2013届江苏省盱眙县某重点中学九年级上学期期中考试物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2013届江苏省盱眙县某重点中学九年级上学期期中考试物理试卷与答案（带解析） 选择题 下列杠杆中属于费力杠杆的是（ ）答案： C 试题分析：可根据动力臂和阻力臂的大小关系来比较判断是什么杠杆，当动力臂大于阻力臂时，是省力杠杆，当动力臂小于阻力臂时，是费力杠杆 A、起子的动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意； B、道钉撬动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意； C、筷子动力臂小于阻力臂，是费力杠杆，符合题意； D、钢丝钳动力臂大于阻力臂，是省力杠杆，不符合题意； 故选 C 考点：本题考查杠杆的分类 点评：解决这类问题关键是找到支点，然后画出动力臂和阻力臂，比较动力臂和阻力臂的大小，即可得出

2、结论 在研究 “一定电压下，电流与电阻的关系 ”时，电路如图所示电源电压恒为 3V，滑动变阻器上标有 “15 1A”字样在 a、 b间先后接入不同阻值的定值电阻 R，移动滑片 P，使电压表示数为 1.5V，读出电流表的示数当 20的电阻接入 a、 b间时，电压表示数始终无法达到 1.5V，其原因可能是（ ） A滑动变阻器阻值太小 B电源电压 3V太高 C 20的阻值太小 D控制的电压 1.5V太高 答案： A 试题分析： 分析电路可知滑动变阻器和定值电阻串联在电路中，根据串联电路特点结合欧姆定律可知串联电路分压规律串联电路各处电流都相等，根据欧姆定律可得 当 20的电阻接入 a、 b间时，电压

3、表示数始终无法达到 1.5V，是因为滑动变阻器的最大电阻为 15，电阻阻值 20 15，所以电压表的示数只会大于 1.5V，故滑动变阻器接入电路的电阻太小则 A正确， B， C， D错误故选 A 考点：本题考查欧姆定律的应用、串联电路的电流规律、滑动变阻器的使用 点评：解决本题的关键是熟知串联电路电流特点和欧姆定律及滑动变阻器使用的理解 如 图所示电路中，属于串联电路的是 （ ）答案： A 试题分析：串联电路是指各用电器依次连接起来的电路；并联电路是指将各用电器并列连接起来的电路 然后根据串并联电路的特点对各选项进行逐一分析 A、该电路图中的灯泡为顺次连接，因此为串联电路； BCD、该选项中的

4、灯泡均为并列连接，因此 BCD选项中的电路均为并联连接故选 A 考点：本题考查串联电路和并联电路的辨别 点评：解答本题的关键是知道串并联电路的特点，并且会根据串并联电路的特点进行识别 小军采用图示的电路，研究 “通过某导体的电流与它的电阻关系 ”，他分别用 5和 10的电阻做两次实验，当完成第一次实验后，小军将 A、 B两点间的电阻 R由 5更换为 10，闭合开关后，滑动变阻器应该（ ） A.保持变阻器滑片不动 B将变阻器滑片向右移动 C将变阻器滑片向左移动 D更换阻值更大的滑动变阻器。 答案： B 试题分析：要研究导体中的电流与电阻的关系，由控制变量法的思路可知，需要保证导体两端的电压不变，

5、当电路中的电阻由 5换成 10时，导体两端的电压是否变化，怎样变化是此题的解题思路（ 1）将 AB两点间 5的电阻更换为 10的电阻，闭合开关，电路总电阻变大，电流变小（电流表示数减小）AB间的电压增大（电压表的示数增大）； （ 2）为保持 AB间的电压不变，要移动滑片使 AB间的电压减小：当滑动变阻器连入电路的电阻增大时，即将变阻器滑片向右移动，电路中电流变小，由U=IR可知， AB间的电压减小；故选 B 考点：本题考查欧姆定律的应用、滑动变阻器的使用 点评：电源电压不变，两串联电阻，当其中一个电阻增大时，其两端电压也增大，另一个电阻两端的电压同时减小 图中是一个两面光滑的斜面， 大于 ，同

