辽宁省实验中学2018_2019学年高一物理上学期期中试卷（含解析）.doc

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1、12018-2019 学年辽宁省实验中学高一上学期期中考试物理试题注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答

2、 题 卡 上 对 应 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。第 I 卷（选择题)一、单选题1如图所示，A、B 两物体紧靠着放在粗糙水平面上A、B 间接触面光滑在水平推力 F 作用下两物体一起加速运动，物体 A 恰好不离开地面，则物体关于 A、B 两物体的受力个数，下列说法正确的是（ ）AA 受 3 个力，B 受 4 个力 BA 受 4 个力，B 受 3 个力CA 受 3 个力，B 受 3 个力 DA 受 4 个力，B 受 4 个

3、力2在竖直墙壁间有质量分别是 m 和 2m 的半圆球 A 和圆球 B，其中 B 的球面光滑，半球 A 与左侧墙壁之间存在摩擦。两球心之间连线与水平方向成 30的夹角，两球恰好不下滑，设最大静摩擦力等于滑动摩擦力(g 为重力加速度)，则半球 A 与左侧墙壁之间的动摩擦因数为( )A B C D3如图所示，三角形物体 a 静置于水平地面上，其倾角 =30,上底面水平的 b 物体在 a物体上恰能匀速下滑，现对 b 施加沿斜面向上的推力 F，使 b 总能极其缓慢地向上匀速运动，某时刻在 b 上轻轻地放上一个质量为 m 的小物体 c（图中未画出），a 始终静止，b 保持运动状态不变，关于放上小物体 c

4、之后，下列说法正确的是（ ）Ab 受到 a 的支持力增加了 mgBb 受到 a 的摩擦力增加了 mgC推力 F 的大小增加了 mgDa 受到地面的摩擦力增加了 mg4如图所示，底板光滑的小车上用两个量程为 20N、完全相同的弹簧秤甲和乙系住一个质量为 1kg 的物块。当小车在水平地面上做匀速直线运动时，两弹簧秤的示数均为 10N，当小车做匀加速直线运动时，弹簧秤甲的示数变为 8N.这时小车运动的加速度大小是（ ）A2 m/s 2 B8 m/s 2 C6 m/s 2 D4 m/s 25如图所示，小车向右做匀加速直线运动的加速度大小为 a，bc 是固定在小车上的水平横杆，物块 M 穿在杆上，M 通

5、过细线悬吊着小铁球 m，M、m 均相对小车静止，细线与竖直方向的夹角为 。若小车的加速度逐渐增大到 3a 时，M、m 仍与小车保持相对静止，则（ ）A细线与竖直方向的夹角增加到原来的 3 倍B细线与竖直方向夹角的正弦值增加到原来的 3 倍C细线的拉力增加到原来的 3 倍DM 受到的摩擦力增加到原来的 3 倍6某科研单位设计了一空间飞行器，飞行器从地面起飞时，发动机提供的动力方向与水平方向夹角 60，使飞行器恰与水平方向成 30角的直线斜向右上方匀加速飞行，经时间t 后，将动力的方向沿逆时针旋转 60同时适当调节其大小，使飞行器依然可以沿原方向匀减速飞行，飞行器所受空气阻力不计，下列说法中不正确

6、的是( )此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 2A加速时加速度的大小为 gB加速时动力的大小等于 mgC减速时动力的大小等于D减速飞行时间 2t 后速度为零7甲、乙两车在同一水平路面上做直线运动，某时刻乙车在前、甲车在后，相距 s=8m，从此刻开始计时，乙做匀减速运动，两车运动的 vt 图象如图所示则在 012s 内关于两车位置关系的判断，下列说法正确（ ）At=4s 时两车相遇Bt=4s 时两车间的距离最大C012s 内两车有二次相遇D012s 内两车有三次相遇8一个质量为 1kg 的物体在水平恒力 F 作用下沿水平面运动，一段时间后撤去 F，该物体运动的 vt 图象，如图

