在桌面上运动时加速度的大小和方向？(2)P 处距右端桌面多远时，小球从开始运动到最终落地的水平距离最大？并求出该最大水平距离？答案 (1)1.0m/s 2 方向水平向左 (2) m m38 58解析 (1)对小球受力分析，受到重力、支持力和电场力，重力和支持力平衡，根据牛顿第二定律，有： a m/s21.0 m/s 2，方向水平向左Fm qEm 10 61040.01(2)设球到桌面右边的距离为 x1，球离开桌面后做平抛运动的水平距离为 x2，则： x 总 x1 x2由： v2 v022 ax1；代入，解得： v 1 2x1设平抛运动的时间为 t，根据平抛运动的分位移公式，有： h gt2，代

29、入得： t0.5 s.12水平方向，有 x2 vt0.5 ，故1 2x1x 总 x10.5 1 2x1令： y ；则： x 总 1 2x11 y2 y2故 y ，即： x1 时，水平距离最大，最大值为12 38xmax m585(2013新课标全国18)如图 16，在光滑绝缘水平面上，三个带电小球 a、 b 和 c 分别位于边长为 l 的正三角形的三个顶点上； a、 b 带正电，电荷量均为 q， c 带负电整个系统置于方向水平的匀强电场中已知静电力常量为 k.若三个小球均处于静止状态，则匀强电场场强的大小为( )图 16A. B. C. D.3kq3l2 3kql2 3kql2 23kql2答

30、案 B156.如图 17 所示，水平面有方向向右的匀强电场，将质量相等的两个带异种电荷小球a、 b(可视为点电荷)，且电荷量大小分别为 qa3 q， qb q，由静止释放，二者之间距为r，位置关系如图，发现两个小球始终处于相对静止状态则下列说法正确的是( )图 17A a 一定带正电，且电场强度大小为 E3kq2r2B a 一定带负电，且电场强度大小为 E3kq2r2C a 一定带正电，且电场强度大小为 E3kqr2D a 一定带负电，且电场强度大小为 E3kqr2答案 B解析 由于两小球始终处于相对静止状态，且二者之间的电荷量又不相等，说明二者受到的电场力一定不相等，而二者间的静电力一定相等

31、，说明二者不可能是静止，而是一起做匀加速直线运动，根据电荷量关系可知， a 受的电场力较大，若 a 为正电荷，受电场力和静电力均向右，则 b 必为负电荷，而 b 受的电场力和静电力都向左，二者不可能相对静止，所以 a 一定为负电荷且二者都具有相同的加速度，由牛顿第二定律可得：对 ab 整体有：E(qa qb)2 ma，即 Eq ma，对 b 有 Eqb ma，即 Eq ma 联立得： E ，kqaqbr2 3kq2r2 3kq2r2所以 B 正确7如图 18 所示， ABCD 为竖直放在场强为 E10 4 V/m 的水平匀强电场中的绝缘光滑轨道，其中轨道的 BCD 部分是半径为 R 的半圆环，

32、轨道的水平部分与半圆环相切， A 为水平轨道的一点，而且 AB R0.2 m把一质量 m100 g、带电量 q10 4 C 的小球，放在水平轨道的 A 点，由静止开始被释放后，在轨道的内侧运动求：( g10 m/s 2)图 18(1)它到达 C 点时的速度是多大？(2)它到达 C 点时对轨道的压力是多大？答案 (1)2m/s (2)3N解析 (1)设小球在 C 点的速度大小是 vC，对轨道的压力大小为 FNC，则对于小球由 A C 的16过程中，应用动能定理列出：2qER mgR mvC2；解得 vC2 m/s12(2)在 C 点时，小球受到轨道对它的弹力和电场力，应用牛顿第二定律，有：FNC

