山东省莒县一中2018_2019学年高二物理10月月考试题201901220281.doc

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1、1山东省莒县一中 2018-2019 学年高二物理 10 月月考试题本试卷分第卷和第卷两部分，共 7 页，满分 100 分，考试时间 90 分钟。答卷前，考生务必用 0.5 毫米黑色签字笔将自己的姓名、座号、准考证号填写在答题卡上规定的位置。考试结束后，将答题卡交回。第卷（选择题 共 42 分）一、本题共 14 小题，每小题 3 分。在每小题给出的四个选项中，第 110 题只有一项符合题目要求，第 1114 有多项符合题目要求。全部选对的得 3 分，选对但不全的得 2分，选错或不答的得 0 分。1.下列现象不可能发生的是( )A.物体所受到的合外力很大,但物体的动量变化很小B.物体所受到的冲量

2、不为零,但物体的动量大小却不变C.物体做曲线运动,但动量变化在相等的时间内却相同D.物体只受到一个恒力的作用,但物体的动量却始终不变2质量不同而初动量相同的两个物体，在水平地面上由于摩擦力的作用而停止运动，它们与地面间的动摩擦因数相同，比较它们的滑行时间和滑行距离，则( )A两个物体滑行的时间一样长 B质量大的物体滑行的时间较长C两个物体滑行的距离一样长 D质量小的物体滑行的距离较长3质量为 5 kg 的小球以 5 m/s 的速度竖直落到地板上，随后以 3 m/s 的速度反向弹回去，若取竖直向下的方向为正方向，则小球动量的变化为 ( )A10 kgm/s B10 kgm/sC40 kgm/s

3、D40 kgm/s4A、B 两物体发生正碰，碰撞前后物体 A、B 都在同一直线上运动，其位移时间图象如图所示。由图可知，物体 A、B 的质量之比为 ( )A11 B12C13 D315如图所示，一个质量为 m150kg 的人抓在一只大气球下方，气球下面有一根长绳。气球和长绳的总质量为 m220kg，长绳的下端刚好和水平面接触。当静止时人离地面的高度为 h5m。如果这个人开始沿绳向下滑，当他滑到绳下端时，他离地面高度是(可以把人看作质点)( )A5m B3.6mC2.6m D8m6.两个绝缘导体环 AA、BB大小相同，环面垂直，环中通有相同大小的恒定电流，如图237 所示，则圆心 O 处磁感应强

4、度的方向为(AA面水平，BB面垂直纸面)( )A指向左上方 B指向右下方C竖直向上 D水平向右7如图 1 所示，四边形的通电闭合线框 abcd 处在垂直线框平面的匀强磁场中，它受到磁场力的合力( )A竖直向上 B方向垂直于 ad 斜向上C方向垂直于 bc 斜向上D为零8如图 7 所示，条形磁铁放在水平桌面上，在其正中央上方固定一根长直导线，导线与条形磁铁垂直当导线中通以垂直纸面向里的电流时，用 N 表示磁铁对桌面的压力， 静表示桌面对磁铁的摩擦力，则导线通电后与通电前受力相比较是( )A N 减小， 静0 B N 减小， 静0C N 增大， 静0 D N 增大， 静09在地球赤道附近地磁场的方

5、向近似为水平向北在一根东西方向水平架设的直流输电导线中，通有自西向东方向的电流由于地磁场的作用，该导线受到安培力的方向为( )A向上 B向下 C向南 D向北10.如图 1 所示，把轻质导线圈用绝缘细线悬挂在磁铁 N 极附近，磁铁的轴线穿过线圈的圆心且垂直线圈平面当线圈内通以图示方向的电流后，线圈的运动情况是( )A线圈向左运动 B线圈向右运动C从上往下看顺时针转动 D从上往下看逆时针转动11.跳远时，跳在沙坑里比跳在水泥地上安全，以下说法正确的是( )A人跳在沙坑的动量比跳在水泥地上B人跳在沙坑的动量变化和跳在水泥地上相等C人跳在沙坑受到的冲量比跳在水泥地上小D人跳在沙坑受到的作用力力比跳在水

6、泥地上小12如图所示，质量为 m 的人立于平板车上，人与车的总质量为 M，人与车以速度 v1 在光滑水平面上向东运动。当此人相对于车以速度 v2 竖直跳起时，以下车的速度不可能的是( )A. 向东 B 向东Mv1 Mv2M m Mv1M m3C. 向东 Dv1 向东Mv1 Mv2M m13磁场中某区域的磁感线，如图所示，则( )Aa、b 两处的磁感应强度的大小不等，BaBbBa、b 两处的磁感应强度的大小不等，BaBbC同一通电导线放在 a 处受力不一定比放在 b 处受力大D同一通电导线放在 a 处受力一定比放在 b 处受力小14.如图所示，框架面积为 S，框架平面与磁感应强度为 B 的匀强磁

7、场方向垂直，则下列关于穿过平面的磁通量的情况中，正确的是( )A如图所示位置时等于 BSB若使框架绕 OO转过 60角，磁通量为 BS32C若从初始位置转过 90角，磁通量为零D若从初始位置转过 180角，磁通量变化为 2BS第卷（非选择题 共 58 分）二、本题共 1 小题，共 10 分。15用如图所示装置来进行探究碰撞的不变量的实验，质量为 mB 的钢球 B 放在小支柱 N 上，球心离地面高度为 H；质量为 mA 的钢球 A 用细线拴好悬挂于 O 点，当细线被拉直时 O点到球心的距离为 L，且细线与竖直线之间夹角为 。球 A 由静止释放，摆到最低点时恰与球 B 发生正碰，碰撞后，A 球把轻