6、一个物体分别在 AC 和 BC 斜面受拉力从底 端匀速运动到 C点，所需拉力分别为 FA、 FB，拉力所做功分别为WA、 WB，则：（ ） A FA FB， WA WB B FA FB， WA WB C FA FB， WA WB D FA FB， WA WB 答案： B 试题分析：斜面倾斜角度越大，越费力斜面 AC 的倾斜角度小于斜面 BC，所以斜面 AC 更省力， 斜面光滑说明摩擦力为 0，即使用光滑的斜面没有额外功，根据 W=Gh分析斜面 AC 倾斜角度小于 AB，所以物体沿 AC 运动时拉力较小（省力）；斜面光滑说明摩擦力为 0，即使用光滑的斜面没有额外功，由 W=Gh可知，拉力在 两斜

7、面上做功相同故选 B 考点：本题考查功的计算、功的原理 点评：本解决本题的关键是知道接触面光滑，摩擦力为 0，使用任何机械都不省功 如图所示， “套圈 ”出手后，从 a点到 c点的过程中 (不计空气阻力 )，下列说法正确的是 （ ） A “套圈 ”由 a到 b过程中，动能逐渐增大 B “套圈 ”在 b点的机械能等于 a点的机械能 C “套圈 ”由 b到 c过程中，机械能逐渐变小 D “套圈 ”在最高点 b动能为零 答案： B 试题分析： “套圈 ”由 a到 b过程中， “套圈 ”所处的高度增加，但它的速度减小，所以它的重力势能增加，动能减小； “套圈 ”由 b到 c过程中， “套圈 ”所处的高

8、度降低，但它的速度变大，所以它的重力势能减少，动能增加故 A、 D不符合题意 因为在整个过程中不计空气阻力，所以 “套圈 ”在任何一点的机械能守恒，故 C不符合题意选 B. 考点：本题考查动能和势能的大小变化、机械能 点评：物体在自由上升和下落的过程中能量的转化是有规律可循的： 上升：动能转化为重力势能； 下降：重力势能转化为动能 下列属于通过做功途径改变物体内能的是（ ） A冬天对手 “哈气 ”，手感到暖和 B冬天两手相互摩擦，手感到暖和 C围着火炉烤火，身体感到暖和 D金属勺在热汤中放一段时间后会烫手 答案： B 试题分析： A、 C、 D都是能量的转移，故属于热传递改变物体的内能 B、摩

9、擦生热是属于做功改变物体的内能 考点：本题考查做功改变物体内能 点评：要解答本题需掌握：做功和热传递是改变物体内能的两种途径，热传递是能量的转移，做功是能量的转化 图中的四个电路中与右边实物图对应的是（ ）答案： C 试题分析：根据电流流向法先判断出两个灯泡的连接方式，再看开关的位置后，即可得出哪个图是正确的由实物电路图可知：电流从电源正极出发后，首先要分叉，一条流入开关，再流入灯泡； 另一条流入灯泡；然后汇合在一起，流入电源负极故电路图为 C 图 故选 C 考点：本题考查根据实物图画电路图 点评：解决本题的关键是明白电路中各个用电器的连接情况，自己能画出电路图，根据实物图画电路图是整个初中物

10、理的难点，也是中考必考内容 在如图所示的电路中，电源电压保持不变，开关闭合后，滑动变阻器的滑片向右移动时，三个电表的示数变化情 况是（ ） A A的示数变小， V1 的示数不变， V2 的示数变小 B A的示数变大， V1 的示数变大， V2 的示数变小 C A的示数变小， V1 的示数不变， V2 的示数变大 D A的示数变大， V1 的示数变小， V2 的示数变大 答案： C 试题分析：从图可知，灯泡和滑动变阻器组成的是串联电路，电流表测量的是整个电路中的电流，电压表 V1 测量的是电源电压，电压表 V2 测量的是滑动变阻器两端的电压，首先判断滑动变阻器的滑片向右移动时其阻值的变化，再根据