33、 qE m ；解得： FNC3 Nv2CR由牛顿第三定律知 FNC FNC3 N.一、整体法与隔离法整体法是指对整个系统进行研究的方法，即从部分与整体的联系中揭示整个系统的运动规律，使部分与整体辩证地统一起来，从而解决问题的科学思维方法当我们研究整体的运动规律，而不涉及系统内部之间的相互作用时，可采用整体法从而使问题得到简捷巧妙的解答所谓隔离法是指把所研究的对象(包括物体或物体的一部分)，从系统中隔离开来，进行分析研究的方法当我们要研究系统中的某个物体与其他物体(或物体中的某一部分与其他部分)的相互作用，寻求待求量与已知量的关系时，宜采用隔离法，将此物体(或物体中的某一部分)隔离出来，单独进行

34、分析研究典例 1 如图所示，甲、乙两带电小球的质量均为 m，所带电荷量分别为 q 和 q，两球间用绝缘细线 2 连接，甲球用绝缘细线 1 悬挂在天花板上，在两球所在空间有沿水平方向向左的匀强电场，场强为 E，且有 qE mg，平衡时细线都被拉直则平衡时的可能位置是哪个图( )答案 A解析 先用整体法，把两个小球视为一个整体整体受到的外力有竖直向下的重力 2mg、水平向左的电场力 qE、水平向右的电场力 qE 和细线 1 的拉力 FT1.由平衡条件知，水平方17向受力平衡，细线 1 的拉力 FT1一定与重力 2mg 等大反向，即细线 1 一定竖直再隔离分析乙球，如图所示乙球受到的力为：向下的重力

35、 mg、水平向右的电场力 qE、细线 2 的拉力 FT2和甲球对乙球的吸引力 F 引 要使乙球所受合力为零，细线 2 必须倾斜设细线 2 与竖直方向的夹角为 ，则有 tan 1， 45，故 A 图正确qEmg二、对称法对称性普遍存在于各种物理现象和物理过程之中，用对称法构建模型，就是在物理问题具有对称性的特点或经过变换具有对称性的特点时，把实际的、复杂的物理现象和物理过程简单化，构建出新的模型，从而分析求解的方法典例 2 (多选)如图 19 所示， A、 B 为两个等量的正点电荷， O 为其连线的中点， MON 为其连线的中垂线，在中垂线上靠近 O 点的 O点放一带电荷量为 q 的小球(可视为

36、点电荷，不计重力)，将此小球由静止释放，下列说法正确的是( )图 19A将小球由 O点从静止释放后，向无穷远处运动的过程中，加速度一定越来越大，速度也一定越来越大B将小球由 O点从静止释放后，向无穷远处运动的过程中，加速度先变大后变小，速度越来越大C从 O点到无穷远处，电势逐渐降低D从 O点到无穷远处，小球的电势能逐渐减小答案 BCD解析 A、 B 两个等量的正点电荷形成的电场关于直线 MN 对称在 O 点，两个电荷产生的电场强度大小相等，方向相反，叠加为零，故 O点的电场强度接近于零在 MON 中垂线上距离 O 点无穷远处，电场强度也为零，所以在 MON 中垂线上从 O点到无穷远处，电场18

37、强度先变大，后变小从 O点到无穷远处，带电荷量为 q 的小球受到的电场力先变大，后变小，其加速度也是先变大，后变小由于电场力一直对小球做正功，故小球的速度越来越大，选项 B 正确，A 错误由于从 O点到无穷远处电场力一直对小球做正功，故小球的电势能 Ep逐渐减小，电势 ，故从 O点到无穷远，电势逐渐降低，故 C、D 正Epq确题组 1 库仑定律的理解及应用1保护知识产权，抵制盗版是我们每个公民的责任与义务盗版书籍影响我们的学习效率，甚至给我们的学习带来隐患小华有一次不小心购买了盗版的物理参考书，做练习时，他发现有一个关键数字看不清，拿来问老师，如果你是老师，你认为可能是下列数字中的( )A6.

