2014届湖北省鄂州市葛店中学九年级12月调考物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2014届湖北省鄂州市葛店中学九年级 12月调考物理试卷与答案（带解析） 选择题 5 月 31 日是 “世界无烟日 ”，吸烟有损自己和他人的健康，据世卫组织统计，每年因吸烟导致近 600万人失去生命，造成他人吸二手烟是由于（ ） A烟分子间存在着引力 B烟分子间有空隙 C烟分子在不停地做无规则运动 D烟分子间存在着斥力 答案： C 试题分析：物质是由分子组成的，一切物质的分子都在不停地做无规则运动，分子间存在着相互作用的引力和斥力扩散现象说明了一切物质的分子都在不停地做无规则运动由于一切分子都在不停地做无规则运动，所以公共场合吸烟的时候，烟气会扩散到空气中，被在场的其它人吸收，故造成他人吸二手

2、烟是由于分子在不停地做无规则运动的缘故故选 C 考点：分子的运动 某同学在做 “调节灯泡亮度 ”的电学实验时，电路如图所示，电源电压恒为4.5V，电压表量程 “0 3V”，滑动变阻器规格 “20 lA”，灯泡 L标有 “2.5V 1.25W”字样 (忽 略灯丝电阻变化 )，在不损坏电路元件的情况下，下列判断正确的是（ ） A电路中电流变化的范围是 0.18A一0.5A B滑动变阻器阻值变化的范围是2.5 10 C灯泡的最小功率是 0.162W D该电路的最大功率是 2.25W 答案： D 试题分析：从图中可知，灯泡 L与滑动变阻器串联，电压表测量滑动变阻器的电压，为了不损坏电路元件，根据串联电

3、路电流的特点，应该选取通过灯泡 L的额定电流与通过滑动变阻器的最大电流相比较，得出电路中的最大电流通过灯泡 L的额定电流： ，滑动变阻器允许通过的最大电流为 1A，根据串联电路电流的特点，所以电路中的最大电流 I 大 =IL=0.5A，由于此时电流最大，所以滑动变阻器接入电路中的电阻最小，此时电路总电阻，灯泡的电阻 ， 滑动变阻器接入电路中的最小电阻 R小 =R总 -RL=9-5=4；为了不把电压表损坏，电压表的最大示数为 3V，当电压表的示数最大为 U 大 =3V时，滑动变阻器接入电路中的电阻最大，电流最小，此时灯泡两端电压 UL =U-U 大 =4.5V-3V=1.5V，最小电流 ，滑动变

4、阻器接入电路中的最大电阻 ；所以电路中电流的变化范围是 0.3A0.5A ，滑动变阻器阻值的变 化范围是 410 ；灯泡的最小功率为 P 小 L=I 小 2RL=（ 0.3A）25=0.45W；电路中的最大功率为 P总大 =UI 大 =4.5V0.5A=2.25W故选 D 考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；欧姆定律的应用；电阻的串联 如图所示，是某电器内部的电路结构图， R1、 R2为阻值相同的电热丝不同的连接方式其发热功率不同，下列说法不正确的是（ ） A甲的发热功率与丙的发热功率相等 B丁的发热功率是丙的发热功率的 2倍 C丙的发热功率是乙的发热功率的 2倍 D丁

5、的发热功率是乙的发热功率的 4倍 答案： A 试题分析：由题知， R1、 R2为阻值相同的电热丝，设 R1=R2=R，分析甲、乙、丙、丁各连接方式可知：甲图为开路， P 甲 =0；乙图中两电阻串联， R乙 =2R， P 乙= ；丙图中只有电阻 R1工作， R丙 =R， P 丙 = ；丁图中两电阻并联， R丁 = R， P 丁 = ；可见，甲的发热功率与丙的发热功率不相等，故 A错；丁的发热功率是丙的发热功率的 2倍，故 B正确；丙的发热功率是乙的发热功率的 2倍，故 C正确；丁的发热功率是乙的发热功率的 4倍，故D正确故选 A 考点：电功率的计算 有两个电路元件 A和 B，流过元件的电流与其两