11、串联电路电阻的特点判断电路中总电阻的变化，从而利用公式 分析电流的变化 ，再利用公式 U=IR判断出灯泡两端电压的变化，最后再根据串联电路电压的特点判断滑动变阻器两端电压的变化从图可知，灯泡和滑动变阻器串联，电压表 V1测量的是电源电压， 所以电压表 V1的示数保持不变 当滑动变阻器的滑片向右移动时，其连入电路中的电阻 P 滑 变大， 而灯泡的电阻不变， 电路中的总电阻 R变大， 又 电源电压保持不变， 由公式 可知，电路中的电流 I变小； 由公式 UL=IRL可知，灯泡两端的电压 UL变小， 因此滑动变阻器两端的电压 U 滑 =U-UL变大， 所以电流表的示数变小，电压表 V2的示数变大 故

12、 选 C 考点：本题考查欧姆定律的应用、串联电路的电流规律、滑动变阻器的使用、电阻的串联 点评：解决此类问题首先要分析电路的连接方式，再判断出电压表、电流表测的是哪段电路的电压和电流，结合滑动变阻器在电路中的位置，分析滑动变阻器的阻值变化对整个电路的影响 用电器是将电能转化为其他形式能的器件，在下列用电器中，利用电能转化为机械能的是（ ） A电饭锅 B电灯泡 C电视机 D电风扇 答案： D 试题分析：根据电饭锅、电灯泡、电风扇、电视机中的能量转化分析电饭锅把电能转化为内能，电灯泡把电能转化内能和光能，电风扇把电能转化为机械能，电视机把电能转化光、声、内能 考点：本题考查电功的实质 点评：电流做

13、功的过程就是把电能转化为其他形式的能的过程，不同的用电器把电能转化为的能的形式不同 对欧姆定律的变形公式 R= 的理解正确的是（ ） A R与 U成正比 B R与 I成反比 C R与 U、 I无关 D以上说法都正确 答案： C 试题分析：导体的电阻是导体本身所具有的性质，与通过它的电流、它两端的电压无关导 体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关阻值是导体本身所具有的性质，导体电阻的大小与导体的材料、长度、横截面积和温度有关，与导体两端电压和通过电流无关；但可以通过 R= 计算出导体电阻的大小，故选项 C正确， A、 B、 D选项不正确 考点：本题考查欧姆定律的变形公式、影响电阻大小

14、的因素 点评：关键知道影响电阻大小的因素是导体的材料、长度、横截面积和温度，与导体两端的电压和通过的电流没有关系 某同学听到上课铃响了，他一口气从一楼跑到三楼，所用时间为 10s。那么他上楼过程中，克服自己重力做功的功率最接近 下面那个值（ ） A 3W B 30W C 300W D 3000W 答案： C 试题分析：只要估测一下自身的体重和两层楼的高度，结合所用时间为 10秒，利用功率的公式 可估测因王中心同学体重约 400N，一层楼高约4m，从一楼跑到三楼有两层楼高约 8m；所用时间为 10秒； 则克服自己重力做功的功率 ；所以 C选项比较接近 故选 C 考点：本题考查功率的计算、长度的估

15、测、重力大小的估测 点评：解决本题的关键是熟知功率的估算，巩固了学生对自身的体重和楼高的估测，是一道基础性的考查题 实验题 小刚同学在探究串联电路电压规律的实验中，提出了猜想：串联电路中各用电器两端的电压相等，总电压等于各部分电压之和他准备了两只相同的灯泡 L1、 L2和其它实验器材。 连接好电路，闭合开关，用电压表分别测出 AB、 BC、 AC 间的电压，并记录在表格中。 （ 1）在物理学中，串联电路电压的特点是： 。（字母表达式） （ 2） 写出该实验一点的不足之处 。 （ 3）王海同学用电流表测量电流时，把电流表串联接入电路后闭合开关，发现指针偏转如图甲所示，产生这种情况的原因是 ；另一

