2015届广东省揭阳市第一中学高三上学期第一次阶段考试物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2015届广东省揭阳市第一中学高三上学期第一次阶段考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 下列说法中，正确的是 A kg、 N、 m/s都是导出单位 B亚里士多德发现了力是改变物体运动状态的原因 C开普勒通过对行星运动规律的研究总结出了万有引力定律 D用比值法定义的物理概念在物理学中占有相当大的比例，例如速度 ，加速度 都是采用比值法定义的 答案： D 试题分析：据题意， kg是质量的单位，是基本单位，选项 A错误；亚里斯多德认为力是维持物体运动状态的原因，故选项 B错误；牛顿总结出万有引力定律，故选项 C错误；速度和加速度的定义应用了比值定义法。 考点：本题考查单位制、比值定义法、力和万有引力

2、定律的发现。 如图所示，水平传送带长为 s，以速度 v始终保持匀速运动，质量为 m的货物无初 速放到 A点，货物运动到 B点时恰达到速度 v，货物与皮带间的动摩擦因数为 ，当货物从 A点运动到 B点的过程中，以下说法正确的是 A摩擦力对物体做功为 mv2 B摩擦力对物体做功为 mgs C传送带克服摩擦力做功为 mgs D因摩擦而生的热能为 2mgs 答案： AB 试题分析：据题意，只有摩擦力对物体 A做功，则有： ，故选项A、 B正确；摩擦力对传送到做正功，则选项 C错误；因摩擦产生的热量为：，故选项 D错误。 考点：本题考查传送到问题。 如图 A为静止于地球赤道上的物体、 B为近地卫星、 C

3、为地球同步卫星，地球表面的重力加速度为 ，关于它们运行线速度 、角速度 、周期 和加速度 的比较正确的是 A B C D 答案： CD 试题分析：据题意，同步卫星转动周期与地球的自传周期相等，则有 ，据有 ，即卫星 B的转动周期小于同步卫星 C的转动周期，故选项 C正确；据 有 ，卫星 B的速度大于同步卫星 C 转动速度，据 可知 A点速度小于同步卫星的速度，故选项 A错误； A点和同步卫星角速度相等，故选项 B错误；近地卫星 B的加速度为重力加速度，据 可知近地卫星 B的加速度大于 C的，又据 可知， A点加速度小于同步卫星的 ，故选项 D正确。 考点：本题考查万有引力定律。 如图，倾角为

4、的光滑斜面体 C固定于水平地面上，小物块 B置于斜面上，通过细绳跨过光滑的定滑轮与物体 A相连接，释放后， A将向下运动，则在 A碰地前的运动过程中 A A的加速度大小为 g B A物体机械能不守恒 C由于斜面光滑，所以 B物体机械能守恒 D A、 B组成的系统机械能守恒 答案： BD 试题分析：据题意，物体 A受到重 力和拉力，加速度应小于 g，故选项 A错误；除了重力对物体 A做功还有拉力做功，物体 A机械能不守恒，故选项 B正确；除了重力对物体 B做功还有拉力做功，物体 B机械能不守恒，选项 C错误； A、 B组成的系统只有 对系统做功，则系统 A、 B机械能守恒，选项 D正确。 考点：

5、本题考查机械能守恒定律。 如图所示， A、 B为同一水平线上的两个绕绳装置，转动 A、 B改变绳的长度，使光滑挂钩下的重物 C缓慢上升过程，下列说法中正确的是 A重物 C所受的合外力不变 B重物 C所受的合外力逐渐增大 C绳的拉力逐渐增大 D绳的拉力逐渐减少 答案： AC 试题分析：据题意，当转动 A、 B改变绳的长度过程中，物体 C受到的拉力等于物体C的重力，故选项 A正确而选项 B错误；合力一定时，当增大分力张角，则分力大小变大，故选项 C正确而选项 D错误。 考点：本题考查力的动态平衡问题和力的合成。 如图表示甲、乙两物体由同一地点出发，向同一方向运动的速度图线，其中 t2=2t1， A

6、在 t1时刻，乙物在前，甲物在后 B在 t1时 刻，甲、乙两物体相遇 C乙物的加速度大于甲物的加速度 D在 t2时刻，甲、乙两物体相遇 答案： CD 试题分析：据题意，通过图像与时间轴围成的面积大小等于位移大小，可知 t1时刻之前甲的位移较大，则甲在乙之前，选项 A、 B错误；乙的图线斜率较大，则乙的加速度大于甲的，故选项 C正确；在 t2时刻甲、乙的图像面积相等，则两者位移大小相等，故选项 D正确。 考点：本题考查速度 -时间图像。 如图所示，光滑水平桌面上，一小球以速度 v向右匀速运动，当它经过靠近桌边的竖直木板 ad边正前方时，木板开始做自由落体运动。若木板 开始运动时， cd边与桌面相

