重庆市南开中学2018_2019学年高二物理期末考试试卷（含解析）.doc

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1、12018-2019 学年重庆市南开中学高二期末考试物理试题物理注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答

2、题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题)一、单选题1关于通电直导线在匀强磁场中所受的安培力，下列说法正确的是（ ）A安培力的方向可以不垂直于直导线B安培力的方向总是垂直于磁场的方向C安培力的大小与通电直导线和磁场方向的夹角无关D将直导线从中点折成直角，安培力的大小一定变为原来的一半2交流发电机发电示意图如图所示,线圈转动过程中,下列说法正确的是（ ）A转到图甲位置时，通过线圈的磁通量变化率最

3、大B转到图乙位置时，线圈中产生的感应电动势为零C转到图丙位置时，线圈中产生的感应电流最大D转到图丁位置时，AB 边感应电流方向为 AB3如图所示，金属棒 AB 原来处于静止状态(悬挂)由于 CD 棒的运动，导致 AB 棒向右摆动，则 CD 棒( )A向右平动 B向左平动 C向里平动 D向外平动4如图所示，质量为 m 的金属环用线悬挂起来，金属环有一半处于水平且与环面垂直的匀强磁场中，从某时刻开始，磁感应强度均匀减小，则在磁感应强度均匀减小的过程中，关于线拉力的大小下列说法中正确的是( )A大于环重力 mg，并逐渐减小B始终等于环重力 mgC小于环重力 mg，并保持恒定D大于环重力 mg，并保持

4、恒定5如图所示，速度选择器中磁感应强度大小为 B 和电场强度大小为 E，两者相互垂直；一束带电粒子以一定的初速度沿直线通过速度选择器后从狭缝 P 进入另一磁感应强度大小为 B的匀强磁场，最后打在平板 S 的 D1D2上，不计粒子重力，则( )A该束粒子带负电B速度选择器中的磁场方向垂直纸面回里C打在 D1处的粒子大于打在 D2处的粒子的速度D打在 D1处的比荷大于打在 D2处的粒子的比荷6如图,E 为电源,其内阻为 r,L 为小灯泡(其灯丝电阻可视为不变),R 1、R 2为定值电阻,R 3为光敏电阻(其阻值大小随所受照射光强度的增大而减小),V 为理想电压表。若将照射 R3的光的强度增强,则(

5、 )此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2A小灯泡变暗 B通过 R2的电流变大C电压表的示数变小 D电源内阻的功率变大7如图所示,交流电流表 A1、A 2、A 3分别与电容器 C线圈 L 和电阻 R 串联后接在同一个交流电源上,供电电压瞬时值为 U1=Umsin 1t,三个电流表读数相同。现换另一个电源供电,供电电压瞬时值为 U2=Umsin 2t, 2=2 1.改换电源后,三个电流表的读数将( )AA 1将减小,A 2将增大,A 3将不变 BA 1将增大,A 2将减小,A 3将不变CA 1将不变,A 2将减小,A 3将增大 DA 1将减小,A 2将减小,A 3将不变8一个匝

6、数为 100 匝，电阻为 0.5 的闭合线圈处于某一磁场中，磁场方向垂直于线圈平面，从某时刻起穿过线圈的磁通量按图示规律变化。则线圈中产生交变电流的有效值为( )A4.0 A B2.0 A C2 A D0.01 A9如图所示，一质量为 m，电荷量为+q 的带正电绝缘体物块位于高度略大于物块高的水平宽敞绝缘隧道中，隧道足够长，物块上、下表面与隧道上、下表面的动摩擦因数均为 ，整个空间存在垂直纸面向里、磁感应强度为 B 的匀强磁场现给物块水平向右的初速度 v0，空气阻力忽略不计，物块电荷量不变，则整个运动过程中，物块克服阻力做功不可能为（ ）A0 B mv02 C mv02+ D mv0210如图