16、同学测量时，则发现指针偏转如图乙所示，产生这种情况的原因是 。 答案：（ 1） U 总 =U1+U2（ 2）没有多次实验（实验灯泡型号一样）（ 3） 电流表所接量程太小； 电流表正负接线柱接反 试题分析：由于两灯串联在电路中，由串联电路的规律可得两灯的电压之和等于总电压；由本实验得出的结论可以分析与猜想是相符的；由实验中出现的问题可以分析实验中的不足之处串联电路中的电压规律为：串联电路的总电压等于各部分电压之和从表中可以得出， UAB=1.4V， UBC=1.4V， 并且加起来等于总电压 UAC=2.8V，故相符 ；通过比较实验结果和规律我们可以看到，这个实验的不足之处是： 选择的相同的小灯泡

17、做实验，不具有一般性，应该换用不同的小灯泡再次进行实验； 本实验只进行了一次测量，实验数据过于单一，实验结论的总结依据不充分电路中的电流超过了电流表的量程，选择大量程即 0-3A的量程；电流表的正负接线柱接反了，使电流表内部的线圈反向转动，所以指针会反偏。 考点：本题考查探究串、并联电路中的电压规律实验；电流表的使用 点评：解决本题的关键是熟知串联电路中电压规律的实验，对实验的评估常从两方面考虑，一是只做一次实验具有偶然性；二 是选择相同的器材料实验具有特殊性会正确使用电流表，注意测量的电流不可以超过量程，正负接线柱不能接反 小敏用如图甲所示的电路图，研究通过导体的电流与导体电阻的关系，电源电

18、压恒为 6V。改变电阻 R的阻值，调节滑动变阻器滑片，保持 R两端的电压不变，记下相应的 4次实验的电流和电阻值，描绘在乙图中。 （ 1）实验过程中，移动变阻器滑片时，眼睛应注视 （选填序号）； A变阻器滑片 B电压表示数 C电流表示数 （ 2）在丙图中，用笔线代替导线，将电压表正确连入电路； （ 3）实验中，他所选择的变阻器是 （选填序 号）； A 10 0.5A B 20 1A C 50 2A （ 4）乙图中阴影部分面积表示的物理量是 ； （ 5）实验过程中，如果出现了电流表示数为 0，电压表示数接近 6V，电路发生的故障可能是 。 答案： 试题分析：实验研究的是电流与电阻的关系，因此必须

19、控制电阻两端的电压值一定，所以眼睛应注视电压表的示数，移动滑片保持电压表示数不变；图中没有连入电路的是电压表，根据图象计算出电压表的示数，确定电压表选择的量程，在连接过程中也要注意正负接线柱；首先求出定值电阻两端需要控制的电压，然后根据串联电路的电压规律求得滑动变阻器两端的电压值；然后从图乙中，取几个电流、电阻数值，分别算出对应的滑动变阻器连入电路的电阻，这几个阻值都应该在滑动变阻器的阻值变化范围内，据此选择合适的变阻器阴影部分为电流和电阻的乘积，应该为定值 电阻两端的电压值；电流表示数为 0，说明电路中有断路，电压表示数接近 6V，说明电压表和电源连接的部分电路无断路：（ 1）探究电压一定时

