2014届湖北省黄梅一中高三上适应性训练（六）理科综合物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2014届湖北省黄梅一中高三上适应性训练（六）理科综合物理试卷与答案（带解析） 选择题 用比值法定义物理量是物理学中一种很重要的思想方法，下列表达式中不属于比值法定义的是（ ） A电场强度 B加速度 C电容 D磁感应强度 答案： B 试题分析 : 加速度 a= 是牛顿第二定律得到的，不是比值定义的， 电场强度，电容 ，磁感应强度 都是采用比值法定义的，所以选 B. 考点：加速度，磁感应强度，电场强度，电容 如图所示，等腰三角形内分布有垂直于纸面向外的匀强磁场，它的底边在 x轴上且长为 2L，高为 L。纸面内一边长为 L的正方形导线框沿 x轴正方向做匀速直线运动穿过匀强磁场区域，在 t=0时刻恰

2、好位于图中所示的位置。以顺时针方向为导线框中电流的正方向，在下面四幅图中能够正确表示电流 位移（ Ix ）关系的是（ ） 答案： A 试题分析 : 位移在 0至 L过程：磁通量增大，由楞次定律判断感应电流方向为顺时针方向，为正值 I= L=x则 I ；位移在 L至 2L过程：磁通量先增大后减小，由楞次定律判断感应电流方向先为顺时针方向，为正值，后为逆时针方向，为负值； 位移在2L至 3L过程：磁通量减小，由楞次定律判断感 应电流方向为逆时针方向，为负值， I= ，故选 A 考点：导体切割磁感线时的感应电动势，右手定则，楞次定律 如图甲所示，足够长的固定光滑细杆与地面成一定倾角，在杆上套有一个光

3、滑小环，沿杆方向给环施加一个拉力 F，使环由静止开始运动，已知拉力 F及小环速度 v随时间 t变化的规律如图乙所示，重力加速度 g取 10 m/s2.则以下判断正确的是（ ） A小环的质量是 1kg B细杆与地面间的倾角是 30 C前 3 s内小环机械能的增加量是 5.75 J D前 3 s内拉力 F的最大功率是 2.25 W 答案： AC 试题分析 :从速度时间图象得到环先匀加速上升，然后匀速运动，根据牛顿第二定律，有 加速阶段 F1-mgsin=ma 匀速阶段 F2-mgsin=0 解得： m=1kg； sin=0.45，故 A正确， B错误；从速度时间图象可以得到，前1s的位移为 0.2

4、5m， 1到 3s位移为 1m；前 3s拉力做的功为：W=50.25+4.51=5.75J，故 C正确；第一秒内，速度不断变大，拉力的瞬时功率也不断变大，第 1秒末， P=Fv=50.5=2.5W，第一秒末到第三秒末，P=Fv=4.50.5=2.25W 即拉力的最大功 率为 2.5W，故 D错误； 考点：牛顿第二定律；力的合成与分解的运用 在如图所示的电路中，灯炮 L的电阻大于电源的内阻 r，闭合电键 S，将滑动变阻器滑片 P向左移动一段距离后，下列结论正确的是（ ） A灯泡 L变亮 B电源的输出功率增大 C电容器 C上电荷量减少 D电流表读数变小，电压表读数变大 答案： D 试题分析 : 将

5、滑动变阻器滑片 P向左移动后，变阻器接入电路的电阻增大，外电路总电阻增大，根据闭合电路欧姆定律分析，路端电压增大，电压表读数变大，电路中电流 I变小，则电流表读数变小，灯泡 L变暗故 A错误， D正确；灯泡 L的电阻大于电源的内阻 r，外电阻大于内电阻，外电路总电阻增大，电源的输出功率变小，故 B错误；电容器 C两端的电压 UC=E-I（ RL+r）， I变小，其他量不变，则 UC增大，电容器 C上电荷量增加故 C错误 考点：闭合电路的欧姆定律；电容 如图所示， L1、 L2、 L3为等势面，两相邻等势面间电势差相同，取 L2的电势为零，有一负电荷在 L1处动能为 30J，仅在电场力的作用下运