7、齐，则小球在木板上的投影轨迹是 答案： B 试题分析：据题意，小球在水平方向做匀速直线运动，木板在竖直方向做自由落体运动，则球在板上的轨迹投影为抛物线，则选项 B正确。 考点：本题考查平抛运动。 如图所示， A、 B两木块间连一轻质弹簧， A、 B质量相等，一起静止地放在一块木板上，若将此木板突然抽去，在此瞬间， A、 B两木块的加速度分别是 A aA=O， aB=2g B aA = g， aB= g C aA=0， aB=0 D aA = g， aB= 2g 答案： A 试题分析：据题意，木板抽去前，对木块 A受力分析，有： ；对木块 B受力分析，有： ；木块抽去瞬间由于弹簧弹力瞬间保持原值

8、，则木块 A力不变，则有： aA=O；木块 B受到的支持力变为 0，则有： ，故选项 A正确。 考点：本题考查物体平衡条件、牛顿第二定律和弹力瞬时值。 一根轻质弹簧竖直悬挂一小球 ,小球和弹簧的受力如图所示，下列说法正确的是 A F1的施力者是弹簧 B F2的反作用力是 F3 C F3的施力者是地球 D F4的反作用力是 F1 答案： B 试题分析：据题意， F1的施力者是地球，选项 A错误； F2的反作用力是 F3故选项 B正确； F3的施力者是小球，故选项 C错误；弹簧对天花板的拉力，故选项 D错误。 考点：本题考查牛顿第三定律。 实验题 （ 8分）图甲是 “验证力的平行四边形定则 ”的实

9、验装置请完成实验操作与记录： 将弹簧测力计 A挂于固定点 P，下端用细线 ac挂一重物 G，如图虚线所示，记录： 测力计 A 的读数 F0 用弹簧测力计 B的挂钩拉另一细线的 b端，该细线的另一端系在细线 ac上的 O点处，手持测力计 B保持水平方向缓慢向左拉，到达如图所示位置，记录： O点的位置、 、 、 、 和细线 Oc的方向 某同学已作出 FA、 FB和 FA、 FB的实际合力 F的图示，请在图乙中作出 FA、 FB的理论合力 F的图示，比较 F和 F的大小和方向，可以得出结论：_ 答案：（测力计 A的读数、测力计 B的读数、 细线 Oa的方向、细线 Ob的方向（每空1分，共 4分） （

10、 互成角度的两个力的合成时遵循平行四边形定则 . （ 2分） 试题分析：（ 需要记录 测力计 A的读数作为弹簧秤 A施加的拉力大小、测力计 B的读数作为弹簧秤 B施加的拉力大小、 细线 Oa的方向作为 A弹簧拉力的方向、细线 Ob的方向作为 B弹簧拉力的方向；（ 互成角度的两个力的合成时遵循平行四边形定则。 考点：本题考查力的平行四边形定则的验证。 （ 10分）某同学利用图甲中器材验证机械能守恒实验 .如图乙是该实验得到的一条点迹清晰 请回答下列问题： 电磁打点计时器应接 _ （填 “直流 ”或 “交流 ”） _V的电源； 可以判断，连接重物的夹子应夹在纸带的 端 （填 “左 ”或 “右 ”）

11、； 若 x2=4.80cm，则在纸带上打下记数点 B时的速度 vB = m/s （计算结果保留三位有效数字） . 若 x1数据也已测出，则实验还需测出物理量为 . 若分析实验结果发现重物下落过程中减少的重力势能明显大于其增加的动能，则可能的原因是： . 答案：（ 交流 ， 4-6V 。（ 2分） （ 2分） （ 左 。（ 2分） （ 1.20 。（ 2分） AB之间的距离或 hAB（ 2分。 重物受到阻力作用 。（ 2分） 试题分析：据题意，（电磁打点计时器的电源为 4-6v的交流电压；（从夹子端开始加速，所以夹子夹在左端；（ B点的速度为： ； 要验证机械能守恒定律，就需要测量 AB之间的距

12、离； 重物下落过程中受到空气阻力和纸带与打点计时器的摩擦。 考点：本题考查机械能守恒定律的验证。 计算题 （ 18分） “要打战必打胜战 ”，我人民海军为此进行登陆演练，假设一艘战舰因吨位大吃水太深，只能停锚在 离海岸登陆点 x 1 km处登陆队员需要从较高的军舰甲板上，利用绳索下滑到登陆快艇上再行登陆接近目标，若绳索两端固定好后，与竖直方向的夹角 37，为保证行动最快，队员甲先匀加速滑到某最大速度，再靠摩擦匀减速滑至快艇，速度刚好为零，在队员甲开始下滑时，队员乙在甲板上同时开始向快艇以速度 平抛救生圈，第一个刚落到快艇，接着抛第二个，结果第二个救生圈刚好与甲队员同时抵达快艇（快艇可视为质点）