7、所示，一个带正电荷的物块 m，由静止开始从斜面上 A 点下滑，滑到水平面 BC 上的 D 点停下来。已知物块与斜面及水平面间的动摩擦因数相同，且不计物块经过 B 处时的机械能损失。现在 ABC 所在空间加竖直向下的匀强电场，第二次让物块 m 从 A 点由静止开始下滑，结果物块在水平面上的 D点停下来。后又撤去电场，在 ABC 所在空间加水平向里的匀强磁场，再次让物块m 从 A 点由静止开始下滑，结果物块沿斜面滑下并在水平面上的 D点停下来则以下说法中正确的是（ ）AD点一定在 D 点左侧BD点一定与 D 点重合CD点一定在 D 点右侧DD点一定与 D 点重合二、多选题11如图，水平地面上有一个

8、倾角为 的斜面，其表面绝缘.另一个带正电的滑块放在斜面上，两物体均处于静止状态。当加上水平向右的匀强电场后，滑块与斜面仍相对地面静止，则（ ）A滑块对斜面的压力一定变大 B斜面体对地面的压力一定变大C滑块与斜面间的摩擦力一定变大 D斜面体与地面间的摩擦力一定变大12如图所示是教材中演示自感现象的两个电路图,L 1和 L2为自感系数很大、直流电阻不计的线圈,下列说法中正确的是（ ）3A闭合开关 S1,待电路稳定后,灯 A1熄灭B开关 S2接通瞬间,灯 A2、A 3同时变亮C闭合开关 S1,待电路稳定后,断开 S1瞬间,灯 A1突然闪亮,随后逐渐熄灭D闭合开关 S2,电路稳定后,断开 S2瞬间,灯

9、 A2、A 3立即熄灭13如图,静止的金属棒 ab、cd 与足够长的水平光滑金属导轨垂直且接触良好,匀强磁场竖直向下.ab 棒在恒力 F 作用下向右运动,则( )A安培力对 ab 棒做正功 Babdca 回路的磁通量先增加后减少C安培力对 cd 棒做正功 DF 做的功等于回路产生的总热量和系统动能增量之和14如图,理想变压器原、副线圈匝数比 n1:n2=2:1，电压表和电流表均为理想电表，灯泡电阻 RL=6，AB 端电压 U1=12 sin100t(V)；下列说法正确的是( )A电流频率为 50 Hz B电压表的读数为 6 VC电流表的读数为 0.5 A D变压器输入功率为 6 W15如图,正

10、方形导线框 ABCD、abcd 的边长均为 L,电阻均为 R,质量分别为 2m 和 m,它们分别系在一跨过两个定滑轮的轻绳两端,且正方形导线框与定滑轮处于同一竖直平面内。在两导线框之间有一宽度为 2L、磁感应强度大小为 B方向垂直纸面向里的匀强磁场。开始时导线框 ABCD 的下边与匀强磁场的上边界重合,导线框 abcd 的上边到匀强磁场的下边界的距离为 L.现将系统由静止释放,当导线框 ABCD 刚好全部进入磁场时,系统开始做匀速运动。不计摩擦和空气阻力,则( )A两线框刚开始做匀速运动时轻绳上的张力 FT=mgB系统匀速运动的速度大小：v=mgR/B 2L2C导线框 abcd 通过磁场的时间

11、 t=2B2L3/mgRD两线框从开始运动至等高的过程中所产生的总焦耳热 Q=2mgL3m3g2R2/2B4L416如图(a)所示，在半径为 R 的虚线区域内存在周期性变化的磁场，其变化规律如图(b)所示。薄挡板 MN 两端点恰在圆周上，且 MN 所对的圆心角为 120 。在 t=0 时，一质量为 m、电荷量为+q 的带电粒子，以初速度 v 从 A 点沿直径 AOB 射入场区，运动到圆心 O 后，做一次半径为 的完整的圆周运动，再沿直线运动到 B 点，在 B 点与挡板碰撞后原速率返回（碰撞时间不计，电荷量不变），运动轨迹如图(a)所示。粒子的重力不计，不考虑变化的磁场所产生的电场，下列说法正确

