2013-2014学年四川省绵阳市南山中学高二上学期期中考试物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2013-2014学年四川省绵阳市南山中学高二上学期期中考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 下列说法正确的是（ ） A根据 可知，电场中某点的场强与电场力成正比 B根据 可知，点电荷电场中某点的场强与点电荷的电荷量 Q成正比 C根据场强叠加原理可知，合电场的场强一定大于分电场的场强 D电场强度的方向与电场力的方向一致 答案： B 试题分析：电场强度反映的是电场的特性，与电场力、电荷量无关，所以 A错误；根据库仑定律和电场强度定义可以推出点电荷场强的决定式 ，所以 B正确；场强叠加原理即平行四边形矢量运算法则，合场强可能大于分场强也可能小于或等于分场强，所以 C错误；电场强度的方向规定为正试探

2、电荷在电场中受力的方向，所以 D错误； 考点：电场强度、点电荷的场强 如图所示，一个质量为 m，带电量为 q的粒子（重力不计），从两平行板左侧中点沿垂直场强方向射入，当入射速度为 v时，恰好穿过电场而不碰到金属板。要使粒子的入射速度变为 v/2，仍能恰好穿过电场，则必须再使 ( ) A粒子的电量变为原来的 1/2 B两板间电压减为原来的 1/4 C两板间距离增为原来的 2倍 D两板间距离增为原来的 4倍 答案： BC 试题分析：根据题意可知竖直方向的偏移量为 ，根据牛顿第二定律及运动学公式可知 ，化简后得到 ，当粒子入射速度变为 且使粒子仍能恰好穿过电场，即保证此关系式成立，若只改变粒子的电量

3、为原来的一半，代入可发现关系式不成立，所以 A 错误；同理可知 BC 正确、 D 错误； 考点：带电粒子在匀强电场中的运动 如图所示，空间有一水平方向的匀强电场，初速度为 v0的带电小球从 A点射入电场，在竖直平面内沿直线从 A运动到 B，在此过程中 ( ) A小球带负电 B小球的动能和重力势能之和减少 C小球的重力势能和电势能都增加 D动能增加，重力势能和电势能之和减少 答案： BC 试题分析：以小球为研究对象分析受力，小球受重力和电场力作用，因小球沿直线运动，故重力和电场力的合力沿 AB所在直线方向，则小球所受电场力只能水平向左，即与电场方向相同，所以小球带正电，故 A错误；此过程中，小球

4、克服重力做功、克服电场力做功，由功能关系可知，小球的重力势能增加、电势能增加、机械能减小、动能减小，所以 BC正确、 D错误； 考点：带电粒子在电场中的运动 如图所示，将带负电的小球 C移近两个不带电的导体球 A、 B ，两个导体球开始时互相接触，下列说法正确的是（ ） A.先将 A、 B两球分开，再移走小球 C， B球带正电 B.先移走小球 C，再把两球分开， A、 B两球均带正电 C.使小球 C与 A球接触，再移走小球 C， A、 B两球均带负电 D.先使 B球瞬间接地，再移走小球 C， A、 B两球均带正电 答案： CD 试题分析：将小球 C移近两个不带电的导体球 A、 B时，因静电感应

5、，使得 A球带正电、 B球带负电，若先将两球分开，再移走 C球，则 A球带正电、 B球带负电，所以 A错误；若先移走 C球，则两球电荷完全中和，都不带电，所以B错误；若先使 B球瞬间接地，则 AB球与大地组成导体，此时 A端带正电，大地另一端带负电，再移走小球 C之后，两球接触起电，都带上与 A相同的正电荷，所以 D正确；如果使小球 C与 A球接触，同两球都带上与 C同种的负电，所以 C正确； 考点：静电现象的解释 如图所示电路，当变阻器的滑片向下滑动时，关于电灯 L的亮度及电压表示数变化判断正确的是（ ） A L变暗 B L变亮 C电压表读数变大 D电压表读数变小 答案： AD 试题分析：当