6、端电压的关系如图（甲）所示把它们串联在电路中，如图（乙）所示闭合开关 S，这时电流表的示数为 0.4A，则电源电压和电路消耗的总功率分别是（ ） A 4.5V， 1.8W B 2.5V， 1.0W C 4.5V， 1.0W D 2.0V， 0.8W 答案： A 试题分析：电路元件 A和 B串联，电路中各处的电流相等，由图甲可得：当电流表的示数为 0.4A时， UA=2V， UB=2.5V，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压 U=UA+UB=2V+2.5V=4.5V，电路消耗的总功率：P=UI=4.5V0.4A=1.8W故选 A 考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；串联电路

7、的电压规律 如四所示，电源电压为 4.5V且恒定不变，当开关 S闭合后，滑动变阻器的滑片 P从 a端滑向 b端的过程中，三只理想电压表的示数变化的绝对值分别为U1、 U2、 U3，下列可能出现的情况是（ ） A U1=0V U2=2V U3=1V B U1=0V U2=2V U3=2V C U1=0.5V U2=1V U3=1.5V D U1=0.2V U2=1V U3=0.8V 答案： B 试题分析：由电路图可知，灯泡与滑动变阻器串联，电压表 V1测电源的电压，电压表 V2测滑动变阻器两端的电压，电压表 V3测灯泡两端的电压因为电源的电压不变，所以滑动变阻器的滑片 P从 a端滑向 b端的过程

8、中，电压表 V1示数始终为电源电压，其变化的绝对值 U1=0V，故 CD不正确；又因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以 U2=U-U3， U2=U2-U2 =(U-U3)-(U-U3 )=-(U3-U3 )=- U3，即电压表 V2示数变化的绝对值 U2等于电压表 V3示数变化的绝对值 U3，结合选项可知 B正确， A不正确故选 B 考点：电路的动态分析；串联电路电压特点 如图所示电路中，电源电压不变， R1为定值电阻， R为滑动变阻器，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片 P向左移动时，下列判断正确的是（ ） A电压表示数变小，电流表示数变大 B电压表示数变小，电流表示数变小 C电压表示数

9、变大，电流表示数变小 D电压表和电流表的示数的比值不变 答案： D 试题分析：由电路图可知，滑动变阻器 R与定值电阻 R1串联，电压表测量 R1两端的电压，电流表测串联电路中的电流； 当滑动变阻器 R的滑片 P向左移动时， R 接入电路中的电阻变小，电路中的总电阻 R 总 =R R1变小，根据 ，电源电压不变，故电流 I变大，即电流表示数变大；根据 可知，定值电阻 R1两端的电压变大，即电压表的示数变大，故 ABC不正确；电压表和电流表的示数的比值等于定值电阻 R1的阻值，故电压表和电流表的示数的比值不变，故 D正确故选 D 考点：电路的动态分析；滑动变阻器的使用；欧姆定律的应用 用两个相同的

10、电热器给质量同为 2kg的物质甲和水加热，它们的温度随时间的变化关系如图所示，据此判断甲物质 10min吸收的热量为（ ） A 5.04105J B 4.2105J C 2.52105J D条件不足，不能计算 答案： C 试题分析：由图象可知：用两个相同的电热器给质量相同的物质甲和水加热，水温度升高 60 需要 20min，物质甲温度升高 60 需要 10min所以质量相同的物质甲和水升高相同的温度需要吸收的热量关系为： Q 水吸 =2Q 甲吸 由可知： c 水 =2c 甲 又因 c水 =4.2103J/（ kg ），所以 c 甲 =2.1103J/（ kg ）甲物质 10min升高了 60

11、，甲物质吸收的热量为 Q 吸 =c 甲 m甲 t 甲 =2.1103J/（ kg ）2kg60 =2.52105J故选 C 考点：热量的计算 新交通法规于 2013年 1月 1日施行，驾驶员不系安全带记 3分，罚 100元汽车上设置了 “安全带指示灯 ”，提醒驾驶员系好安全带当安全带系好时，相当于闭合开关，指示灯不亮；安全带未系好时，相当于断开开关，指示灯发光图中符合上述要求的电路图是（ ） A B C D 答案： B 试题分析：由题意知，未系好安全带时指示灯亮，系好安全带灯泡不亮，说明开关断开指示灯亮，开关闭合灯泡不亮即被短路了即指示灯与开关 S并 联，但电源不会出现短路，故电路中必须串联一