12、的是（ ）A磁场方向垂直纸面向外B图(b)中C图(b)中4D若 t=0 时，质量为 m、电荷量为-q 的带电粒子，以初速度 v 从 A 点沿 AO 入射，偏转、碰撞后，仍可返回 A 点第 II 卷（非选择题)三、实验题17“探究 LED 灯的伏安特性”实验中,所用器材有:灯泡 L1与 L2(最大阻值均为几十欧)、量程适当的电流表 A(内阻约几欧)和电压表 V(内阻非常大)、直流电源 E、滑动变阻器 R、电键 S。(1)某同学已连接好如图甲所示的电路,在闭合电键前,请仔细辨图,指出图中的不当之处_；A.不应采用电流表外接法 B.电流不应从电压表的负接线柱流入C.不应采用滑动变阻器的分压接法 D.

13、滑动变阻器的滑片不应位于中间(2)修正电路后,闭合电键,移动滑动变阻器的滑片并得到灯泡 L1的 I-U 图像如图乙中的图线L1,则可知灯 L1的电阻随电压增大而_(填“变大”“变小”或“不变)；(3)换用灯 L2重做实验,得其 I-U 图像如图乙中的图线 L2,现将滑动变阻器的滑片移至合适位置并固定,同时撤去“导线 1”接灯 L2时电流表的读数为 0.16A,接灯 L1时电流的读数为 0.08A,当灯被短路时,电流表的读数应为_(结果保留两位有效数字)；18小明在实验室开展探究实验,他将一根铜棒和一根锌棒插入一只苹果内,就组成一个简单的“水果电池”,将三个苹果电池串联起来组成电池组,进行以下实

14、验：(1)选用多用电表的直流电压(02.5V)挡粗略测量该电池组的电动势,指针位置如图所示,其示数为_V；(2)对该电池组进行电动势与内阻的精确测量(已知该电池组内阻约为 500),现有如下器材:电流表 A1:量程 20mA,内阻为 10 电流表 A2:量程 38mA,内阻为 10滑动变阻器 R1:阻值范围为 030 滑动变阻器 R2:阻值范围为 03K定值电阻 R0:阻值为 990 开关一个,导线若干实验中应该选用的滑动变阻器是_(填“R 1”或“R 2“)根据实验要求在下框中填入所需元件字母,将实验电路图补充完整_；根提实验电路图进行实验,得到两只电流表读数的多组数据,在图中绘出对应数据的

15、图象如下图,可求得该电池组的电动势与内电阻分别为:E_V；r=_(r 的计算结果保留三位有效数字)。四、解答题19如图，一个 100 匝的闭合圆形线圈, 面积为 S=20cm2, ,放在匀强磁场中,线圈平面跟磁感线方向垂直。匀强磁场的磁感应强度 B 随时间 t 变化的规律如图(b)所示。设 t=0 时,B 的方向如图(a)所示,垂直于纸面向里。求：(1)线圈在 04103s 内的平均感应电动势的大小；(2)若线圈总电阻为 3，则,10s 内线圈中产生的热量大小。520如图所示为离子分析装置的简化模型,空间存在以虚线 OP 为分界线的范围足够宽广匀强电场和匀强磁场,电场方向与分界线垂直,电场强度

16、大小 E 磁感应强度大小 B，OP=a。现有某一速率为 v 的正离子从 O 点垂直于 OP 飞入匀强磁场区域,经两个半圆周后竖直向上通过 P 点,不计离子的重力及空气阻力,求：(1)该正离子的比荷；(2)该正离子从 O 点出发到竖直向上通过 P 点全程所用的时间。21某水电站的输出功率为 P0=100kW,向远处的用户供电。电站采用升压变压器升压后再输电, 到达用户后再用降压变压器将电压降为 U4=220V 供用户使用。已知输电导线的总电阻 R=5. 输电线路损失的功率为输出功率的 2%,两台变压器均为理想变压器，求：(1)输电线上的电压损失值 U 损 ；(2)降压变压器原、副线圈的匝数比.2