7、所示，（g=10m/s 2），则下列说法正确的是( )A物体 2s 末距离出发点最远B拉力 F 的方向与初速度方向相同C拉力在 2s 末撤去的D摩擦力大小为 10N9如图所示，斜面静止在水平地面上，A、B 两个物体通过光滑的滑轮相连，连接 A 物体的细线与斜面平行，下列说法中正确的是（ ）A当 A 沿斜面匀速下滑时，地面对甲乙的摩擦力均为零B当 A 沿斜面加速下滑时，地面对甲乙的摩擦力方向均向右C当 A 沿斜面加速上滑时，地面对甲乙的摩擦力方向均向左D把 B 球向左拉到水平位置放手向下摆到最低点的过程中，若 A 保持静止，则地面对甲乙的摩擦力方向向右二、多选题10如图所示，一个物体放在粗糙的水

8、平地面上。从 t=0 时刻起，物体在水平力 F 作用下由静止开始做直线运动。在 0 到 t0时间内物体的加速度 a 随时间 t 的变化规律如图 2 所示。已知物体与地面间的动摩擦因数处处相等。则( )At 0时刻，物体速度增加到最大值B在 0 到 t0时间内，物体的速度逐渐变小C在 0 到 t0时间内，物体做匀变速直线运动D在 0 到 t0时间内，力 F 大小与时间 t 为线性关系11图中 a、b 是两个位于固定斜面上的物块，它们的质量相等。斜面倾角为 ，F 是沿水平方向作用于 a 上的外力。已知 a、b 的接触面，a、b 与斜面的接触面都是光滑的。正确的说法是（ ）3Aa、b 将沿斜面向上运

9、动Ba 对 b 的作用力一定为Ca、b 对斜面的正压力相等Da 受到的合力沿水平方向的分力等于 b 受到的合力沿水平方向的分力12在机场和火车站对行李进行安全检查用的水平传送带如图所示，当行李放在匀速运动的传送带上后，传送带和行李之间的滑动摩擦力使行李开始运动，随后它们保持相对静止，行李随传送带一起匀速通过检测仪检查，设某机场的传送带匀速前进的速度为 0.4m/s，某行李箱的质量为5kg，行李箱与传送带之间的动摩擦因数为 0.2，当旅客把这个行李箱小心地放在传送带上的 A 点，已知传送带 AB 两点的距离为 1.2m，那么在通过安全检查的过程中，g 取 10m/s2，则( )A开始时行李箱的加

10、速度为 0.2 m/s2B行李箱从 A 点到达 B 点时间为 3.1 sC行李箱内物品质量越大，由 A 到 B 的时间越长D传送带上将留下一段摩擦痕迹，该痕迹的长度是 0.04 m第 II 卷（非选择题)三、实验题13“验证力的平行四边形定则”的实验情况如图甲所示，其中 A 为固定橡皮筋的图钉，O为橡皮筋与细绳的结点，OB 和 OC 为细绳图乙是在白纸上根据实验结果画出的图。（1）如果没有操作失误，图乙中，方向一定沿 AO 方向的力是_（填写 F 或F）（2）本实验采用的科学方法是_。A等效替代法 B理想实验法 C控制变量法 D建立物理模型法（3）实验中可减小误差的措施有_。A两个分力 F1、

11、F 2的大小要越大越好B应使两个分力 F1、F 2间夹角为 900C拉橡皮筋时，弹簧秤、橡皮条、细绳应贴近木板且与木板平面平行DAO 间距离要适当，将橡皮筋拉至结点 O 时，拉力要适当大些14“用 DIS 研究加速度与力的关系”的实验装置如图（a）所示，实验中用所挂钩码的重量作为细线对小车的拉力 F通过增加钩码的数量，多次测量，可得小车运动的加速度 a 和所受拉力 F 的关系图象他们在轨道水平和倾斜的两种情况下分别做了实验，得到了两条 aF 图线，如图（b）所示（1）图线 （选填“”或“”）是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的；（2）在轨道水平时，小车运动的阻力 Ff= N；（3）（单选）图（

12、b）中，拉力 F 较大时，aF 图线明显弯曲，产生误差为避免此误差可采取的措施是 A调整轨道的倾角，在未挂钩码时使小车能在轨道上匀速运动B在增加钩码数量的同时在小车上增加砝码，使钩码的总质量始终远小于小车的总质量C将无线力传感器捆绑在小车上，再将细线连在力传感器上，用力传感器读数代替钩码的重力D更换实验中使用的钩码规格，采用质量较小的钩码进行上述实验四、解答题15在水平地面上放一木板 B，重力为 G2=100N，再在木板上放一货箱 A，重力为 G1=500N，设货箱与木板、木板与地面的动摩擦因数 均为 0.5，先用绳子把货箱与墙拉紧，如下图所示，已知 sin =0.6，cos =0.8，然后在