12、个保护电阻，结合选项可知 B符合题意， ACD不符合故选 B 考点：电路图设计 某机器的能量流向图如图所示，据此推测该机器可能是（ ） A热机 B电动机 C发电机 D电热水器 答案： A 试题分析：热机：将内能转化为机械能；电动机：将电能转化为机械能；发电机：将机械能转化为电能；电热水器：将电能转化为内能由图可知该机器将一部分内能转化成了机械能，还有一大部分内能散失掉了，所以该机器是热机故选 A 考点：热机 下列有关热现象的说法中，正确的是（ ） A分子间既有引力又有斥力，分子间的距离越大作用力也越大 B机械能与整个物体的运动情况有关，内能与物体内部分子的热运动有关 C震后疾病防控消毒时空气中

13、散发一股浓浓的药味，是药物分子的扩散现象 D做功和热传递都可以改变物体的内能，但功和热量是不同的物理量，单位也不同 答案： C 试题分析：分子之间既存在引力又存在斥力，分子力是引力和斥力的合力分子间的引力和斥力都随分子间距的增大而减小，但斥力变化得更快一些，故 A错误；内能与机械能是两种不同形式的能量，机械能与整个物体机械运动的情况有关，内能与物体内部分子的无规则热运动和相互作用情况有关物体总是具有内能，但不一定具有机械能故 B错误；扩散现象是分子运动的结果，一切物质的分子都在不停地做无规则运动故 C正确；改变物体内能的方式有两种：做功和热传递；做功改变物体内能的实质是能量的转化，热传递改变物

14、体内能的实质是能量的转移做功和热传递在改变物体的内能上是等效的在热传递过程中，传递能量的多少叫做热量，因此能量的单位应该和热量的单位相同，和功的单位相同，都是焦耳，故 D错 误故选 C 考点：分子动理论的基本观点；机械能与内能的区别；改变物体的内能的方法；功和热量的单位 实验题 利用如图甲所示的实验器材，测定额定电压为 6V的小灯泡的电功率已知滑动变阻器上标有 “l2 1A”的字样，电源电压保持不变请完成下列相关问题： (1)该实验的原理是 _(2分） (2)在甲图上补画一根导线，使得测定小灯泡电功率的电路完整，要求滑片 P向右移动时，小灯泡变暗 (2分） (3)连好电路后，要使滑动变阻器的电

15、阻丝全部接入电路，应先将滑片 P移至_（选填 “a”“b”）端，再闭合开关 S，此时电压表示数为 4.2 V，对应的电流表示数如图乙所示 (2分） (4)调节滑片 P，当 P移至 ab中点时，小灯泡恰好正常发光 (5)继续调节滑片 P，当 P移至另一点时，灯泡偏亮，读出此时电压表、电流表示数分别为 6.5 V、 0.52A （ 6）根据实验过程填完下表 (2分） 答案： (1)P=UI (2) （ 3） b (6) 实验次数 电压表示数 /V 电流表示数 /A 亮度 功率 /W 1 4.2 0.4 偏暗 1.68 2 6.0 0.5 正常 3 3 6.5 0.52 偏亮 3.38 试题分析：（

16、 1）测量小灯泡功率的实验原理为 P=UI；（ 2）要求滑片 P向右移动时，小灯泡变暗，即使整个电路中的电流变小，故此时电路中的电阻要变大，变阻器一端已经连好，根据变阻器的工作原理，要想滑片右移时阻值变大，导线必须连在左下端，实物电路连接如图所示： （ 3）连好电路后，闭合开关前，为防止电路中电流过大烧毁元件，变阻器的阻值应在最大值处，故滑片 P应滑至 b端；（ 6）滑动变阻器接入电路电阻最大时，电路电流最小，而滑动变阻器允许通过的最大电流为 1A，所以电流表指针指示的电流是 0.4A；此时灯泡的实际功率为 P1=U1I1=4.2V0.4A=1.68W；滑动变阻器两端电压为 U 最大 = =0