6、滑片向下滑动时，由此可以看出，灯泡变暗、电压表示数变小，所以 AD正确、 BC错误；本题也可以 根据 “串反并同 ”的动态电路变化规律直接判断； 考点：闭合电路的欧姆定律 右图是根据某次测定电池的电动势和内阻的实验记录的数据作出的 UI 图像，关于这个图像的说法中正确的是 ( ) A纵轴截距表示待测电池的电动势，即 E=1.5V B横轴截距表示短路电流，即 I0=0.5A C根据 ，计算出待测电池内阻为 3 D根据 ，计算出待测电池内阻为 1 答案： AD 试题分析：根据闭合电路欧姆定律有 ，由此可知，电源UI 图像中纵截距即电源电动势、斜率的绝对值为电源内阻，故可知，所以 A、 D正确、 C

7、错误；因图像中纵轴并不是从零开始，所以横轴截距并不等于短路电流，所以 C错误； 考点：闭合电路的欧姆定律、伏安曲线 如图所示，面积大小为 S的矩形线圈 abcd，放在磁感应强度为 B的匀强磁场中，线圈可以绕 O1O2转动。下列说法中正确的是 ( ) A当线圈在如图所示位置时，穿过线圈的磁通量大小 =BS B当线圈从图示位置转过 900时，穿过线圈的磁通量大小 =0 C当线圈从图示位置转过 1800的过程中，穿过线圈的磁通量的变化量大小= 0 D当线圈从图示位置转过 3600的过程中，穿过线圈的磁通量的变化量大小=BS 答案： AB 试题分析：根据磁通量的定义可知，如图所示时，磁通量最大 ，当转

8、过 900时，线圈与磁场平行，磁通量为零，所以 A、 B正确；当线圈转过 1800时，磁通量大小为 ，故磁通量变化的大小为 ，所以 C错误；当线圈转过 3600时，磁通量大小为 ，故磁通量变化的大小为零，所以 D正确； 考点：磁通量 将两只完全相同的表头改装成量程不同的两只电压表，串联后接入电路中，则 ( ) A两表的示数相同 B两表的示数不同，量程大的电压表示数较小 C两表的指针的偏角相同 D两表的指针的偏角不同，量程大的电压表指针偏角较大 答案： C 试题分析：将一定值电阻与表头串联后组成电压表，现将电压表串联，故通过表头的电流的相同，所以两表头指针偏转角相同，因量程不同，所以量程大的示数

9、大，故只有选项 C正确； 考点：电阻的串、并联 如图所示的电路中， R1、 R2都是 “4W、 100”的电阻， R3是 “1W、 100”的电阻，则 AB间允许消耗的最大功率是 ( ) A 1.5W B 4.5W C 8W D 9W 答案： A 试题分析：根据电功率公式求得各个电阻 R1的额定电压和额定电流分别为：，同样可得： ，由电路连接情况可知， AB间允许加的最大电压为 ，此时电路的功率最大 ，故只有选项 A正确； 考点：电阻的串、并联 图中实线为一簇电场线，虚线是一带电粒子从电场中的 A点运动到 B点的运动轨迹。粒子只受电场力作用。下列说法正确的是 ( ) A粒子带正电 B粒子在 A

10、点的速度大于在 B点的速度 C粒子在 A点的加速度小于在 B点的加速度 D粒子在 A点的电势能大于在 B点的的电势能 答案： B 试题分析：由粒子的运动轨迹可以看出，粒子所受的电场力方向与电场方向相反，故 粒子带负电，所以 A 错误；运动过程中，电场力方向与运动方向成钝角，所以电场力做负功、粒子的动能减小、电势能增大，故 B正确、 D错误；由电场线可以看出， A点电场强度大于 B点电场强度，所以粒子在 A所受电场力大于 B点所受电场力，故 B正确； 考点：带电粒子在匀强电场中的运动 一台电动机，额定电压是 220V，电阻是 0.8，在正常工作时通过电动机的电流是 10A，电动机每秒对外做的功是