13、木板 B 上施一水平力 F，想把木板从货箱下抽出来， F 至少应为多大？416中央电视台近期推出了一个游戏节目推矿泉水瓶选手们从起点开始用力推瓶一段时间后，放手让瓶向前滑动，若瓶最后停在桌上有效区域内，视为成功；若瓶最后不停在有效区域内或在滑行过程中倒下均视为失败。其简化模型如图所示，AC 是长度为 L15m 的水平桌面，选手们可将瓶子放在 A 点，从 A 点开始用一恒定不变的水平推力推瓶，BC 为有效区域。已知 BC 长度为L22m，瓶子质量为 m0.5kg，瓶子与桌面间的动摩擦因数 0.4。某选手作用在瓶子上的水平推力 F20N，瓶子沿 AC 做直线运动， g=10m/s 2。假设瓶子可视

14、为质点，那么该选手要想游戏获得成功，试问：（1）推力作用在瓶子上时所做的功最大不得超过多少？（2）推力作用在瓶子上的距离最小为多少？17如图所示，有 1、2、3 三个质量均为 m = 1kg 的物体，物体 2 与物体 3 通过不可伸长轻绳连接，跨过光滑的定滑轮，设长板 2 到定滑轮足够远，物体 3 离地面高 H = 5.75m，物体 1 与长板 2 之间的动摩擦因数 = 0.2。长板 2 在光滑的桌面上从静止开始释放，同时物体 1（视为质点）在长板 2 的左端以 v = 4m/s 的初速度开始运动，运动过程中恰好没有从长板 2 的右端掉下。求：（1）长板 2 开始运动时的加速度大小；（2）长板

15、 2 的长度 L0；（3）当物体 3 落地时，物体 1 在长板 2 上的位置。2018-2019 学 年 辽 宁 省 实 验 中 学 高 一上 学 期 期 中 考 试 物 理 试 题物 理 答 案1A【解析】因物体 A 恰好不离开地面，则地面对 A 恰无支持力，则物体 A 受重力、力 F 以及 B 对 A 的弹力作用；物体 B 受：A 对 B 的弹力、重力、地面的支持力以及地面的摩擦力作用；故选 A考点：受力分析【名师点睛】此题是对物体的受力分析问题；关键是分析题意，物体 A 恰不离开地面时，对地面的压力为零；注意物体与地面之间有弹力时才有摩擦力存在；解题时要注意受力分析的步骤，先重力，后弹力

16、，最后是摩擦力.2A【解析】隔离光滑均匀圆球 B，对 B 受力分析，根据平衡条件列式求解 FN，对两球组成的整体进行受力分析，根据平衡条件列式求解即可。隔离光滑均匀圆球 B，对 B 受力分析如图所示，可得：FN=Fcos2mg-Fsin=0解得： 对两球组成的整体有：3mg-F N=0联立解得：故应选：A。【点睛】解决本题的关键能够正确地受力分析，运用共点力平衡进行求解，掌握整体法和隔离法的运用。3C【解析】因为 b 物体在 a 物体上恰能匀速下滑，所以有 ，解得 ，未加c 时，b 受到 a 的支持力为 ；将 bc 看成一个整体，此时整体受到 a 的支持力为，故 b 受到 a 的支持力增加了

17、，A 错误；未加 c 匀速上滑时，由于 B 对斜面 A 的压力没有变化，则知 b 所受的摩擦力大小没有变化，仍为，加上 c 匀速上滑时，b 所受的摩擦力大小 ，则 B 受到的摩擦力增加量为 ，故 B 错误；没有加 c 时，沿着斜面方向受力平衡，则 ，则加上 c 物体后， 则 F 增加了，故 C 正确；放上 c 后，整体处于静止，在水平方向上 ，故 a 受到地面的摩擦力增加了 ，D 错误；考点：考查了共点力平衡条件，整体和隔离法的应用【名师点睛】本题考查受力分析以及共点力的平衡条件应用，要注意明确整体法与隔离法的正确应用整体法：以几个物体构成的整个系统为研究对象进行求解在许多问题中用整体法比较方