17、.4A12=4.8V，电源电压为 U=U1+U 最大=4.2V+4.8V=9V；灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为 U 半 =U-U 额 =9V-6V=3V，通过灯泡的电流为 I 额 =I 半 = ，灯泡的额定功率为 P 额 =U额 I 额 =6V0.5A=3W故答案：为： (1)P=UI (2) 连接 a接线柱与 S的左边接线柱（ 3） b (6) 0.4； 1.68； 0.5； 3 考点：电功率的测量；欧姆定律的运用；串联电路的特点 填空题 如图电源电压恒定，闭合 S0当 S闭合、甲乙两表为电压表时，两表示数之比 U 甲 :U 乙 7:5；当 S断开、甲乙两表为电流表时，两表示数之比 I

18、 甲 :I 乙 _，此时 R1、 R2消耗的功率之比 P1:P 2 _ 答案： 7； 5 2 试题分析：由电路图可知，闭合 S0、 S，甲乙两表为电压表时，两电阻串联，电压表甲测串联总电压，电压表乙测电阻 R2电压，因为 U 甲 :U 乙 7:5即，所以 ， ，即 ；闭合 S0，断开 S且两电表为电流表时，两电阻并联，电流表甲测通过 R2的电流，电流表乙测干路电流，两表示数之比 ，两电阻消耗的功率之比 考点：欧姆定律的变形公式；电功率的计算；串、并联电路的电压、电流特点 两定值电阻 RA和 RB中的电流与其两端电压的关系如图所示，若将两电阻串联在电压为 3V的电源两端，电路的总功率为 _W，通

19、电一段时间后，RA和 RB产生的热量之比是 _。 答案： .6； 1 2 试题分析：由图象知， U=3V时， IA=0.6A， IB=0.3A，根据 ，电阻， ，两电阻串联时，电路总电阻R=RA+RB=5+10=15，电路总功率 A、 B两电阻串联流过它们的电流 I相等，通电一段时间产生的热量之比故答案：为： 0.6； 1 2 考点：电功率的计算；焦耳定律的计算公式及其应用 小明家电能表上个月底表盘数字是 ，这个月底表盘数字如图所示，可知他家本月用电 _度，他只让某电水壶工作，发现在 10分钟内该电能表转盘转过了 600转，则该电水壶的实际功率为 _W 答案：； 1200 试题分析：小明家本月

20、用电的计算方法：月末的减去月初的示数，电能表的读数时注意最后一位是小数，单位 kW h；月初电能 表示数 W1=1262.5kW h，月底电能表示数 W2=1362.5kW h，小明家本月用电： W=W2-W1=1362.5kW h-1262.5kW h=100kW h=100度 3000r/kW h表示的是电路中每消耗 1kW h的电能，电能表的转盘转 3000r，电能表转盘转动 600r，电路消耗的电能为： W=，电热水壶单独工作时间； t=10min= h，电热水壶的实际功率： =1200W故答案：为： 100； 1200 考点：电功率的计算；电能表参数的理解与电能的求法 如图是某台电热

21、饮水机说明书上的部分信 息当开关 S闭合时，饮水机处于 _状态（填 “加热 ”或 “保温 ”），它将满箱水从 18 加热到 98 ，水吸收的热量是 _J C 水 4.2103J/( kg. ),水 1.0103kg/m3 答案：加热； 6.72105 试题分析：当开关 S闭合时，电阻 R2被短路，电路中只有 R1，电路中电阻最小，据公式 ，电源电压不变，此时电功率最大，处于加热状态；知道热水器的容积（装满水水的体积），利用密度公式求水的质量：m=V=1.0103kg/m3210-3m3=2kg，知道水的初温和末温、水的比热容，根据吸热公式 计算出水吸收的热量： =4.2103J/（ kg ）2

22、kg（ 98 -18 ） =6.72105J故答案：为：加热； 6.72105 考点：功率大小的判断；热量的计算 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，闭合开关 S后，当滑片 P向右移动时，电压表示数将 _(选填 “变大 ”、 “变小 ”或 “不变 ”)。当滑片 P分别在滑动变阻器的两个端点 a和 d、中点 c和图中 b位置时，电压表的示数从小到大的顺序分别为 0V、 2V、 3V和 4V，则在图示 b位置时电压表示数应为_V。 答案：变大； 2 试题分析：电阻和滑动变阻器是串联，电压表测滑动变阻器的电压，当滑片向右移动时，滑动变阻器连入电路的电阻变大，由欧姆定律 知，电路中的电流会随电阻的变