6、动到 L3处动能为 10J，则电荷的电势能为 4J时，它的动能是 （ ） A 6J B 4J C 16J D 14J 答案： C 试题分析 : 如图为三个等差等势面，根据 W=qU，电荷 L1到 L2， L2到 L3电场力做功相等，电势能减小量相等，则电荷在 L2处动能为 20J，此处电荷电势能为零，电荷电势能与动能总和为 20J。所以，当电势能为 4J时，动能为 16J 故选 C。 考点：等势面；功能关系；电势能 如图所示，质量分别为 mA和 mB的物体 A、 B用细绳连接后跨过滑轮， A静止在倾角为 45o的斜面上， B悬挂着。已知 mA=2mB，不计滑轮摩擦，现将斜面倾角由 45o增大到

7、 50o，系统保持静止。下列说法正确的是（ ） A绳子对 A的拉力将增大 B物体 A对斜面的压力将增大 C物体 A受到的静摩擦力增大 D物体 A受到的静摩擦力减小 答案： C 试题分析 : 设 mA=2mB=2m，对物体 B受力分析，受重力和支持力，由二力平衡得到： T=mg 再对物体 A受力分析，受重力、支持力、拉力和静摩擦力，如图 根据平衡条件得到 f+T-2mgsin=0， N-2mgcos=0 解得 f=2mgsin-T=2mgsin-mg， N=2mgcos 当 不断变大时， f不断变大， N不断变小； 考点：共点力平衡的条件及其应用 ,力的合成与分解的运用 中俄联合火星探测器， 2

8、009年 10月出发，经过 3.5亿公里的漫长飞行，在2010年 8月 29日抵达了火星。双方确定对火星及其卫星 “火卫一 ”进行探测。火卫一在火星赤道正上方运行，与火星中心的距离为 9450km，绕火星 1周需7h39min。若其运行轨道可看作圆形轨道，万有引力常量为 G=6.6710-11Nm2/kg2，则由以上信息能确定的物理量是（ ） A火卫一的质量 B火星的质量 C火卫一的绕行速度 D火卫一的向心加速度 答案： BCD 试题分析 : 根据万有引力提供向心力 G mr ，知道了轨道半径和周期，可以求出中心天体（火星）的质量；根据 v=r( )，可求出火卫一的绕行速度，根据 a=r 可求

9、出火卫一的向心加速度环绕天体（火卫一）的质量在分析已约去，不能求出故 B、 C、 D正确， A错误 考点：万有引力定律及其应用 实验题 某同学用如图所示的装置测定重力加速度。 打出的纸带如图所示，实验时纸带的 _端通过夹子和重物相连接。（选填“甲 ”或 “乙 ”） 纸带上 1至 9各点为计时点，由纸带所示数据可算出实验时的重力加速度为_m/s2。 （已知交流电频率为 50Hz) 答案： 乙 9.4 试题分析 : 从纸带上可以看出从甲到乙打出来的点速度越来越小，而与重物相连的纸带上先打出点，速度较小所以实验时纸带的乙端通过夹子和重物相连接 根据运动学公式得： x=at2， g= m/s2=9.4

10、m/s2 考点：验证机械能守恒定律 有一待测电阻 Rx（阻值约 5左右），实验室提供的器材有： A直流电流表 A（ 0100mA，内阻为 25） B直流电压表 V（ 03V，内阻为 5k） C滑动变阻器 R1（ 020， 1A） D滑动变阻器 R2（ 01k， 0.1A） E电源（电 动势约为 3V，内阻不计） F开关和若干导线 （ 1）若要求在实验中待测电阻两端的电压从 0开始变化，滑动变阻器应选用 （填仪器代号）， （ 2）实验时，某同学使用的是多用电表直流电流档来测电流，示数如图乙所示（丙为指针所在区 域部分的放大图），读数为 mA。 答案：（ 1） C ；实验电路图如下 （ 2） 72

