2014届四川省成都石室中学高三上学期“一诊”模拟物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2014届四川省成都石室中学高三上学期 “一诊 ”模拟物理试卷与答案（带解析） 选择题 下列说法正确的是（ ） A万有引力定律只适用像天体这样质量很大的物体 B牛顿运动定律也适用微观世界 C功是能量转化的量度 D物体惯性的大小是由质量和速度共同决定的 答案： C 试题分析：广义上讲，万有引力定律使用于一切物体之间引力的计算，故 A错误；牛顿运动定律适用于宏观低速运动的物体，所以 B错误；功是能量转换的量度，力做了多少功，就有多少能量参与转换，所以 C正确；物体的惯性的大小由质量唯一量度，所以 D错误。 考点：本题考查牛顿运动定律、万有引力定律及功能关系。 如图所示，倾角为 的光滑斜面下端固定一

2、绝缘轻弹簧， M点固定一个质量为 m、带电量为 -q的小球 Q。整个装置处在场强大小为 E、方向沿斜面向下的匀强电场中。现把一个带电量为 +q的小球 P从 N 点由静止释放，释放后 P沿着斜面向下运动。 N 点与弹簧的上端和 M的距离均为 s0。 P、 Q 以及弹簧的轴线 ab与斜面平行。两小球均可视为质点和点电荷，弹簧的劲度系数为 k0，静电力常量为 k。则 ( ) A小球 P返回时，不可能撞到小球 Q B小球 P在 N 点的加速度大小为 C小球 P沿着斜面向下运动过程中，其电势能一定减少 D当弹簧的压缩量为 时，小球 P的速度最大 答案： AB 试题分析：由题意知，小球向下运动的过程电场力

3、 qE及重力做正功，向上运动时，电场力 qE与重力均做负功，根据能量守恒，小球返回时，不可能撞到小球Q，所以 A 正确；在 N 点，根据牛顿第二定律可得： ，所以 B正确；小球 P沿着斜面向下运动过程中， qE做正功，库伦力做负功，总功可能为正，也可能为负，故电势能的变化不确定，所以 C错误；当合外力为零时，速度最大，即弹力 ，所以 D错误。 考点：本题考查牛顿第二定律、功能关系等， 意在考查学生的综合分析能力。 2007年诺贝尔物理学奖授予了两位发现 “巨磁电阻 ”效应的物理学家。某探究小组查到某磁敏电阻在室温下的电阻随磁感应强度变化曲线如图甲所示，其中 R、 R0分别表示有、无磁场时磁敏电

4、阻的阻值。为研究其磁敏特性设计了图乙所示电路 .关于这个探究实验，下列说法中正确的是（ ） A闭合开关 S，图乙中只增加磁感应强度的大小时，伏特表的示数增大 B闭合开关 S，图乙中只改变磁场方向原来方向相反时，伏特表的示数减小 C闭合开关 S，图乙中只增加磁感应强度的大小时，流过 ap段的电流可能减小 D闭合开关 S，图乙中只增加磁感应强度的大小时，电源的输出功率可能增大 答案： AD 试题分析：由图可以看出，磁敏电阻的阻值的磁感应强度的方向无关，只与磁感应强度的大小有关随着磁感应强度变大，电阻变大，闭合开关 S，图乙中只增加磁感应强度的大小时，磁敏电阻的阻值变大，所以伏特表的示数增大，故 A

5、正确；磁敏电阻的阻值的磁感应强度的方向无关，所以闭合开关 S，图乙中只改变磁场方向原来方向相反时，伏特表的示数不变，故 B错误；图乙中只增加磁感应强度的大小时，磁敏电阻的阻值变大，并联电路的电压增大，所以ap段的电流增大，所以 C错误；外电路电阻最大，当外电路电阻小于电源内阻时，输出功率随外电阻的增大而增大，所以 D正确 考点：本题考查闭合电路欧姆定律，意在考查学生的分析能力。 一起重机由静止开始以加速度 a匀加速提起质量为 m的重物，当重物的速度为 时，起重机的允许输出的功率达到最大值 P，此后起重机保持该功率不变 ,继续提升重物，直到以最大速度 匀速上升为止。设重物上升高度为h，则下列说法

6、中正确的是（ ） A钢绳的最大拉力为 B钢绳的最大拉力为 C重物的动能增量为 D起重机对重物做功为 答案： B 试题分析：匀加速提升重物时钢绳拉力最大，且等于匀加速结束时的拉力，由P=Fv得 ，所以 A错误， B正确；由题意知重物先做匀加速运动后做加速度减小的加速运动，而 ma 是匀加速过程的合外力，所以动能的增量不等于mah，故 C错误；整个过程起重机对重物做功为 W，根据动能定律，所以 D错误。 考点：本题考查功、功率及动能定理。 为了探测月球，嫦娥三号探测器先在以月球中心为圆心，离月球表面高度为 h的圆轨道上运动，随后飞船多次变轨，最后围绕月球做近月表面的圆周飞行，周期为 T。引力常量