23、大而变小，由 知，定值电阻 R的电压变小，而串联电路中的总电压等于各用电器的电压之和即 ，故滑动变阻器上的电压 变大，即 V的示数变大，且在 a时示数是最小，在 d时的示数最大，故图示 b位置时电压表示数应为 2伏 故本题答案：为：变大； 2 考点：欧姆定律的应用；滑动变阻器的使用；电路的动态分析 如图， A灯标有 “4V， 4W”字样 ， B灯标有 “4V， 2W”字样闭合开关，从右向左缓慢滑动变阻器滑片，直到其中一盏灯恰好正常发光，此时电压表的示数是 _V， A灯和 B灯的总功率是 _W 答案：； 3 试题分析：两灯泡的额定电流分别为： ，；两灯泡的电阻分别为： ，由图可知两灯串联，而串联

24、电路中各处的电流相等，所以从右向左缓慢滑动变阻器滑片，直到其中一盏灯恰好正常发光时（ B灯先正常发光），电路中的电流为 0.5A，又因为串联电路中总电阻等于各分电阻之和，故电压表的示数： U=IB（ RA+RB） =0.5A（ 4+8） =6V；此时电路中的功率：P=UI=6V0.5A=3W故答案：为： 6； 3 考点：电功率的计算；串联电路的电流规律；欧姆定律的应用；电阻的串联 如图所示的电路中，三个电阻 R1、 R2、 R3的阻值分别为 1、 2、 3，开关闭合后，通过三个电阻的电流之比为 _，电流表 A1、 A2和 A3的内阻均可忽略，它们的示数分别为 I1、 I2和 I3，则I1 I2

25、 I3=_ 答案： 3 2； 5 9 11 试题分析：由电路图可知，三电阻并联，电流表 A1测 R2和 R3支路的电流之和，电流表 A2测 R1和 R2支路的电流之和，电流表 A3测干路电流；因为并联电路中各支路两端的电压相等，根据欧姆定律 ， ，所以 ；并联电路中干路电流等于各支路电流之和，电流表 A1的示数 ，电流表 A2的示数 ，电流表 A,3的示数，所以 I1 I2 I3=故答案：为： 6 3 2； 5 9 11 考点：欧姆定律的应用；并联电路的电流规律；并联电路的电压规律 如图 a所示的电路，电源电压保持不变。闭合开关 S，调节滑动变阻器，两电压表的示数随电路中电流变化的图像如图 b

26、所示，根据图像的信息可知：_（选填 “甲 ”或 “乙 ”）是电压表 V1示数变化的图像，电源电压为 _V，电阻 R1的阻值为 _。 答案：甲； 6； 20 试题分析：由 a电路图可知， R1、 R2串联，电压表 V1测 R1的电压，电压表 V2测 R2的电压，电流表测串联电路的电流当滑动变阻器 R2的滑片 P，向右移动时， R2连入电阻变大，电路中电流 变小， R1两端的电压 同时变小，电源电压保持不变， R2 两端的电压 就要变大，即电流变小时，电压表 V1变小，电压表 V2变大；结合图 b可知，甲是 R1的 U-I图象即电压表V1示数变化的图象，乙是 R2的 U-I图象即压表 V2示数变化

27、的图象；由图象可知，当 U1=U2=3V时， I=0.15A，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源电压 U=U1+U2=3V+3V=6V；电阻 R1的阻值 故答案：为：甲； 6； 20 考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用 如图所示的电路中， R1为定值电阻， R2为滑动变阻器，电源电压不变。闭合开关 S后，滑片 P从 a端移动到 b端，电流表示数 I与电压表示数 U的变化关系如图所示，则电源电压为 _V， R2的最大阻值为 _。 答案：； 10 试题分析：由图可知，两电阻串联，电压表测 R2两端的电压，电流表测电路中的电流当滑动变阻器接入电