18、便，但整体法不能求解系统的内力隔离法：从系统中选取一部分（其中的一个物体或两个物体组成的整体，少于系统内物体的总个数）进行分析隔离法的原则是选取受力个数最少部分的来分析通常在分析外力对系统作用时，用整体法；在分析系统内各物体之间的相互作用时，用隔离法有时在解答一个问题时要多次选取研究对象，需要整体法与隔离法交叉使用4D【解析】开始时甲和乙的弹力均为 10，合力为零；小车加速时，弹簧秤甲的示数变为 8，而由于小车长度不变，则甲弹簧的形变的变化量与乙必相等，故乙弹簧的示数应为 12N，故物体受到的合力为 4N，根据牛顿第二定律，有： ，故选项 D 正确。考点：牛顿第二定律、力的合成与分解的运用【名

19、师点睛】本题主要考查了牛顿第二定律的直接应用，要知道弹簧秤甲的长度减小量跟弹簧秤乙的长度增加量相同。5D【解析】对小球，由牛顿第二定律可得： ，故当小车的加速度逐渐增大到 3a 时， 的值变为原来的 3 倍，选项 AB 错误；细线的拉力 ，因 变为原来的 3 倍，则细线的拉力不是增加到原来的 3 倍，选项 C 错误；对 Mm 的整体， ，则若小车的加速度逐渐增大到 3a时，M 受到的摩擦力增加到原来的 3 倍，选项 D 正确；故选 D.考点：牛顿第二定理；整体和隔离法.6B【解析】A、B、起飞时，飞行器受推力和重力作用，两力的合力与水平方向成 30角斜向上，设动力为 F，合力为 F 合 ，如图

20、甲所示，在 OFF 合 中，由几何关系得 ， F 合 mg，由牛顿第二定律得飞行器的加速度，故 A 正确、B 错误。C、D、 t 时刻的速率 v a1t gt，推力方向逆时针旋转 60，合力的方向与水平方向成30斜向下，推力 F跟合力 F 合 垂直，如图乙所示，此时合力大小 ，动力大小 ，飞行器的加速度大小 ，到最高点的时间 ，故 C、 D 正确。本题选不正确的故选 B。【点睛】本题主要考查了牛顿第二定律及运动学基本公式的应用，要求同学们能正确对分析器进行受力分析并能结合几何关系求解，7D【解析】图象与时间轴围成的面积可表示位移，0-4s，甲的位移为 48m，乙的位移为 40m，甲、乙两车在同

21、一水平道路上，一前一后相距 S=6m，当 t=4s 时，甲车在前，乙车在后，相距 2m所以当t=4s 时两车不相遇故 A 错误开始时乙车在前，甲车在后，甲的速度大于乙的速度，所以两车间的距离减小，故 B 错误0-6s，甲的位移为 60m，乙的位移为 54m，两车第二次相遇，6s 后，由于乙的速度大于甲的速度，乙又跑到前面，8s 后，由于甲的速度大于乙的速度，两车还会发生第三次相遇，故 C 错误，D 正确故选 D。考点：v-t 图线【名师点睛】此题是关于速度时间图像的考查；速度-时间图象中要注意观察三点：一点，注意横纵坐标的含义；二线，注意斜率的意义；三面，速度-时间图象中图形与时间轴围成的面积

22、为这段时间内物体通过的位移。8C【解析】由于图象与坐标轴围成面积代表位移，时间轴上方位移为正，时间轴下方位移为负，所以前1 秒内的位移为正向 5m，1s-4s 为负向 7.5m，前 4 秒内总位移为 2.5m，故物体 1s 末距离出发点最远，选项 A 错误；物体先向正方向做匀减速直线运动，再向负方向做匀加速直线运动，拉力 F 的方向与初速度方向相反，且选项 B 错误；1s 末物体向负方向做匀加速运动，故拉力在 2s 末撤去的，选项 C 正确；2s-4s 物体的加速度大小 a=2.5m/s2，故摩擦力大小为 f=ma=2.5N，选项 D 错误。考点：vt 图象【名师点睛】直线运动的 vt 图象要