17、2如图，在同一水平面中的光滑平行导轨 P、Q 相距 L=1.5m,导轨左端接有如图的电路。其中水平放置的平行板电容器两极板 M、N 部距离 d=10mm,定值电阻 R1=R2=12,R 3=2,金属棒 ab电阻 r=2,其它电阻不计。磁感应强度 B=0.5T 的匀强磁场竖直向下穿过导轨平面,在外力 F 作用下金属棒 ab 沿导轨向右匀速运动时,质量 m=11014kg,带电量 q=11014C 的微粒恰好悬浮于电容器两极板间。取 g=10m/s2，在整个运动过程中金属棒与导轨接触良好。且运动速度保持恒定。试求：(1)R1两端的路端电压；(2)金属棒 ab 向右匀速运动的速度大小；(3)在金属棒

18、 ab 沿导轨向右匀速运动 2m 过程中，回路中产生的总热量。23如图所示,半径 R=0.5m 的绝缘圆形容器左侧有一平行板电容器,电容器内有电场,无磁场，两极板与水平直径平行,下极板刚好在水平半径 OA 上,下极板有一小孔 C。一带正电的粒了从靠近上板处静止释放,经电场加速后从下小孔 C 处以竖直向下的速度出射,当粒子离开电场后就立即撤掉平行板电容器,同时加上垂直平面向里的匀强磁场 B=10-2T。已知粒子的比荷为 4 108C/kg，C 点与圆形容器最左端 A 距离为 d,不计子的重力。求：(1)当加速电压为 U1=200V 时,带电粒子在磁场中的运动半径；(2)如果 d=0.2m,为防止

19、粒子打到绝缘容器上,加速电压 U 应满足什么条件；(3)将磁场反向,调节加速电压,使粒子能垂直打到绝缘容器壁上,粒子与器壁碰撞后原速反弹且电量不变最后粒子好回到 C 点,则当 d 为多大时,粒子回到 C 点用时最短,最短时间为多少。2018-2019 学 年 重 庆 市 南 开 中 学 高 二 期 末 考 试 物 理 试 题物 理 答 案1B【解析】本题考查了产生条件、大小与方向，当电流方向与磁场平行时不受安培力，根据左手定则可知安培力的方向与磁场垂直引用公式 F=BIL 时，注意要求磁场与电流垂直，若不垂直应当将导线沿磁场与垂直于磁场分解，因此垂直时安培力最大，最大为 F=BILA、B、根据

20、左手定则可知，安培力方向与磁场和电流组成的平面垂直，即与电流和磁场方向都垂直，故 A 错误，B 正确；C、磁场与电流不垂直时，安培力的大小为 F=BILsin，则安培力的大小与通电导线和磁场方向的夹角有关，故 C 错误；D、当电流方向与磁场的方向平行，所受安培力为 0，将直导线从中折成直角，让其中的一半与磁场的方向平行，安培力的大小将变为原来的一半；将直导线在垂直于磁场的方向的平面内从中折成直角，安培力的大小一定变为原来的 ，故 D 错误故选：B【点评】解决本题的关键是知道当导线的方向与磁场的方向平行，所受安培力为 0，最小当导线的方向与磁场方向垂直时，安培力最大，为 F=BIL2D【解析】转

21、到图甲位置时，线圈平面与磁感线垂直，磁通量最大，但磁通量变化率最小为零，故 A 错误；转到图乙位置时，线圈产生的感应电动势最大，故 B 错误；转到图丙位置时，线圈位于中性面位置，此时感应电流最小，且感应电流方向改变，故 C 错误；转到图丁位置时，根据楞次定律可知AB 边感应电流方向为 AB，故 D 正确；故选 D。【点睛】此题主要考查了发电机的工作原理。要知道发电机是根据电磁感应原理制成的。感应电流的方向与导体切割磁感线的方向有关，能够通过线圈的转动情况，判断线圈中产生的感应电流放向的变化.3D【解析】若 CD 棒水平向右运动或水平向左摆动，则运动方向与磁场方向平行，没有感应电流产生，则 AB