20、，电流与电阻的关系时，在不断的改变定值电阻的同时，必须不断的移动滑动变阻器，使得电压表的示数是一个定值，故在移动滑片的同时，眼睛观察电压表的示数； （ 2）通过电流与电阻的图象中可以看出保持电压表的示数是 2V，故电压表接入电路中时，所选的量程应该是 0 3V的，且并联在电阻两端； （ 3）由图乙可以看出：当 R=10时， I=0.2A；此时电阻 R两端的电压为：UR=IR=0.2A10=2V 由于保持电阻 R两端的电压不变，则滑动变阻器两端的电压恒定为： UR=U-UR=6V-2V=4V； 若取电流 I=0.1A时，滑动变阻器接入电路的电阻为： ； 因此滑动变阻器的最大阻值应大于 40，只有

21、 C符合条件 （ 4）阴影部分为横、纵坐标的乘积，即阴影部分的面积为： S=IR=U，即测量的是电压； （ 5）如果电路中出现电流表的示数为零，说明在电路中出现了断路，电压表有示数说明是电阻 R处出现了断路 考点：本题考查探究电流与电压、电阻的关系实验 点评：题从实物图的连接、滑动变阻器型号的选择、 故障的分析等方面较为综合的考查了学生，从中加强了学生综合能力的培养，是一道不错的电学中考题 物理学习小组在 “测量定值电阻阻值 ”的实验中： （ 1）闭合开关前，滑动变阻器的滑片 P应移到 端（选填 “A”或 “B”）。 （ 2）小组同学在连线时，不小心将线连错了，开关闭合后，移动滑动变阻器的滑片

22、 P 时，发现电流表示数变大，电压表示数却变小，产生这一现象的原因是 。纠正错误后，移动滑动变阻器的滑片 P，使电压表的示数为 3V时，电流表的示数如上图，则该定值电阻阻值为 。他们认为这个结果就是定值电阻的准确阻值，你认为合理 吗 ，理由是 。 答案：（ 1） B（ 2） 电压表并联在滑动变阻器的两端， 10，不合理，为多次测量求平均值减小误差 试题分析：由图知，滑动变阻器连线不完整，把滑动变阻器串连接入电路，注意滑动变阻器的接法；为保护电路，闭合开关前滑动变阻器接入电路的阻值应为滑动变阻器的最大阻值，根据滑动变阻器的接法判断滑片的位置；伏安法测电阻的实验中，电压表应与被测电阻并联，当滑动变

23、阻器接入电路的阻值减小时，电路电流变大，被测电阻两端电压变大，滑动变阻器两端电压减小，电流表与电压表示数变大，如果电压表与滑动变阻器并联则电流表示数增 大时，电压表示数减小，据此分析答题；由图示电流表确定电流表的量程与最小分度值，然后根据电流表指针位置读出电流表示数，由欧姆定律求出电阻阻值；开关闭合后，移动滑动变阻器的滑片 P 时，发现电流表示数变大，电压表示数却变小，产生这一现象的原因是：电压表与滑动变阻器并联；由图知：电流表量程是0.6A，最小分度值是 0.02A，电流表示数是 0.30A，电阻阻值；在本实验中只进行了一次测量便得出结论，没有进行多次测量求平均值，实验误差较大，只进行一次测

24、量不合理 考点：本题考查伏安法测电阻的探究实验 点评：连接实物电路图 时要注意滑动变阻器的接法，滑动变阻器要解一上一下两个接线柱； 对电表读数时，要先确定电表的量程与最小分度值，然后根据电表指针位置读数，读数时视线要与电表刻度线垂直 小明同学在做 “探究物体的动能与什么因素有关 ”的实验中，设计了如图所示的实验方案，并进行了以下三步实验操作： 步骤一：让铁球甲从斜面 F点静止滚下打到一个小木块上，推动木块使木块从位置 A移动到位置 B。 步骤二：让铁球甲从斜面 E点静止滚下，打到相同的小木块上，推动木块使木块从位置 A移动到位置 C。 步骤三：换一铁球乙（ m乙 m甲 ）从斜面上 E点静止滚下