7、G已知。则（ ） A变轨过程中必须向 运动的反方向喷气 B变轨后与变轨前相比，飞船的机械能增大 C可以确定月球的质量 D可以确定月球的平均密度 答案： D 试题分析：变轨时飞船运动的轨道半径变小，做近心运动，要减速，所以变轨过程中必须向运动的方向喷气，故 A错误；变轨时，动能减小，势能不变，所以机械能减小，之后只有万有引力做功，机械能不变，所以轨后比变轨前相比，飞船的机械能减小，故 B错误；飞船围绕该星球做近表面圆周飞行，周期为T则有： ， 解得： ，所以可以确定密度，但不能确定质量，故 C错误， D正确 考点：本题考查天体运动。 如图所示，自动卸货车始终静止在水平地面上，车厢在液压机的作用下

8、， 角逐渐缓慢增大且货物相对车厢静止的过程中，下列说法正确的是 （ ） A货物受到的摩擦力变小 B货物受到的支持力变小 C货物受到的支持力对货物做负功 D货物受到的摩擦力对货物做负功 答案： B 试题分析：货物处于平衡状态，则有： mgsin=f， N=mgcos， 增大时， f 增大，N 减小，故 A错误， B正确；货物受到的支持力的方向与位移方向的夹角小于90，做正功，故 C错误；摩擦力的方向与位移方向垂直，不做功，故 D错误 考点：本 题考查物体的平衡、摩擦力及功。 若战机从 “辽宁号 ”航母上起飞滑行的距离相同，牵引力相同，则 （ ） A携带弹药越多，加速度越大 B加速度相同，与携带弹

9、药的多少无关 C携带弹药越多，获得的起飞速度越大 D携带弹药越多，滑行时间越长 答案： D 试题分析：携带的弹药越多，战机的质量越大，而牵引力相同，根据牛顿第二定律 ，所以加速度越小，故 A、 B错误；再根据 知，起飞的速度越小，所以 C错误；起飞滑行的距离相同，再由 可得加速度越小，时间越长，所以 D正确。 考点：本题考查牛顿第二定律、匀变速运动的规律。 实验题 (6分 )某同学在做测定木板与木块间的动摩擦因数的实验时，设计了两种实验方案 方案 A：木板固定，用弹簧测力计拉动木块如图 (a)所示 方案 B：弹簧固定，用手拉动木板，如图 (b)所示 除了实验必需的弹簧测力计、木板、木块、细线外

10、，该同学还准备了质量为200 g的砝码若干个 (g 10 m/s2) (1)上述两种方案中，你认为更合理的是方案 _ (2)该同学在重 2N 的木块上加放了 2个砝码，弹簧测力计稳定后的示数为1 5N , 则木板与 木块间的动摩擦因数 _. 答案： (1)B （ 3分） (2) 0.25 （ 3分） 试题分析：（ 1）比较两种实验方案的操作过程可以看出， A中物体在弹簧测力计作用下很难控制它一直做匀速直线运动，弹簧秤的示数不稳定，而 B中拉动的是木板，木板运动的速度不影响摩擦力的大小，稳定时弹簧测力计与木块相对于地静止，此时读数更准确所以，更合理的方案是 B （ 2）根据物体的平衡可得： ，代

11、入数据可得： 考点：本题考查摩擦力、摩擦因数的测量。 （ 11分）有一电压表 V1，其量程为 3V，内阻约为 3000,要准确测 量该电压表的内阻，提供的实验器材有： 电源 E：电动势约 15V，内阻不计； 电流表 A1：量程 100mA，内阻 r1=20 ； 电压表 V2：量程 2V，内阻 r2=2000 ； 定值电阻 R1：阻值 20； 定值电阻 R2：阻值 3； 滑动变阻器 R0：最大阻值 10，额定电流 1A； 电键一个，导线若干。 （ 1）实验中应选用的电表是 ；定值电阻应选用 。 （ 2）请你设计一个测量电压表 V1的实验电路图，画在虚线框内 （ 3）说明实验所要测量的物理量： （

12、 4）写出电压表 V1内阻的计算表达式 RV1= 。 答案：（ 1） V2； R1 （各 2分） （ 2）电路图如图所示。（ 3分） （ 3）电压表 V1的示数 U1 ，电压表 V2的示数 U2 （各 1 分） （ 4） r2 （ 2 分） 试题分析：（ 1）因待测电压表电压为 3V，满偏电流为 ，远小于电流表的满偏电流 100mA，所以不能使用电流表测量电流，考虑使用电压表 V2，因其满偏电流 ，所以可以将两电压表串联使用，所以应选用的电表是 V2；显然滑动变阻器应用分压式接法，因电压表 V1与 V2的最大串联电压为 ，根据串联单路分压规律可知， ，解得 R=20，所以定值电阻应选 R1 （