22、 棒不会受安培力作用，不会运动，故 AB 错误；若 CD 棒垂直纸面向里平动，由右手定则判断感应电流由 A 到 B，由左手定则判断 AB 受力向左，则 AB 将向左摆动，与题干不符，故 C 错误；若CD 棒垂直纸面向外平动，由右手定则判断感应电流由 B 到 A，由左手定则判断 AB 受力向右，则 AB将向右摆动，故 D 正确；故选 D。【点睛】本题考查左手定则和右手定则的灵活应用，判断电流的方向用右手定则，判断力的方向用左手定则4A【解析】磁感应强度均匀减小，穿过回路的磁通量均匀减小，根据法拉第电磁感应定律得知，回路中产生恒定的电动势，感应电流也恒定不变由楞次定律可知，感应电流方向：顺时针，再

23、由左手定则可得，安培力的合力方向：竖直向下金属环始终保持静止，则拉力大于重力，由于磁感应强度均匀减小所以拉力的大小也逐渐减小，故 A 正确，BCD 均错误考点：本题考查法拉第电磁感应定律、楞次定律。5B【解析】带电粒子在磁场中向下偏转，根据左手定则，知该粒子带正电，而速度选择器中正电荷受到电场力向下，则受到的洛伦兹力向上，则磁场方向垂直纸面向里，故 A 错误，B 正确；粒子经过速度选择器时所受的电场力和洛伦兹力平衡，有：qE=qvB则 ，即所有进入磁场 B的粒子的速度都是相同的，即打在 D1处的粒子等于打在 D2处的粒子的速度，故 C 错误；粒子在磁场 B中做匀速圆周运动， 经过速度选择器进入

24、磁场 B的粒子速度相等，根据 知，打在 D1处的比荷小于打在 D2处的粒子的比荷，故 D 错误。故选 B。【点睛】解决本题的关键知道粒子在速度选择器中做匀速直线运动，在磁场中做匀速圆周运动，明确洛伦兹力充当向心力的正确应用是解题的关键。6D【解析】将照射 R3的光的强度增强，光敏电阻的阻值减小，电路中的总电阻减小；由闭合电路欧姆定律可得，电路中干路电流增大，故 R1两端的电压增大，电压表的示数变大。故 C 错误；因干路电流增大，电源的内电压增大则路端电压减小，同时 R1两端的电压增大，故并联电路部分电压减小，则流过 R2的电流减小，流过灯泡的电流一定增大，灯泡变亮，故 AB 错误；干路电流增大

25、，则电源内阻的功率变大，故 D 正确；故选 D。【点睛】闭合电路的动态分析问题一般按外电路、内电路再外电路的分析思路进行；分析内电路主要根据总电流及内阻分析内压，而外电路较为复杂，要注意灵活应用电路的性质7B【解析】由公式 2f= 知，后来交流电的频率变大，线圈的感抗变大，电容器的容抗变小，对电阻没影响，所以 A1示数将增大，A 2数将减小，A 3示数不变，所以选项 B 正确，ACD 错误。故选 B。【点睛】此题考查电容、电感对交变电流的影响，也就是容抗、感抗与交变电流的关系当交变电流的频率变大时，线圈的感抗变大，电容器的容抗变小8C【解析】0-0.5s 内的磁通量变化率为：K= Wb/s=0