11、mA 试题分析 : 由于要求电压从 0变化，故滑动变阻器应用分压式，应选阻值小的变阻器 C. 于电流表和电压表内阻即为确定值，可将电表内阻考虑在内，若用电流表内接法，则待测电阻与电流表串联最大电压为 U= ( + )=3V，与电压表量程相同，此时应有 = + ，故应用电流表内接法，电路图如上图所示； 电流表的读数为 I=36 mA=72mA 考点：伏安法测电阻 计算题 已知 O、 A、 B、 C为同一直线上的四点， AB间的距离为 22m， BC间的距离为 26m，一物体自 O点由静止出发，沿此直线做匀加速运动，依次经过 A、B、 C三点，已知物体通过 AB段与 BC段所用的时间相等且为 2s

12、。求 O与 A的距离。 答案： 0与 A的距离为 50m 试题分析 : 由 s=aT2得， a=1m/s2 =12m/s 根据 =2a 代入数据得 =72m = - =50m 故 0与 A的距离为 50m 考点：匀变速直线运动规律的综合运用 如图所示，在高 H=2.5m的光滑、绝缘水平高台边缘，静置一个小物块 B，另一带电小物块 A以初速度 v0=10.0m/s向 B运动， A、 B 的质量均为 m=1.010-3kg。 A 与 B 相碰撞后，两物块立即粘在一起，并从台上飞出后落在水平地面上。落地点距高台边缘的水平距离 L=5.0m.已知此空间中存在方向竖直向上的匀强电场，场强大小 E=1.0

13、103N/C（图中未画出）假设 A在滑行过程和碰撞过程中电量保持不变，不计空气阻力， g=10m/s2。求： （ 1） A、 B碰撞过程中损失的机械能。 （ 2）试说明 A带电的电性，并求出其所带电荷 q的大小。 （ 3）在 A、 B的飞行过程中，电场力对它做的功。 答案： (1)2.5 J；（ 2）正电， C；（ 3） -2.5 J 试题分析 : 对于 A、 B碰撞过程，由动量守恒得： m =2mV 解得 V=5m/s 故 A、 B碰撞过程中损失的机械能为 E= m - (2m) =2.5 J 碰后 A、 B从台上飞出后做类平抛运动，水平方向做匀速直线运动，竖直方向做初速度为零的匀加速运动，

14、则 x=vt 解得： t=1s 由 H a 得 a=5m/s2 g，故 A应带正电 根据牛顿第二定律得 2mg-qE=2ma 得 q= = C 在 A、 B飞行过程中，电场力做负功，则 W=-qEH=- 2.5J=-2.5 J 考点：动量守恒定律，匀变速直线运动的位移与时间的关系，机械能守恒定律 许多仪器中可利用磁场控制带电粒子的运动轨迹。如图所示的真空环境中，有一半径 r=0.05m的圆形区域内存在磁感应强度 B=0.2T的匀强磁场，其右侧相距 d=0.06m处有一足够大的竖直屏。从 S处不断有比荷 =108C/kg的带正电粒子以速度 v=2106m/s沿 SQ方向射出，经过磁场区域后打在屏

15、上。不计粒子重力，求： （ 1）粒子在磁场中做圆周运动的轨迹半径； （ 2）绕通过 P点垂直纸面的轴，将该圆形磁场区域逆时针缓慢转动 90的过程中，粒子在屏上能打到的范围。 答案：（ 1） R=0.1m；（ 2）所以粒子能打在屏上 Q点以上 0.16m范围内。 试题分析 : （ 1） 解得 R=0.1m （ 2）粒子在磁场中通过的位移刚好等于磁场区域直径时，其速度方向偏转的角度最大，能打到屏上的点最高，由于 R=2r，如图 为等边三角形，可判断出粒子在磁场中的运动轨迹所 对圆心角为 60， 设从 L点射出磁场的粒子能打在屏上的 N 点， LN 的反向延长线交 PQ 于 M点，由对称性可知： 联立上式可得： NQ=(3 -2)r0.16m 当磁场区域转动 90时，粒子刚好没有进入磁场，沿直线运动打在屏上 Q点，所以粒子能打在屏上 Q点以上 0.16m范围内。 考点：带电粒子在匀强磁场中的运动，牛顿第二定律，向心力