13、 2）由上面分析可知，电路图如图所示 （ 3）由欧姆定律 所以，只要读出电压表 V1的读数 U1和电压表 V2的读数 U2，即可求出待测电压表的内阻，可解得 考点：本题考查伏安法测电阻。 计算题 （ 15分）成都是一座来了就不想走的城市，悠闲而不失高雅，前不久，成都东区音乐公园就举办了一场盛大的钢琴音乐会。工作人员在布置舞台时，要用绳索把钢琴从高台吊运到地面。已知钢琴的质量为 175kg，绳索能承受的最大拉力为 1820N，吊运过程中钢琴以 0.6m/s的速度在竖直方向上做匀速直线运动。降落至底部距地面的高度为 h时，立即 以恒定加速度减速，最终钢琴落地时刚好速度为零（ g取 10m/s2），

14、 求：（ 1） h的最小值是多少； （ 2）为了保证绳索和钢琴的安全，此次以 0.6m/s的初速度匀减速到零，用时3s，求此次减速过程中钢琴机械能的变化量 E。 答案：（ 1） 0.45m (2) 1606.5J 试题分析：（ 1）当拉力最大时， h有最小值。对钢琴： F-mg=ma a=0.4 m/s2 v2=-2ah h=0.45m （ 6分）（用动能定理同样得分） (2)当减速时间为 3s时： （ 3分） （法一） （ 4分） 所以，钢琴机械能的机械能 减少了 1606.5J（ 2分） （法二） （ 4 分） 所以，钢琴机械能的机械能减少了 1606.5J（ 2分） 考点：本题考查牛顿第

15、二定律、机械能，意在考查学生的综合能力。 (17分 )如图所示，在 xoy平面上，直线 OM与 x轴正方向夹角为 45o，直线OM左侧存在平行 y轴的匀强电场，方向沿 y轴负方向。直线 OM右侧存在垂直 xoy平面向里的磁感应强度为 B的匀强磁场。一带电量为 q，质量为 m带正电的粒子（忽略重力）从原点 O 沿 x轴正方向以速度 vo射入磁场。此后，粒子穿过磁场与电场的边界三次，恰好从电场中回到原点 O。（粒子通过边界时，其运动不受边界的影响） 求： (1)粒子第一次在磁场中做圆周运动的半径； (2)匀强电场的强度； (3)粒子从 O 点射出至回到 O 点的时间。 答案： (1) (2) （

16、3） 试题分析：（ 1）根据向心力公式可得： 解得： （ 2）粒子运动的轨迹如图所示： 粒子第二次进入电场后做类平抛运动： 所以： ； ； 联立解得： （ 3）粒子在磁场中运动的时间： 在电场中做直线运动的时间： 在电场中做类平抛运动的时间 粒子从 O 点射出至回到 O 点的时间 考点：本题考查带电粒 子在复合场中的运动，意在考查学生的综合分析能力。 （ 19 分）如图所示，在粗糙水平台阶上静止放置一质量 m=0.5kg 的小物块，它与水平台阶表面的动摩擦因数 =0.5，且与台阶边缘 O 点的距离 s=5m在台阶右侧固定了一个 1/4圆弧挡板，圆弧半径 R=1m，圆弧的圆心也在 O 点。今以

17、O 点为原点建立平面直角坐标系现用 F=5N 的水平恒力拉动小物块，一段时间后撤去拉力，小物块最终水平抛出并击中挡板（ g取 10m/s2） （ 1）若小物块恰能击中档板上的 P点（ OP与水平方向夹角为 37，已知， ），则其离开 O 点时的速度大小； （ 2）为使小物块击中档板，求拉力 F作用的最短时间； （ 3）改变拉力 F的作用时间，使小物块击中挡板的不同位置求击中挡板时小物块动能的最小值 答案： (1) (2) t=1s （ 3） 试题分析：（ 1）小物块从 O 到 P，做平抛运动 水平方向： （ 2分） 竖直方向： （ 2分） 解得： （ 1分） （ 2）为使小物块击中档板，小物块必须能运动到 O 点， 由动能定理得： （ 1分） 解得： x=25m （ 1分） 由牛顿第二定律得： （ 2分） 解得： （ 1分） 由运动学公式得： （ 2分） 解得： t=1s （ 1分） （ 3）设小物块击中挡板的任意点坐标为（ x， y），则 （ 1分） （ 1分） 由机械能守恒得： （ 1分） 又 （ 1分） 化简得： （ 1分） 由数学方法求得 （ 1分） 考点：本题考查牛顿第二定律、平抛运动及机械能守恒，意在考查学生的综合能力。