26、.02Wb/s，则感应电动势 ；则感应电流 ；在 0.5s-1s 内磁通量不变，感应电流为零；设有效值为 I，则 ，即，解得 I=2 A；故选 C.【点睛】求解电流的有效值时抓住三个相同，即相同时间，相同电阻，产生相同热量。9C【解析】由题意对滑块受力分析，因不知道开始时滑块所受洛伦兹力与重力谁大，故弹力方向大小均不能确定，应讨论：若滑块受到向上的洛伦兹力 F=mg，则支持力 FN=0，摩擦力 f=0，滑块将匀速运动，摩擦力不做功，故 A 可能；若 Fmg，则弹力方向向上，竖直方向满足 FN+F=mg，水平方向受摩擦力向左，滑块做减速运动，由 F=qvB 知，F 减小，F N则增大，f 增大，

27、由-f=ma 可知，v 继续减小，最后减为零，由动能定理知，-W=0- mv02，解得：W= mv02，故 B 可能；若 Fmg，则滑块受到向下的压 FN，在竖直方向满足 F=mg+FN，滑块向右做减速运动，由动态分析知，当 F=mg 时FN=0，f=0，最终滑块做匀速运动，此时满足：qvB=mg，解得： ，对滑块整个过程由动能定理得：-W= mv2- mv02，联立解得：W= mv02 ，故 C 不可能，D 可能；本题选不可能的，故选 C。【点睛】洛伦兹力是变力，其方向时刻与速度方向垂直，故洛伦兹力永不做功，涉及到洛伦兹力与功、动能等问题，要用动能定理求解10BC【解析】设 AB 斜面与水平

28、面的夹角为 ，以物块为研究对象进行受力分析由动能定理有，化简解得： ，当加上竖直向下的匀强电场后满足 ，联立可得知 ，所以 与D 点一定重合，故选项 A 错误、B 正确；加上匀强磁场，物块受到垂直于运动方向的洛伦兹力的作用，洛伦兹力不做功，与第一种情况相比，摩擦力变小，但克服摩擦力做的功不变，重力做功不变，由动能可知，物块滑行的位移比第一种情况大，即 一定在 D 点右侧，所以选项 C 正确、D 错误。考点：动能定理、静电场、洛伦兹力11AD【解析】未加电场前，斜面体对滑块的支持力 N=mgcos，加上电场后，支持力的大小变为N=mgcos+qEsin，知滑块对斜面的压力变大。故 A 正确。对整

29、体分析，未加电场时，水平方向上不受力，斜面体与地面的摩擦力为零，加上电场后，整体受到水平向左的摩擦力，知斜面体与地面间的摩擦力增大。竖直方向支持力的大小仍然等于总重力，所以斜面体与地面间的压力不变。故 D 正确，B 错误。滑块开始受重力、支持力和静摩擦力处于平衡，加上匀强电场后，滑块多了一个水平向右的电场力，所受的静摩擦力方向可能沿斜面向上，可能沿斜面向下，则摩擦力的大小可能减小、可能增大，可能不变。故 C 错误。故选 AD。12AC【解析】闭合开关 S1，待电路稳定后，因线圈的电阻为零，则灯 A1被短路而熄灭，断开 S1瞬间，由于线圈产生自感电动势阻碍电流的减小，则在灯泡和线圈之间再次形成回

30、路，则灯 A1突然闪亮，随后逐渐熄灭，选项 AC 正确；开关 S2接通瞬间，灯 A3立即亮起来，而灯 A2由于与线圈串联，则要阻碍电流的增加，可知 A2逐渐变亮；电路稳定后，断开 S2瞬间，通过灯 A3原来的电流立即消失，而线圈中药产生自感电动势阻碍电流的减小，则在灯 A2、A 3中组成新的回路，电流慢慢减小，即灯A2、A 3都会慢慢熄灭，选项 BD 错误；故选 AC.【点睛】当通过线圈本身的电流变化时，线圈中会产生自感现象，这是一种特殊的电磁感应现象，可运用楞次定律分析自感电动势对电流的影响。13CD【解析】ab 棒在恒力 F 作用下向右做加速运动，根据楞次定律可知，回路中将产生的感应电流沿