28、路中的电阻为 0时，电路中的电流最大，由图可知 I 大 =0.6A，根据欧姆定律可得，电源的电压： U=I 大 R1=0.6AR1，当滑动变阻器接入电路中的电阻最大时，电路中的电流最小，由图可知， I 小 =0.2A， U2=2V，滑动变阻器的最大阻值： ，因为串联电路中总电压等于各分电压之和，所以电源的电压： U=I 小 R1+U2=0.2AR1+2V，因电源的电压不变，故 0.6AR1=0.2AR1+2V，解得： R1=5，电源的电压U=0.6AR1=0.6A5=3V故答案：为： 3； 10 考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；串联电路的电压规律；滑动变阻器的使用 计算题 质量为 8

29、0kg的运动员在某次训练中排汗 0.7g，假如汗水均从身上蒸发掉而不没有流掉，这将导致运动员的体温 _ 约 _ ，内能改变了_J人体主要万分是水，可认为人的比热容和水的相等，每千克汗水汽化所要吸收的热量为 2.4106J 答案：下降； 5； 1.68106 试题分析：由题知，每千克汗水汽化所需吸收的热量为 2.4106J，排汗 0.7kg吸收的热量： Q 吸 =2.4106J0.7=1.68106J，而运动员放出的热量（内能的降低值）： Q 放 =Q 吸 =1.68106J，运动员的温度降低值：故答案：为：下降； 5； 1.68106 考点：热量的计算 小明按如图所示的电路进行实验，已知电源电

30、压不变，闭合开关，改变 a、b之间的电阻箱 R的阻值，得到一组电压表的示数 UR 的图象如图乙所示。 （ 1）随着电阻箱接入电路中的阻值增大，定值电阻 R0两端的电压 _（ 选填 “增大 ”、 “减小 ”或 “不变 ”） (2分） （ 2）将 a、 b间的电阻箱换成未知电阻 Rx，读得电压表示数为 4.5V，则Rx=_，此时电路中电流为 _ A (2分） （ 3）取下 Rx，分别将电阻 RA和 RB接入 a、 b之间，读得对应的电压表示数为1V和 3V，在这两种情况下， R0上消耗的电功率变化了 _W (2分） 答案：（ 1）减小；（ 2） 14； 0.32；（ 3） RO上消耗的电功率变化了

31、 3.06W 试题分析：（ 1）根据电路图可知，电阻箱与定值电阻串联，电压表测量电阻箱两端电压串联电路起分压 作用，电阻越大，分得的电压越大，随着电阻箱接入电路中的阻值增大，电阻箱两端电压随之增大，根据串联电路电压特点可知，定值电阻 R0两端的电压将减小 （ 2）根据 U-R图象可知，当电压表示数为 4.5V时，电阻箱接入电路的电阻为14，因此 Rx=14，此时电路中的电流： ； （ 3）根据 U-R图象可知，当电压表示数为 1V时，电阻箱接入电路的电阻为1，因此 RA=1，此时电路中的电流： ；当电压表示数为 3V时，电阻箱接入电路的电阻为 5.8，因此 RB=5.8，此时电路中的电流：；因

32、为电源电压不变，所以可得： IA（ RA+R0） =IB（ RB+R0） ,即 1A（ 1+R0） =0.52A（ 5.8+R0），解得 R0=4.2， R0上消耗的电功率变化了： P=PA-PB=（ IA） 2R0-（ IB） 2R0=（ 1A） 24.2-（ 0.52A）24.2=3.06W故答案：为：（ 1）减小；（ 2） 14； 0.32；（ 3） RO上消耗的电功率变化了 3.06W 考点：控制变量法与探究性实验方案；电功率的计算；欧姆定律的运用；串联电路的电压、电流特点 如图所示的电路中，灯泡 L上标有 “12V 9W”字样，滑动变阻器的最大阻值为 R1，电 源电压保持不变。当开关

33、 S1、 S2、 S3都闭合时，灯泡 L正常发光，两电流表指针位置相同；当开关 S1、 S2断开， S3闭合时，改变滑片 P的位置，使滑动变阻器连入电路的阻值分别为 R1和 R1/4，在这两种情况下，滑动变阻器消耗的功率相等。（灯泡电阻不随温度的变化而改变）求： （ 1）电源电压； （ 2） R2的阻值； （ 3）电路在何种状态下消耗的功率最小，最小功率是多少？ 答案：（ 1）电源电压为 12V；（ 2） R2的阻值为 64；（ 3）当开关 S1、 S3断开， S2闭合，滑动变阻器接入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，最小功率是 1.5W 试题分析：（ 1）当开关 S1、 S2、 S3都闭合