23、点如下：(1)物理意义：反映了物体做直线运动的速度随时间变化的规律；(2)斜率的意义：图线上某点切线的斜率大小表示物体加速度的大小，斜率正负表示物体加速度的方向；(3)“面积”的意义：图线与时间轴围成的面积表示相应时间内的位移大小；若面积在时间轴的上方，表示位移方向为正方向；若面积在时间轴的下方，表示位移方向为负方向9D【解析】当 A 沿斜面匀速下滑时，甲图，从整体角度分析知地面对甲的摩擦力为零，而乙图，A 对整体有斜向左上方的拉力，则由平衡条件知地面对乙的摩擦力水平向左，故 A 错误；当 A 沿斜面加速下滑时，虽加速度不同，但仍从整体角度可知，整体有水平向右的分加速度，则地面对甲的摩擦力方向

24、向右，而对乙图，A 对斜面有沿着斜面向下的滑动摩擦力，则地面对乙的摩擦力水平向左，故B 错误；当 A 沿斜面加速上滑时，虽加速度不同，但仍从整体角度可知，整体有水平向左的分加速度，则地面对甲的摩擦力方向向左，而对乙图，A 对斜面有沿着斜面向上的滑动摩擦力，A 对斜面摩擦力有向左分力，A 对斜面压力有向左分力，所以地面对乙应向右有摩擦力，故 C 错误；当 B 球向左拉到水平位置放手向下摆到最低点的过程中，对甲分析，地面对斜面的摩擦力方向向右；对乙分析，可知若 A 对斜面的静摩擦力沿着斜面向上，因此地面对乙的摩擦力方向向右，故 D 正确；故选 D考点：牛顿定律的应用【名师点睛】本题考查牛顿定律的综

25、合应用以及整体法与隔离法的应用，解题时要注意受力分析，掌握静摩擦力的方向判定，注意加速度不同的整体运用是解题的难点。10AD【解析】由图 2 可知，加速度随时间逐渐减小，方向不变，所以加速度方向始终与速度方向相同，物体做加速运动，当加速度减为零时，速度最大，所以 t0时刻，物体速度增加到最大值，故 A 正确，B 错误；加速度逐渐减小，所以物体不是做匀变速运动，故 C 错误；根据 F-f=ma，可知因 a 随 t 呈线性关系，则 F 与时间 t 也是线性关系，故 D 正确。故选 AD。11BD【解析】ab 整体受重力、支持力及水平方向的推力，沿平行斜面和垂直斜面方向建立直角坐标系，将重力及水平推

26、力正交分解，有可能重力下滑分力大于水平推力平行斜面向上的分力，故 ab 有可能沿斜面向下运动，故 A 错误；无论 ab 在 F 作用下是静止（a=0）还是加速（a0），设 f 为 a对 b 的力，对 ab：Fcos-2mgsin=2ma，对 b：N-mgsin=ma；解得 ，故 B 正确；分别分析 a、b 的受力情况：物体 b 受重力、支持力及沿斜面向上的 a 的推力，故对斜面的压力等于重力的垂直分力；对 a 分析，a 受重力、支持力、水平推力；支持力等于重力垂直于斜面的分力及水平推力沿垂直于斜面的分力的合力，故 a、b 对斜面的压力大小不相等，故 C 错误；因 ab 沿斜面方向上的加速度相等

27、，故 ab 受到的合力相等，因此它们的合力在水平方向上的分力一定相等，故 D正确；故选 BD。【点睛】本题中没有明确说明推力与重力的大小关系，故 ab 运动情况有多种可能，因此在解题时应全面考虑，讨论物体运动可能的情况，利用牛顿运动定律进行分析讨论12BD【解析】行李箱开始运动时受到滑动摩擦力作用，由牛顿第二定律有：mg=ma，所以得：a=2 m/s2，故 A 错误；行李箱匀加速运动的时间 ，通过的位移。匀速运动的时间 =2.9s，故行李箱从 A 点到达 B 点的总时间为 t=t 1+t2=3.1s，故 B 正确；行李箱加速度运动的加速度与其质量无关，则质量越大，加速度不变，在传送带上运动的时

28、间不变，选项 C 错误；行李箱和传送带相对滑动的位移为：x=vt 1-x1=0.40.2-0.04=0.04m，所以行李箱在传送带上留下的痕迹长度为 0.04 m故 D 正确。故选BD。【点睛】解决本题的关键理清行李在传送带上的运动情况，结合牛顿第二定律和运动学公式灵活求解要知道行李箱在传送带上留下的痕迹长度等于两者相对位移的大小13（1）F （2）A （3）CD 【解析】（1）实验中 F 是由平行四边形得出的，而 F是通过实验方法得出的，其方向一定与橡皮筋的方向相同，由于实验过程不可避免的存在误差，因此理论值和实验值存在一定的偏差（2）本实验中两个拉力的作用效果和一个拉力的作用效果相同，采用