31、acdba 方向，由左手定则判断可知，ab 棒所受的安培力方向向左，cd 棒所受的安培力方向向右，则安培力对 ab 棒做负功，对 cd 棒做正功。故 A 错误，C 正确。两棒最终都做匀加速运动，速度之差恒定，ab 棒的速度大于 cd 棒的速度，两板间距离增大，则 abdca 回路的磁通量一直增加。故 B错误。根据能量守恒定律得知，F 做的功等于回路产生的总热量和系统动能增量之和。故 D 正确。故选 CD。【点睛】本题的解题关键是分析导体棒受力情况，来确定其运动情况，从而判断磁通量如何变化，同时明确功能关系的应用，能正确分析能量转化的方向14ABD【解析】AB 端电压 U1=12 sin100t

32、（V），其角速度 =100rad/s，所以其频率：f 50Hz故 A 正确；电源电压有效值为 12 V，由电压之比等于匝数之比 可得，副线圈两端电压有效值为 6 V，电压表测量的是有效值，示数也为 6V，故 B 正确；电压表的示数为6V，灯泡电阻 RL=6，根据欧姆定律： 故 C 错误；输出功率：P=U 2I=61=6W，根据输入功率等于输出功率，所以变压器输入功率为 6 W，故 D 正确；故选 ABD。【点睛】本题考查变压器原理；只要知道变压器的特点：匝数之比等于电压之比，输入功率等于输出功率15BD【解析】导线框 ABCD 刚好全部进入磁场时磁通量不再变化，回路中没有感应电流，则线框 AB

33、CD 不受安培力，只受重力和绳子拉力，做匀速运动，根据平衡条件：F T=2mg，故 A 错误；线框 ABCD 完全进入磁场后，abcd 中开始产生感应电流，根据根据平衡条件：mg+ =2mg，得： ，故 B 正确；abcd 匀速运动完全进入磁场后不再有感应电流，不再受安培力，但 ABCD 开始穿出磁场，产生感应电流受安培力作用，当 ABCD 穿出磁场后不再有感应电流不再受安培力后 abcd 又开始穿出磁场产生感应电流受安培力，受力分析知系统始终匀速运动，故 abcd 通过磁场的时间 ，故C 错误；等高时速度为 v，根据能量守恒：2mg2L-mg2L= （m+2m）v 2+Q，得：Q=2mgL-

34、，故 D 正确；故选 BD。【点睛】本题是电磁感应中的力学问题，安培力的计算和分析能量如何转化是解题关键，要加强训练，熟练掌握法拉第定律、欧姆定律、安培力等等基础知识，提高解题能力16BC【解析】根据轨迹可知，带正电的粒子从 O 点向上偏转做圆周运动，由左手定则可知，磁场方向垂直纸面向里，选项 A 错误；粒子在磁场中做匀速圆周运动洛伦兹力提供向心力，由牛顿第二定律得：qvB0=m ，解得磁感应强度： B0= ，选项 B 正确；虚线区域不加磁场时粒子做匀速直线运动，粒子做匀速直线运动的时间： ，虚线区域加速磁场后粒子做匀速圆周运动，粒子做匀速圆周运动的时间： ，磁场变化的周期：T 0=t1+t2

35、= ，选项 C 正确；若 t=0 时，质量为 m、电荷量为-q 的带电粒子，以初速度 v 从 A 点沿 AO 入射，到达 O 点后向下，与板碰撞后，到达 B 板，与 B 碰撞后向上偏转 900然后从磁场中飞出，则不能返回 A 点，选项 D 错误；故选 BC.点睛：此题关键是要搞清粒子在磁场中的运动情况即轨迹，结合圆周运动的知识求解运动时间；注意用左手定则判断洛伦兹力的方向时要注意四指的指向.17（1）BD （2）变小 （3）0.32A 【解析】（1）灯泡内阻较小，故可采用电流表外接法，选项 A 错误；电流不应从电压表的负接线柱流入，选项 B 正确；由于要求灯泡两端电压从零开始变化，所以滑动变阻