34、时， R1被短接， R2与灯泡并联接在电源两端，电流表 A1测 R2支路的电流，电流表 A测干路电流因为并联电路中各支路两端的电压相等，且灯泡正常发光时两端的电压和额定电压相等，所以电源的电压 U=UL=12V； （ 2）灯泡正常发光时的电流： ，灯泡的电阻：，因为两电流表指针位置相同，且大量程的示数是小量程示数的 5倍，所以干路电流 I=5I2，又并联电路中总电流等于各分电流之和，所以 I=5I2=I2+IL，解得： I2= IL= 0.75A=0.1875A， R2的阻值：； （ 3）当开关 S1、 S2断开， S3闭合时，滑动变阻器与灯泡串联接在电源两端，因串联电路中总电阻等于各分电阻之

35、和，所以滑动变阻器连入电路的阻值分别为R1、 R1 时电路中的电流： ， ，因为 ，且在这两种情况下滑动变阻器消耗的功率相等，所以，即 ，解得： R1=32，当开关 S1、 S3断开， S2闭合，滑动变阻器接入电路的电阻最大时，电路中的总电阻最大，电路消耗的总功率最小，最小总功率为：故答案：为：（ 1）电源电压为 12V；（ 2） R2的阻值为 64；（ 3）当开关 S1、 S3断开， S2闭合，滑动变阻器接入电路的电阻最大时电路消耗的功率最小，最小功率是 1.5W 考点：欧姆定律的应用；串联电路的电流规律；并联电路的电流规律；电流表的读数方法；并联电路的电压规律；电阻的串联；电功率的计算 近

36、几年来我市冬季蔬菜价格逐年攀升，但种植蔬菜的大棚数量却逐年减少，小刚调查发现，煤炭价格上涨是导致蔬菜成本上升的重要原因为此小刚想，能否利用所学的知识对大棚进行节能改造，评估利用太阳能和电能为大棚提供能源的可行性查询资料可知，本地区冬季太阳能集热管每平方 米面积上每天可接收的太阳能是 1.68107J，煤的热值为 3107J/kg请你帮助他完成下列计算，为小刚的评估提供依据 （ 1）如果这些能量的 90%被水吸收，可使多少千克的水从 20 升高到 70 ？ （ 2）用集热管每平方米接收的太阳能替代煤，可节约煤多少千克？（煤完全燃烧） （ 3）如果用 3kW的电热器加热这些水，需要多长时间？（不计

37、热散失） （ 4）请写出一条太阳能的优点或缺点 答案：（ 1）如果这些能量的 90%被水吸收，可使 72千克的水从 20 升高到 70 ；（ 2）用集热管每平方米接收的太阳能替代煤，可节约 煤 0.56千克；（ 3）如果用 3kW的电热器加热这些水，需要 84min时间（ 4）优点：清洁、无污染、取之不尽等；缺点：受天气影响，不稳定等 试题分析：（ 1）水吸收的热量： Q 吸 =Q=90%1.68107J=1.512107J，水的质量： =72kg （ 2）因为煤完全燃烧，利用 Q=mq即可求得节约煤的质量：（ 3）不计热损失， W=Q 吸 ，知道加热功率 P=3kW=3000W，电热器要工作时间：（ 4）太阳能无污染属清洁能源，但受太阳光的限制故太阳能其优点是：清洁、无污染、取之不尽等缺点：受天气影响，不稳定等故答案：为：如果这些能量的 90%被水吸收，可使 72千克的水从 20 升高到 70 ；（ 2）用集热管每平方米接收的太阳能替代煤，可节约煤 0.56千克；（ 3）如果用 3kW的电热器加热这些水，需要 84min时间（ 4）优点：清洁、无污染、取之不尽等；缺点：受天气影响，不稳定等 考点：热平衡方程的应用；焦耳定律的计算公式及其应用