11、 ( ) A 2200J B 80 J C 2120 J D 6.05103 J 答案： C 试题分析：电动机是非纯电阻电路，电动机消耗的总功率 ，热功率 ，所以电动机的输出功率 ，故电动机每秒对外做功 ，所以只有选项 C正确； 考点：电功、电功率 关于电流，下列说法正确的是（ ） A只要有可以自由移动的电荷，就能存在持续的电流 B金属导体内的持续电流是自由电子在导体内的电场作用下形成的 C单位时间内通过导体横截面单位面积的电荷量越多，电流就越大 D电流的方向与电荷定向移动的方向相同 答案： B 试题分析：大量自由电荷的定向移动形成电流，所以 A错误；金属导体中的自由电荷是可自由移动电子携带，

12、自由电子在电场力的作用下定向移动形成电流，所以 B正确；单位时间内通过导体横截面的电荷量定义为电流大小，与截面面积无关，所以 C 错误；电流的方向规定为正电荷定向移动的方向，所以 D错误； 考点：电流 根据磁感应强度的定义式 ，下列说法中正确的是（ ） A在磁场中某确定位置， B与 F成正比，与 I、 L的乘积成反比 B一小段通电直导线在空间某处所受磁场力 F=0，那么该处的 B一定为零 C一小段通电直导线放在 B为零的位置，那么它受到磁场力 F也一定为零 D磁场中某处的 B的方向跟电流在该处所受磁场力 F的方向相同 答案： C 试题分析：磁场的磁感应强度是磁场的特性，与导线受力、电流及导线长

13、度无关，所以 A错误、 B错误；由安培力公式 知，当 B=0时，安培力等于零，所以 C正确；磁场方向与安培力方向、电流方向满足左手定则，即与安培力方向垂直，所以 D错误； 考点：磁感应强度 导体的电阻是导体本身的一种性质，对于同种材料的导体，下列表述正确的是 ( ) A横截面积一定，电阻与导体的长度成正比 B长度一定，电阻与导体的横截面积成正比 C电压一定，电阻与通过导体的电流 成反比 D电流一定，电阻与导体两端的电压成正比 答案： A 试题分析：根据电阻定律 可知，对同种材料，当 L一定时， R与 L成正比，所以 A正确；当 L一定时， R与 S成反比，所以 B错误；电阻是导体本身的一种特性

14、，决定于自身，而与电压、电流无关，所以 C、 D错误； 考点：电阻定律 关于静电场，下列说法中正确的是 ( ) A在电场强度为零的区域电势一定处处为零 B两点间的电势差与零电势的选取有关 C负电荷从电势低的点运动到电势高的点，电势能一定减少 D根据公式 U= Ed 知，在匀强电场中两点间的距离越大，电势差就越大 答案： C 试题分析：电场强度反映电场力的性质，电势反映电场能的性质，两者并无必然联系，所以 A错误；电势差与零电势选取无关，所以 B错误；负电荷从电势低的点运动到高电势点，根据 可知，电势能减小，所以 C正确；公式U= Ed中 d指的是匀强电场中沿电场方向的距离，所以 D错误； 考点

15、：静电场 关于电动势，下列说法不正确的是（ ） A电动势是表征电源把其他形式的能转化为电能的本领强弱的物理量 B电动势的大小与外电路的结构有关 C电动势在数值上等于电源未接入电路 时两极间的电势差 D电动势等于闭合电路各部分的电势降落之和 答案： B 试题分析：电动势反映的是非静电力做功把其它形式的能量转化为电能的本领强弱，所以 A正确；电动势是电源本身的特性，与外电路无关，所以 B错误；在电源未接入电路时，电源两极间的电势差即等于其电动势，所以 C正确；接入电路时，满足 ，即电动势等于内外电路的电压之和，也就是等于电路各部分的电势降落之和，所以 D正确； 考点：电动势 某同学画的表示磁场 B

16、、电流 I和安培力 F的相互关系如下图所示，其中正确的是（ ） 答案： D 试题分析：根据左手定则，磁场 B、电流 I和安培力 F两两垂直，让磁感线穿过手心、四指指向电流方向、大姆指所指的方向即为安培力的方向，由此判断可知，只有选项 D正确； 考点：安培力的方向 如图所示，用静电计可以测量已充电的平行板电容器两极之间的电势差，现使 A板带正电， B板带负电，则下列说法正确的是（ ） A将 B板稍微向右移，静电计指针张角将变小 B若将 B板稍微向上移，静电计指针张角将变小 C若将 B板拿走，静电计指针张角变为零 D若将玻璃板插入两极板之间，静电计指针张角将变大 答案： A 试题分析： 根据平行板