38、210 19 C B6.410 19 CC6.610 19 C D6.810 19 C答案 B解析 任何带电体的电荷量都是元电荷的整数倍，即是 1.61019 C 的整数倍，由计算可知，只有 B 选项是 1.61019 C 的整数倍，故选项 B 正确2.(多选)如图 1 所示， A、 B 为相互接触的用绝缘支架支撑的金属导体，起初它们不带电，在它们的下部贴有金属箔片， C 是带正电的小球，下列说法正确的是( )图 1A把 C 移近导体 A 时， A、 B 上的金属箔片都张开B把 C 移近导体 A，先把 A、 B 分开，然后移去 C， A、 B 上的金属箔片仍张开C先把 C 移走，再把 A、 B

39、 分开， A、 B 上的金属箔片仍张开D先把 A、 B 分开，再把 C 移走，然后重新让 A、 B 接触， A 上的金属箔片张开， B 上的金属箔片闭合答案 AB解析 C 移近 A 时，带正电的小球 C 对 A、 B 内的电荷有力的作用，使 A、 B 中的自由电子向左移动，使得 A 上积累了负电荷， B 上积累了正电荷，其下部的金属箔片也分别带上了与 A、 B 同种性质的电荷由于同种电荷间的斥力作用，所以金属箔片都张开，选项 A 正19确 C 靠近后保持不动，把 A、 B 分开， A、 B 上的电荷因受 C 的作用力不可能中和，因而A、 B 仍带等量的异种感应电荷，此时再移走 C，因 A、 B

40、 已经绝缘，所带电荷量不会变，金属箔片仍张开，选项 B 正确先移走 C， A、 B 上的感应电荷会马上在其相互之间的引力作用下中和，不再带电，所以金属箔片都不会张开，选项 C 错误先把 A、 B 分开，移走 C，然后重新让 A、 B 接触， A、 B 所带的异种电荷马上中和，金属箔片都不会张开，选项 D 错误3三个相同的金属小球 1、2、3 分别置于绝缘支架上，各球之间的距离远大于小球的直径球 1 的带电荷量为 q，球 2 的带电荷量为 nq，球 3 不带电且离球 1 和球 2 很远，此时球 1、2 之间作用力的大小为 F.现使球 3 先与球 2 接触，再与球 1 接触，然后将球 3 移至远处

41、，此进 1、2 之间作用力的大小仍为 F，方向不变因此可知( )A n3 B n4C n5 D n6答案 D解析 由于各球之间距离远大于小球的直径，小球带电时可视为点电荷由库仑定律 F k知两点电荷间距离不变时，相互间静电力大小与两球所带电荷量的乘积成正比又由Q1Q2r2于三个小球相同，则两球接触时平分总电荷量，故有 qnq ，解得 n6，D 正nq2 q nq22确4真空中有两个完全相同的金属小球， A 球带 qA6.410 16 C 的正电荷， B 球带qB3.210 16 C 的负电荷，均可视为点电荷，求：(1)当它们相距为 0.5m 时， A、 B 间的库仑力为多大？(2)若将两球接触

42、后再分别放回原处， A、 B 间的库仑力又为多大？(以上结果均保留三位有效数字)答案 (1)7.3710 21 N (2)9.2210 22 N解析 (1) A、 B 两球带异种电荷，因此， A、 B 间的库仑力是引力，由库仑定律可得它们间的库仑引力大小为 F k 910 9 qA|qB|r2 6.410 163.210 160.52N7.3710 21 N.(2)两球接触后，它们的带电情况为：QA QB C1.610 16 CqA qB2 6.410 16 3.210 162所以分别放回原处后，两球间的库仑力大小为F k 910 9 N9.2210 22 N.QAQBr2 1.6210 32