13、，若人的质量 m，重力加速度 g 10 m/s2，问： （ 1）军舰甲板到快艇的竖直高度 H为多少？ 队员甲在绳索上运动的时间 t0为多少？ （ 2）若加速过程与减速过程中的加速度大小相等，则队员甲在何处速度最大？最大速度多大？ （ 3）若登陆艇额定功率 5 kW，载人后连同装备总质量为 103 kg，从静止开始以最大功率向登陆点加速靠近，到达岸边时刚好能达到最大速度 10 m/s，若登陆舰前进时阻力恒定，则登陆艇运动的时间 t为多少？ 答案：（ 1） H 16m （ 2）绳索中点处速度最大 （ 3） t 108.8 s. 试题分析： （ 1）设救生圈平抛运动的时间为 t，由平抛运动规律有 H

14、 gt2， Htan v0t. （ 2分） 设人下滑的时间为 t0，由题意可知 t0 2t. （ 2分） 联立以上各式得： H 16m， （ 2分） （ 2）因加速过程与减速过程的加速度相等，所以甲在绳索中点处速度最大 （ 2分） 由几何关系得：绳索长 L H/cos370 20 m， 由 vmt2 L， （ 2分） 得 . （ 2分） （ 3）加速过程有 Pt-f（ x-Htan） Mv， （ 2分） 加速到匀速时 vm， （ 2分） 联立两式解得 t 108.8 s. （ 2分） 考点：本题考查平抛运动、动能定理 （ 18分） 如图所示，倾斜轨道 AB的倾角为 37o， CD、 EF轨道水

15、平， AB与 CD通过光滑圆弧管道 BC连接， CD右端与竖直光滑圆周轨道相连。小球可以从 D进入该轨道，沿轨道内侧运动，从 E滑出该轨道进入 EF水平轨道。小球由静 止从 A点释放，已知 AB长为 5R，CD长为 R，重力加速度为 g，小球与斜轨 AB及水平轨道 CD、 EF的动摩擦因数均为0.5， sin37o=0.6， cos37o=0.8，圆弧管道 BC入口 B与出口 C的高度差为 1.8R。求： （ 1）小球滑到斜面底端 C时速度的大小。 （ 2）小球对刚到 C时对轨道的作用力。 （ 3）要使小球在运动过程中不脱离轨道，竖直圆周轨道的半径 R应该满足什么条件？若 R=2.5R，小球最

16、后所停位置距 D（或 E）多远？ 注：在运算中， 根号中的数值无需算出。 答案：（ 1） （ 2） 6.6mg ，方向竖直向下 （ 3） 0.6R 试题分析： （ 1）设小球到达 C点时速度为 v， a球从 A运动至 C过程，由动能定理有 （ 2分） 来源 :Z.xx.k.Com 可得 （ 1分） （ 2）小球沿 BC轨道做圆周运动，设在 C点时轨道对球的作用力为 N，由牛顿第二定律 ， （ 2分） 其中 r满足 r+r sin530=1.8R （ 1分） 联立上式可得： N=6.6mg （ 1分） 由牛顿第三定律可得，球对轨道的作用力为 6.6mg ，方向竖直向下。 （ 1分） （ 3）要使

17、小球不脱离轨道，有两种情况： 情况一：小球能滑过圆周轨道最高点，进入 EF轨道。则小球 b在最高点 P应满足 （ 1分） 小球从 C直到 P点过程，由动能定理，有 （ 1分） 可得 （ 1分） 情况二：小球上滑至四分之一圆轨道的 Q点时，速度减为零，然后滑回 D。则由动能定理有 （ 1分） 若 ，由上面分析可知，小球必定滑回 D，设其能向左滑过 DC轨道，并沿CB运动到达 B点，在 B点的速度为 vB,，则由能量守恒定律有 （ 1分） 由 式，可得 （ 1分） 故知，小球不能滑回倾斜轨道 AB，小球将在两圆轨道之间做往返运动，小球将停在CD轨道上的某处。设小球在 CD轨道上运动的总路程为 S，则由能量守恒定律，有 （ 1分） 由 两式，可得 S=5.6R （ 1分） 所以知， b球将停在 D点左侧，距 D点 0.6R处。 （ 1分） 考点：本题考查动能定理、圆周运动。