29、的科学方法是等效替代法，故 A 正确，BCD 错误故选 A.（3）两个分力 F1、F 2的大小并非要越大越好，大小适当即可，选项 A 错误；两个分力F1、F 2间夹角不一定是 900，大小适当即可，选项 B 错误；作图时，我们是在白纸中作图，做出的是水平力的图示，若拉力倾斜，则作出图的方向与实际力的方向有有较大差别，故应使各力尽量与木板面平行，故 C 正确；AO 间距离要适当，将橡皮筋拉至结点 O 时，拉力要适当大些，选项 D 正确；故选 CD.【点睛】本实验中采用了两个力合力与一个力效果相同来验证的平行四边形定则，因此采用“等效法”，注意该实验方法的应用；在实验中要明确理论值和实验值的区别。

30、14（1） （2）0.5 （3）C【解析】（1）由图象可知，当 F=0 时，a0也就是说当绳子上没有拉力时小车就有加速度，该同学实验操作中平衡摩擦力过大，即倾角过大，平衡摩擦力时木板的右端垫得过高所以图线是在轨道右侧抬高成为斜面情况下得到的（2）图线是在轨道水平时做的实验，由图象可知：当拉力等于 0.5N 时，加速度恰好为零，即刚好拉动小车，此时 f=F=0.5N。（3）随着钩码的数量增大到一定程度时图（b）的图线明显偏离直线，造成此误差的主要原因是所挂钩码的总质量太大，而我们把用钩码所受重力作为小车所受的拉力，所以消除此误差可采取的简便且有效的措施应该测量出小车所受的拉力，即在钩码与细绳之间

31、放置一力传感器，得到力F 的数值，在作出小车运动的加速度 a 和力传感器读数 F 的关系图象，故选 C【点睛】对于实验我们要明确实验原理、具体实验操作以及数据处理等，同时要清楚每一项操作存在的理由，只有掌握好了基本知识和基本方法才能顺利解决实验题目，所以要重视基本知识和基本方法的学习和训练15850N【解析】物体 A、B 的受力图如图所示，由受力平衡知：对 A：Tcosf 1=0N1G 1Tsin=0又由题 联立得到：Tcos=（G 1+Tsin）得到 T=f1=TcosN1=G1+Tsin对 B： 又 f2=N 2联立得到 F=f1+（N 1+G2）代入解得：F=850N16(1) （2）

32、【解析】（1）要想获得游戏成功，瓶滑到 C 点速度正好为 0，力作用时间最长，设最长作用时间为t1，有力作用时瓶的加速度为 a1，t 1时刻瓶的速度为 v，力停止后加速度为 a2，由牛顿第二定律得： 加速运动过程中的位移 减速运动过程中的位移 位移关系满足: 又: 由以上各式解得:(2)要想游戏获得成功,瓶滑到 B 点速度正好为零,力作用距离最小,设最小距离为 d,则: 联立解得:d=0.4m考点：本题考查了牛顿第二定律和匀变速直线运动。17（1） （2）1m （3）1m【解析】设向右为正方向（1）物体 1： -mg = ma 1 a1=g = -2m/s 2物体 2：T+mg= ma 2物体

33、 3：mgT= ma 3且 a2= a3由以上两式可得： =6m/s2（2）设经过时间 t1二者速度相等 v1=v+a1t=a2t代入数据解 t1=05s v 1=3m/s=175m=075m所以木板 2 的长度 L0=x1-x2=1m（3）此后，假设物体 123 相对静止一起加速T=2ma mgT=ma 即 mg=3ma得对 1 分析：f 静 =ma=33NF f=mg=2N，故假设不成立，物体 1 和物体 2 相对滑动物体 1： a 3=g=2m/s 2物体 2：Tmg= ma 4物体 3：mgT= ma 5且 a4= a5得： =4m/s2整体下落高度 h=Hx2=5m 根据解得 t2=1s物体 1 的位移 =4mh-x3=1m 物体 1 在长木板 2 的最左端考点：牛顿定律的综合运用【名师点睛】本题是牛顿第二定律和运动学公式结合，解题时要边计算边分析物理过程，抓住临界状态：速度相等是一个关键点。