2020版高考物理一轮复习分层规范快练25带电粒子在电场中运动的综合问题新人教版.doc

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1、1分层规范快练(二十五) 带电粒子在电场中运动的综合问题双基过关练1如图所示，在竖直向上的匀强电场中，一根不可伸长的绝缘细绳的一端系着一个带电小球，另一端固定于 O 点，小球在竖直平面内做匀速圆周运动，最高点为 a，最低点为 b.不计空气阻力，则下列说法正确的是( )A小球带负电B电场力跟重力平衡C小球在从 a 点运动到 b 点的过程中，电势能减小D小球在运动过程中机械能守恒解析：由于小球在竖直平面内做匀速圆周运动，所以重力与电场力的合力为 0，电场力方向竖直向上，小球带正电，A 错，B 对；从 a b，电场力做负功，电势能增大，C 错；由于有电场力做功，机械能不守恒，D 错答案：B22019

2、山东日照模拟图甲为两水平金属板，在两板间加上周期为 T 的交变电压u，电压 u 随时间 t 变化的图象如图乙所示质量为 m、重力不计的带电粒子以初速度 v0沿中线射入两板间，经时间 T 从两板间飞出下列关于粒子运动的描述错误的是( )A t0 时入射的粒子，离开电场时偏离中线的距离最大B t T 时入射的粒子，离开电场时偏离中线的距离最大14C无论哪个时刻入射的粒子，离开电场时的速度方向都水平D无论哪个时刻入射的粒子，离开电场时的速度大小都相等解析：设 U0为正时，粒子的加速度方向为正方向， t0 时入射的粒子，在竖直方向先正方向匀加速，然后正方向匀减速到 0，离开电场时偏离中线的距离最大，选

3、项 A 正确；2而 t T 时入射的粒子，在竖直方向先正方向匀加速，然后匀减速到 0，再反向匀加速，14反向匀减速到 0，离开电场时偏离中线的距离为 0，选项 B 错误；因粒子在电场中运动的时间等于电压变化的周期 T，粒子在竖直方向上加速时间和减速时间必定相等，故所有粒子飞出电场时的竖直速度均为零，选项 C、D 正确；本题要求选择错误选项，故 B 符合题意答案：B3(多选)如图甲所示，两平行金属板竖直放置，左极板接地，中间有小孔，右极板电势随时间变化的规律如图乙所示，电子原来静止在左极板小孔处(不计电子的重力)，下列说法正确的是( )A从 t0 时刻释放电子，电子始终向右运动，直到打到右极板上

4、B从 t0 时刻释放电子，电子可能在两板间振动C从 t 时刻释放电子，电子可能在两板间振动，也可能打到右极板上T4D从 t 时刻释放电子，电子必将打到左极板上T4解析：根据 U t 图线可得到粒子运动的 a t 图线，易知，从 t0 时刻释放电子，0 向右加速， T 向右减速，电子一直向右运动，选项 A 正确，B 项错误；从 t 时刻T2 T2 T4释放电子，如果板间距离比较大， 向右加速， T 向右减速， T T 向左加速，T4 T2 T2 34 34T T 向左减速，如果板间距离较小， 向右加速， T 向右减速，可能已经撞到极板54 T4 T2 T2 34上，选项 C 正确，D 错误答案：

5、AC42019长春质检(多选)如图所示，光滑绝缘斜面体 ABC 处于水平向右的匀强电场中，斜面 AB 的长度为 0.5 m，倾角 37，带电荷量为 q、质量为 m 的小球(可视为质点)以大小为 2 m/s 的速度 v0沿斜面匀速上滑 g 取 10 m/s2，sin370.6，cos3730.8.下列说法中正确的是( )A小球在 B 点的电势能大于在 A 点的电势能B水平匀强电场的电场强度为3mg4qC若电场强度变为原来的 2 倍，则小球运动的加速度大小为 3 m/s2D若电场强度变为原来的一半，则小球运动到 B 点时的速度为初速度 v0的一半解析：小球由 A 到 B 的过程中，电场力做正功，小

6、球的电势能减小，选项 A 错误；因小球做匀速运动，由平衡条件知 qEcos mgsin ，所以电场强度 E ，选项 B 正确；3mg4q电场强度变为原来的 2 倍后，则有 q2Ecos mgsin ma，所以 a gsin 6 m/s2，选项 C 错误；电场强度变为原来的一半后，则有 mgsin q cos ma1，所以 a1E23 m/s 2，由 v v22 a1L，解得 v1 m/s，选项 D 正确gsin2 20答案：BD5如图所示，在 E10 3 V/m 的竖直匀强电场中，有一光滑半圆形绝缘轨道 QPN 与一水平绝缘轨道 MN 在 N 点平滑相接，半圆形轨道平面与电场线平行，其半径 R

7、40 cm， N 为半圆形轨道最低点， P 为 QN 圆弧的中点，一带负电 q10 4 C 的小滑块质量 m10 g，与水平轨道间的动摩擦因数 0.15，位于 N 点右侧 1.5 m 的 M 处， g 取 10 m/s2，求：(1)要使小滑块恰能运动到半圆形轨道的最高点 Q，则小滑块应以多大的初速度 v0向左运动？(2)这样运动的小滑块通过 P 点时对轨道的压力是多大？解析：(1)设小滑块恰能到达 Q 点时速度为 v，由牛顿第二定律得 mg qE mv2R小滑块从开始运动至到达 Q 点过程中，由动能定理得 mg2R qE2R (mg qE)x mv2 mv12 12 20联立解得： v07 m