43、0.5220题组 2 电场强度的理解及叠加5(多选)在电场中的某点 A 放一电荷量为 q 的试探电荷，它所受到的电场力大小为 F，方向水平向右，则 A 点的场强大小 EA ，方向水平向右下列说法正确的是( )FqA在 A 点放置一个电荷量为 q 的试探电荷， A 点的场强方向变为水平向左B在 A 点放置一个电荷量为2 q 的试探电荷，则 A 点的场强变为 2EAC在 A 点放置一个电荷量为 q 的试探电荷，它所受的电场力方向水平向左D在 A 点放置一个电荷量2 q 的试探电荷，所受电场力为 2F答案 CD解析 E 是电场强度的定义式，某点场强大小和方向与场源电荷有关，而与放入的试探Fq电荷没有

44、任何关系，故选项 A、B 错；因负电荷受到电场力的方向与场强方向相反，故选项C 正确； A 点场强 EA一定，放入的试探电荷所受电场力大小为 F qEA，当放入电荷量为2 q 的试探电荷时，试探电荷所受电场力应为 2F，故选项 D 正确6带有等量异种电荷的一对平行金属板，如果两极板间距不是足够近或者两极板面积不是足够大，即使在两极板之间，它的电场线也不是彼此平行的直线，而是如图 2 所示的曲线，关于这种电场，下列说法正确的是( )图 2A这种电场的电场线虽然是曲线，但是电场线的分布却是左右对称的，很有规律性，它们之间的电场，除边缘部分外，可以看做匀强电场B电场内部 A 点的电场强度小于 B 点

45、的电场强度C电场内部 A 点的电场强度等于 B 点的电场强度D若将一正电荷从电场中的 A 点由静止释放，它将沿着电场线方向运动到负极板答案 D解析 由于题图中平行金属板形成的电场的电场线不是等间距的平行直线，所以不是匀强电场，选项 A 错误；从电场线分布看， A 点的电场线比 B 点密，所以 A 点的电场强度大于B 点的电场强度，选项 B、C 错误； A、 B 两点所在的电场线为一条直线，电荷受力方向沿着这条直线，所以若将一正电荷从电场中的 A 点由静止释放，它将沿着电场线方向运动到负极板，选项 D 正确7.如图 3 所示，边长为 a 的正三角形 ABC 的三个项点分别固定三个点电荷 q、 q

46、、 q，则该三角形中心 O 点处的场强为( )21图 3A. ，方向由 C 指向 O6kqa2B. ，方向由 O 指向 C6kqa2C. ，方向由 C 指向 O3kqa2D. ，方向由 O 指向 C3kqa2答案 B解析 每个点电荷在 O 点处的场强大小都是 E ，画出矢量叠加的示意图，如kq3a32 3kqa2图所示，由图可得 O 点处的合场强为 EO2 E ，方向由 O 指向 C，B 项正确6kqa28.N(N1)个电荷量均为 q(q0)的小球，均匀分布在半径为 R 的圆周上，如图 4 所示若移去位于圆周上 P 点(图中未标出)的一个小球，则圆心 O 点处的电场强度大小为_，方向_(已知静

47、电力常量为 k)图 4答案 沿 OP 指向 PkqR2解析 P 点的带电小球在圆心 O 处的电场强度大小为 E1 k ，方向沿 PO 指向 O； N 个小球qR2在 O 点处电场强度叠加后，合场强为零；移去 P 点的小球后，则剩余 N1 个小球在圆心 O处的电场强度与 P 点的小球在圆心 O 处的电场强度等大反向，即 E E1 ，方向沿 OP 指kqR222向 P.题组 3 电场中受力分析与平衡问题9.(多选)一绝缘细线 Oa 下端系一质量为 m 的带正电的小球 a，在正下方有一光滑的绝缘水平细杆，一带负电的小球 b 穿过杆在其左侧较远处，小球 a 由于受到水平绝缘细线的拉力而静止，如图 5 所示，现保持悬线与竖直方向的夹角为 ，并在较远处由静止释放小球b，让其从远处沿杆向右移动到 a 点的正下方，在此过程中( )图 5A悬线 Oa 的拉力逐渐增大，水平细线的拉力逐渐减小B b 球的加速度先增大后减小，速度始终增大C b 球所受的库仑力一直增大D b 球所