8、质指示针 C 推移到与竖直线夹角为 处，B 球落到地面上，地面上铺有一张覆盖有复写纸的白纸 D，用来记录球 B 的落点。保持 角度不变，多次重复上述实验，在白纸上记录到多个 B 球的落地点。(1)图中 s 应是 B 球初始位置到_的水平距离。(2)为了探究碰撞中的守恒量，应测得_等物理量。(3)用测得的物理量表示：mAvA_；mAvA_；mBvB_。3、本题共 4 小题，共 48 分。解答时应写出必要的文字说明、主要公式和重要的演算步骤。只写出最后答案的，不能得分。有数值计算的题，答案中必须明确写出数值和单位。416(12 分)如图所示，甲、乙两船的总质量(包括船、人和货物)分别为 10m、1

9、2m，两船沿同一直线同一方向运动，速度分别为 2v0、v0。为避免两船相撞，乙船上的人将一质量为 m 的货物沿水平方向抛向甲船，甲船上的人将货物接住，求抛出货物的最小速度。(不计水的阻力)17(12 分)如图所示，足够长的木板 A 和物块 C 置于同一光滑水平轨道上，物块 B 置于 A的左端，A、B、C 的质量分别为 m、2m 和 4m，已知 A、B 一起以 v0 的速度向右运动，滑块 C 向左运动，A、C 碰后连成一体，最终 A、B、C 都静止，求：(1)C 与 A 碰撞前的速度大小；(2)A、B、C 间由于摩擦产生的热量。18.如图 10 所示，质量为 ，长为 L，通有电流为 的导体棒 a

10、b 静止在水平导轨上，匀强磁场磁感应强度为 B，其方向与导轨平面成 角斜向上,和棒 ab 垂直，ab 处于静止状态，则 ab 受到的摩擦力大小和方向，受到的支持力大小。19.，光滑的平行导轨倾角为 ，处在磁感应强度为 B 的匀强磁场中，导轨中接入电动势为 E、内阻为 r 的直流电源电路中有一阻值为 R 的电阻，其余电阻不计，将质量为m、长度为 L 的导体棒由静止释放， 求导体棒在释放瞬间的加速度的大小5二一七级高二上学期模块月考考试物 理 试 题 答案1. 选 D2. 2.解析：由动量定理 pmgt，动能定理mgs，即 p22m2gs，显然 p 相同，m 小则时间长、滑行距离长，D 项正确答p

11、22m案：D3.D4. 答案：C.解析：由题图象知：碰前 vA4m/s，vB0。碰后 vAvB1m/s，由动量守恒可知 mAvA0mAvAmBvB，解得 mB3mA，故选项 C 正确。5.答案：B 解析：当人滑到绳下端时，如图所示，由动量守恒，得 m1 m2 ，且h1t h2th1h2h。解得 h11.4m；所以他离地高度 Hhh13.6m，故选项 B 正确。6.答案：A 7.D 8.C 9A 10.A 11.答案：BD12.答案：ABC 13.解析：选 A.。C14 解析： 在如题图所示的位置时，磁感线与线框平面垂直，BS.当框架绕 OO轴转过 60时可以将图改画成侧视图如图所示，BSBSc

12、os 60 BS.转过 90时，线框由与磁感线垂直穿12过变为平行，0.线框转过 180时，磁感线仍然垂直穿过线框，只不过穿过方向改变了因而 1BS，2BS，|21|2BS.综上所述，A、C、D 正确答案： ACD15.答案：(1)B 球落地点 (2)mA、mB、L、H、smA ，mA ，mBs2gL 1 cos 2gL 1 cos g2H16 答案：4v0解析：设乙船上人抛出货物的最小速度大小为 vmin，抛出货物后船的速度为 v1，甲船上的人接到货物后船的速度为 v2，据动量守恒定律得 12mv011mv1mvmin 10m2v0mvmin11mv2 为避免两船相撞应满足 v1v2 联立式

13、得 vmin4v017 解析：取向右为正方向。(1)对三个物体组成的系统，根据动量守恒定律得：(m2m)v04mvc0 解得，C 与 A 碰撞前的速度大小 vc v034(2)A、C 碰后连成一体，设速度为 v 共。6根据动量守恒定律得 mv04mvc(m4m)v 共；解得 v 共 v025根据能量守恒定律得： 摩擦生热 Q (m4m)v 2mv 0 解得 Q mv12 2共 12 20 75 20解析：受力分析如图所示，导体棒受重力 mg、支持力 FN 和安培力 F，由牛顿第二定律：mgsin Fcos ma FBIL I ER r由式可得 agsin .BELcos m R r18. BILsin 水平向右 mgBILcos 解析：画出ab 棒的横截面图，并受力分析如图 14 所示，因为棒 ab 处于静止状态，由水平方向受力平衡可得 FfF 安 sinBILsin，方向水平向右竖直方向上受力平衡得 F 安cosFNmg，则 FNmgBILcos.19 解析：受力分析如图所示，导体棒受重力 mg、支持力 FN 和安培力 F，由牛顿第二定律：mgsin Fcos ma FBIL I ER r由式可得 agsin .BELcos m R r答案：gsin BELcos m R r