17、电容器电容的决定式 及电容定义式 ，可知将 B板右移时，距离变小、电容变大，因电荷量不变，所以电势差变小，即静电计指针张角变小，所以 A正确；同理，将 B板上移，正对面积减小、电容减小、电势差变大，即静电计指针张角变大，所以 B错误；将 B极板拿走后，A 极板与大地组成电容器，电势差不变，即静电计指针张角不变，所以 C 错误；插入玻璃板，相对介电常数变大、电容变大、故电势差变小，即静电计指针张角变小，所以 D错误； 考点：电容器 实验题 （ 1）用多用电表的电阻档测量阻值约为几十千欧的待测电阻 Rx，以下给出的是可能的 操作步骤，其中 S为选择开关， P为电阻档调零旋钮。把你认为正确步骤前的字

18、母按合理的顺序填写在横线上 。 a将两表笔短接，调节 P使指针对准刻度盘上电阻档的零刻度，断开两表笔 b将两表笔分别连接到待测电阻的两端，读出 Rx的阻值后，断开两表笔 c旋转 S使其尖端对准电阻档 1k d旋转 S使其尖端对准电阻档 100 e旋转 S使其尖端对准 OFF档，并拔出两表笔 正确操作后，多用表的指针位置如图所示，此被测电阻 Rx的阻值约为 W。 （ 2）某同学利用多用电表的电阻档判断二极管的正负极，当红表笔接 A端，黑表笔接 B端时，电阻很小；当黑表笔接 A端，红表笔接 B端时，电阻很大，如图所示，则 端是二极管的正极。（填 “A”或 “B”） 答案：（ 1） cabe、 21

19、04；（ 2） B 试题分析：（ 1）因待测电阻大约几十千欧，所以应选用 1k倍率的电阻档，然后进行短接调零，测量后将旋钮旋至 OEF档，拨出表笔，放回原位，故正确操作的步骤是 cabe；被测电阻的阻值 ；（ 2）二极管具有单向导电性，根据题意可知，当红表笔接 A时，电流从二极管正极流入，而欧姆表的使用规则是 “红入 出 ”，所以可以判断二极管 B端为正极； 考点：实验 “练习使用多用电表 ” 用伏安法测量待测小灯泡的电阻，并描绘该灯泡的伏安特性曲线。小灯泡上标有 “3V 0.2A”字样，有下列器材可供选用： A电压表（ 03V ，内阻约 1k） B电压表（ 015V ，内阻约 5k） C电流

20、表（ 00.3A ，内阻约 2） D电流表（ 00.6A ，内阻约 0.5） E滑动变阻器（ 10， 1A） F滑动变阻器（ 1000， 0.1A） G直流电源（ 6V，内阻不计） ,另有开关一个、导线若干 (1)实验中电压表应选 ，电流表应选 ，滑动变阻器应选 （只填器材前面的字母代号） (2)请在答卷实物 图中用铅笔画线代替导线连接实验电路。 答案：（ 1） A、 C、 E； （ 2） 试题分析：（ 1）因小灯泡的额定电压为 3V，故使用 03V 量程的电压表即可；灯泡的额定电流为 0.2A0.3A，所以电流表选用 00.3A 量程即可；变阻器 F允许通过的最大电流为 0.1A，连入电路无

21、法使得小灯泡正常工作，所以应选择E；（ 2）电压表测量小灯泡电压，与灯泡并联即可，如下图所示： 考点：伏安法测电阻 (1)某同学测量金属线直径时螺旋测微器如图所示，则该金属线的直径为 d= mm。 答案： .721 1.723 试题分析 ：由图可知，金属线的直径 ，最后一位是估计值，计数结果在 1.721 1.723都正确； 考点：正确使用螺旋测微器进行计数 计算题 （ 8分）质量为 m=0.02kg通电细杆 ab置于倾角为 =370的平行放置的导轨上，导轨的宽度 d=0.2m，杆 ab与导轨间的动摩擦因数 =0.4，磁感应强度B=2T的匀强磁场与导轨平面垂直且方向向下，调节滑动变阻器的滑片，