36、器必须分压式接法，选项C 错误；滑动变阻器的滑片不应位于中间，要在最左端位置，选项 D 正确；故选 BD.（2）因 I-U 图像的斜率的倒数等于电阻，可知灯 L1的电阻随电压增大而变小；（3）由图乙可以读出，接灯 L2时电流表的读数为 0.16A，此时的电压为：U 2=0.8V；接灯 L1时电流表的读数为 0.08A，此时的电压：U 1=1.2V；设电源的电动势为 E，电路中的其他部分的电阻值为 R，由闭合电路的欧姆定律得：E=U1+I1R E=U2+I2R 联立得：E=1.6V，R=5所以当灯被短路时，电流表的读数：18（1）1.85V （2）R 2；电路图见解析；E=1.50V，r5.36

37、10 2【解析】（1）由图可知，电压表读数为 1.85V。（2）由图示电路图可知，滑动变阻器采用限流接法，由于水果电池内阻很大，为测多组实验数据，滑动变阻器最大阻值应大些，因此滑动变阻器应选择 R2；电路如图；由图所示电路图可知，电源电动势：E=I 1（R 0+Rg）+I 2（r+R g），整理得：，由图示 I1-I2图象可知： ， ，解得，电源电动势：E=1.50V，电源内阻：r5.3610 2。【点睛】对电表读数时要先确定其量程与分度值，然后根据指针位置读出其示数，读数时视线要与刻度线垂直；根据图示电路图应用闭合电路欧姆定律求出图象的函数表达式是求电源电动势的前提与关键。19（1）30V

38、（2）3000J【解析】（1）根据 B-t 图中同一条直线磁通量的变化率是相同的，所以电动势为定值，即为；（2）感应电动势大小不变，则根据在 10s 内由焦耳定律 Q=I2Rt，可知 Q=3000J20（1） （2） 【解析】（1）粒子的运动轨迹如图；由几何知识可知，粒子在磁场中运动的半径 r= ；由洛伦兹力等于向心力可得： ，可得 ；（2）粒子在磁场中的运动时间： ；在电场中的加速度 在电场中的时间： ，则该正离子从 O 点出发到竖直向上通过 P 点全程所用的时间21（1）100V （2）245:11【解析】（1）输电线上损失的功率：P 损 =2%P0=2kW损失的电压（2）导线上的电流：升

39、压变压器次级电压为： ；降压变压器的初级电压：降压变压器的匝数比：22（1）0.3V （2） （3）0.075J【解析】（1）负电荷受到重力和电场力处于静止状态，因重力向下，则电场力竖直向上，故 M 板带正电ab 棒向右切割磁感线产生感应电动势，ab 棒等效于电源，感应电流方向由 ba，其 a 端为电源的正极由由平衡条件，得 mg=Eq所以：R3两端电压与电容器两端电压相等，由欧姆定律得通过 R3的电流；R1两端的电压为 （2）金属棒 ab 两端的电压为 Uab=UMN+UR1=0.4V由法拉第电磁感应定律得感应电动势 E=BLv 由闭合电路欧姆定律得：E=U ab+Ir=0.5V联立上两式得

40、 v= m/s（3）在金属棒 ab 沿导轨向右匀速运动 2m 过程中，用时间为回路的总电阻为 回路中产生的总热量 。【点睛】本题是电磁感应与电路、电场等知识简单综合，比较容易在电磁感应现象中，产生感应电动势的那部分电路相当于电源23（1）0.1m （2）U 13200V （3）d=0.366m，【解析】（1）粒子在加速电场中：U 1q= mv02；在磁场中做匀速圆周运动，则 联立解得 （2）如果 d=0.2m，为防止粒子打到绝缘容器上，则 加速电压 U 应满足：解得 U13200V（3）要使粒子尽快回到 C 点，则粒子与器壁最少碰撞 3 次，如图；由几何关系可知， ，则粒子做圆周运动的半径则 最短时间为