8、/s.(2)设小滑块到达 P 点时速度为 v，则从开始运动至到达 P 点过程中，由动能定理得( mg qE)R (qE mg)x mv 2 mv12 12 204又在 P 点时，由牛顿第二定律得 FN mv 2R代入数据，解得： FN0.6 N由牛顿第三定律得，小滑块通过 P 点时对轨道的压力FN FN0.6 N.答案：(1)7 m/s (2)0.6 N技能提升练62019河南八市模拟如图所示，倾角为 30的绝缘斜面 AB 长度为 3l， BC长度为 l，斜面上方 BC 间有沿斜面向上的匀强电场，一质量为 m、电荷量为 q 的小物块32自 A 端左上方某处以初速度 v0 水平抛出，恰好在 A

9、点与斜面相切滑上斜面，沿斜面3gl向下运动，经过 C 点但未能到达 B 点，在电场力作用下返回，最终恰好静止在 A 点，已知物块与斜面间的动摩擦因数为 ，不考虑运动过程中物块电荷量的变化，重力加速度33为 g，求：(1)物块平抛过程中的位移大小；(2)物块在电场中的电势能的最大增量解析：(1)物块落到斜面上 A 点时，速度方向与水平方向夹角为 ，设此时速度为 v，则 cos ，竖直速度 vy vsin ，平抛过程中，水平位移 x v0 ，竖直位移 y ，v0v vyg v2y2g平抛的位移 s ，解得 s l.x2 y2132(2)设物块沿斜面向下运动的最大位移为 x，自物块从 A 点开始向下

10、运动到再次返回A 点，根据动能定理有2 mg cos x0 mv2，解得 x2 l.12物块位于最低点时，其电势能的变化量最大，即电势能的增量最大，物块自 A 点到最低点过程中，设电场力做功为 W，根据动能定理有 mgsin x mg cos x W0 mv2，解得 W2 mgl，即物12块电势能最大增量为 2mgl.5答案：(1) l (2)2 mgl1327.如图所示，绝缘的光滑水平桌面高为 h1.25 m、长为 s2 m，桌面上方有一个水平向左的匀强电场一个质量 m210 3 kg、带电荷量 q5.010 8 C 的小物体自桌面的左端 A 点以初速度 vA6 m/s 向右滑行，离开桌子边

11、缘 B 后，落在水平地面上 C 点已知 C 点与 B 点的水平距离 x1 m，不计空气阻力， g 取 10 m/s2.(1)小物体离开桌子边缘 B 后经过多长时间落地？(2)匀强电场的电场强度 E 为多大？(3)为使小物体离开桌面边缘 B 后水平位移加倍，即 x2 x，某同学认为应使小物体带电荷量减半，你同意他的想法吗？试通过计算验证你的结论解析：(1)设小物体离开桌子边缘 B 点后经过时间 t 落地，则 h gt212解得 t 0.5 s2hg(2)设小物体离开桌子边缘 B 点时的速度为 vB，则 vB 2 m/sxt根据动能定理得 qEs mv mv12 2B 12 2A解得 E3.210

12、 5 N/C(3)不同意要使水平射程加倍，必须使 B 点水平速度加倍，即v B2 vB4 m/s根据动能定理得 qEs mv mv12 2B 12 2A解得 v A4 m/s vA2所以说该同学认为应使小物体的带电荷量减半的想法是错误的答案：(1)0.5 s (2)3.210 5 N/S (3)略8如图甲所示， A、 B 为两块平行金属板，极板间电压为 UAB1 125 V，板中央有小孔 O 和 O.现有足够多的电子源源不断地从小孔 O 由静止进入 A、 B 之间在 B 板右侧，平行金属板 M、 N 长 L1410 2 m，板间距离 d410 3 m，在距离 M、 N 右侧边缘6L20.1 m

13、 处有一荧光屏 P，当 M、 N 之间未加电压时电子沿 M 板的下边沿穿过，打在荧光屏上的 O并发出荧光现给金属板 M、 N 之间加一个如图乙所示的变化电压 u1，在电压变化时， M 板电势低于 N 板已知电子质量为 me9.010 31 kg，电量为 e1.610 19 C求：(1)每个电子从 B 板上的小孔 O射出时的速度多大？(2)电子打在荧光屏上的范围是多少？解析：(1)电子经 A、 B 两块金属板加速，有 eUAB mev12 20得 v0 m/s210 7 m/s.2eUABme 21.610 191 1259.010 31(2)电子通过极板的时间为 t 210 9 s，远小于电压

14、变化的周期，故电子通过L1v0极板时可认为板间电压不变当 u1 U222.5 V 时，电子经过 M、 N 极板向下的偏移量最大，为y1 212 eU2med (L1v0) 2 m12 1.610 1922.59.010 31410 3 ( 0.042107)210 3 my1d，说明所有的电子都可以飞出 M、 N，此时电子射出极板后在竖直方向的速度大小为vy eU2med L1v0 m/s1.610 1922.59.010 31410 3 410 22107210 6 m/s电子射出极板 MN 后到达荧光屏 P 的时间为t2 s510 9 sL2v0 0.12107电子射出极板 MN 后到达荧光屏 P 的偏移量为y2 vyt2210 65109 m0.01 m电子打在荧光屏 P 上的总偏移量为：7y y1 y20.012 m，方向竖直向下；打在荧光屏上的电子范围是：从 O竖直向下 00.012 m.答案：(1)210 7 m/s(2)从 O竖直向下 00.012 m