22、让杆ab沿导轨匀速下滑。试求出通过杆 ab的电流为多大。（ g=10m/s2， sin370=0.6，cos370=0.8） 答案： .14A 试题分析：以导体棒为研究对象进行受力分析如图所示： 故有： 2分 2分 2分 联立解得： 2分 考点：安培力、共点力平衡 （ 10分）如图所示的电路中，电源的电动势 E=9V，内阻 r=1；电阻R1=10， R2=10， R3=30， R4=40；电容器的电容 C=100F，电容器原来不带电，求： （ 1）开关 S未接通时电源的电流 I； （ 2）接通开关 S后流过 R4的总电量 Q。 答案：（ 1） 1A；（ 2） 610-4C 试题分析：（ 1）开

23、关 S未接通时， R2、 R3串联后与 R1并联，根据串、并联规律可知外电路的总电阻为：、 （ 1分） 根据闭合电路欧姆定律得通过电源的电流： （ 3分） （ 2）电容器充电完成后相当于开路，对电路没有影响，根据题意可知此时的路端电压为： （ 2分） 根据串联分压规律得 R3的电压（即电容器两端的电势差）：（ 2分） 根据电容定义可知，电容器充电后的电荷量： （ 2分） 故流过 R4的电荷量为 电容器充电完成后在电路中相当于开路， 考点：平行板电容器、闭合电路欧姆定律 （ 12分）如图所示，水平绝缘轨道 AB与处于竖直平面内的半圆形绝缘光滑轨道 BC平滑连接，半圆形轨道的半径 R=0.40m。

24、轨道所在空间存在水平向右的匀强电场，电场强度 E=1.0104 N/C。现有一电荷量 q=+1.010-4C，质量m=0.10 kg的带电体（可视为质点），在水平轨道上的 P点由静止释放，带电体运动到圆形轨道最低点 B时的速度 vB=5.0m/s。已知带电体与水平轨道间的动摩擦因数 =0.50，重力加速度 g=10m/s2。求： （ 1）带电体运动到圆形轨道的最低点 B 时，圆形轨道对带电体支持力的大小； （ 2）带电体在水平轨道上的释放点 P到 B点的距离 L1； （ 3）带电体 第一次经过 C点后，落在水平轨道上的位置到 B点的距离 L2。 答案：（ 1） 7.25N；（ 2） 2.5m；

25、（ 3） 0.4m； 试题分析：（ 1）在最低点时，根据牛顿第二定律和圆周运动公式有： （ 2分） 代入数据解得： （ 1分） （ 2）从 P点到 B点由动能定理得： （ 2分） 代入数据解得： （ 1分） （ 3）物体从 B点到达 C点，由动能定理得： （ 2分） 第一次经过 C点后，水平方向作匀减速直线运动，竖直方向做自由落体运动，故有： （ 1分） （ 1分） （ 1分） 联立解得： （ 1分） 考点：运动的合成分解、动能定理、圆周运动、静电场、牛顿第二定律 静电场方向平行于 x轴，其电势 随 x的分布可简化为如图所示的折线，图中 0和 L为已知量。一个带负电的粒子在电场中以 x=0为中心、沿 x轴方向做周期性运动。已知该粒子质量为 m、电荷量为 -q，其动能与电势能之和为 -E0(0E0q0)。忽略重力。求： （ 1）粒子的运动区间； （ 2）粒子的运动周期。 答案：（ 1） （ 2） 试题分析：（ 1）由题意知： （ 3分） 由图像可知看出某一点的电势： （ 3分） 联立有： （ 3分） 即： （ 3分） 所以可得粒子的运动区间为： （ 3分） （ 2）由牛顿第二定律可得粒子的加速度： （ 1分） 根据直线运动公式： （ 1分） 联立并将（ 1）中结果代入得： （ 1分） 故得粒子的运动周期为： （ 2分） 考点：电势、带电粒子在电场中的运动