25、，打到相同的小木块上，推动木块从位置 A移动到位置 D。 （ 1）小明同学设计实验 “步骤一 ”和 “步骤二 ”，是想探究动能大小与 的关系； （ 2）小球动能的大小是通过比较 得出的。 （ 3）分析步骤二、三，得出的结论 。 （ 4）为了让质量不同的甲、乙两球获得相同的初速度，有同学认为可以不用让两球都从 E点滚下，而是设计了如图乙装置，只要每次让两球压缩弹簧到同样的形变程度后自然释放即可。不考虑各种能量损耗，该方法 （合理 /不合理）。 答案：（ 1）速度（ 2）木块被推动距离的长短 （ 3）当速度一定时，动能大小与质量成 正比 (4) 不合理 试题分析：实验 “步骤一 ”和 “步骤二 ”

26、，使用的是同一小球，小球的质量就是一定的，从斜面的不同高度上滚下，小球到达水平面时的速度是不同的，由图可以发现，小球在斜面上的位置越高，速度越大，木块移动距离越长，动能越大在 “步骤二 ”和 “步骤三 ”中，小明让甲、乙两球都从 E点滚下，小球到达水平面时速度就是一定的而小球乙的质量，乙推动木块运动距离长，说明在速度一定时，质量越大，动能越大实验 “步骤一 ”和 “步骤二 ”，是想探究动能大小与速度的关系；在 “步骤二 ”和 “步骤三 ”中，小明让甲、乙两球都从 E 点滚下 ，目的是：控制小球到达水平面时的速度一定，这种研究方法叫控制变量法分析步骤一、二，可以发现：采用了同一物体，质量时不变的

27、，从不同高度处滚下，速度是不同的，木块移动距离的不同也就说明了动能不同，由此得出的结论是：质量一定时，物体的速度越大，动能就越大分析步骤二、三，可以发现：采用了不同的物体，从同一高度滚下，速度是一定的，乙的质量大，乙就把木块推动的距离长，由此得出结论：速度一定时，物体的质量越大，动能就越大该方法不合理，由于甲乙两球的质量不同，所以即使让两球压缩弹簧的形变程度相同，也不会获得相同的速度 。 考点：本题考查探究影响物体动能大小的因素、控制变量法与探究性实验方案 点评：解决本题的关键是熟知控制变量法的应用，我们要能够使用控制变量法分析实验并得出结论 小明在 “测滑轮组机械效率 ”的实验中，用如图 1

28、所示的滑轮组进行了三次实验，实验数据如下表： （ 1）分析表中数据，回答以下问题： 表中有一个数据的记录是错误的，错误的数据是 。 (2) 在操作时注意拉动测力计沿 运动。如果在静止时读出测力计拉力大小，所计算得机械效率比实际效率 （高 /低）， （ 3）小红在小明实验的基础上多使用一个滑轮也做了该实验，如图 2所示。 小红多使用一个滑轮，目的是为了 ； 当这两位同学使用各自的滑轮组提升相同的重物上升相同高度时，若忽略绳重及摩擦，它们的机械效率 （相同 /不相同），理由是： 。 （ 4）为了将放置在水平地面上、重 G=120N 的重物提升到高处，某同学设计了如右图（甲）所示的滑轮组装置。当他用

29、下图（乙）所示随时间变化的竖直向下拉力 F拉绳时，重物的速度 v和上升的高度 h随时间 t变化的关系图像分别如图（丙）和（丁）所示，不计摩擦，绳对滑轮的拉力方向均可看成在竖直方向。则在 2 3s内，拉力 F做的功 J；在 1 2s内，拉力 F做的功的功率为 W。 答案：（ 1） 17 （ 2）竖直方向匀速，高 （ 3） 改变力的方向 相同，因为它们有用功相同，额外功也相同（ 4） 300 ， 187.5 试题分析：（ 1） 动滑轮被 3根绳子承担，拉力移动的距离就是物体和动滑轮移动距离的 3倍，因此第 2组中 17应为 15；（ 2）在操作时注意拉动测力计沿竖直方向匀速运动。如果在静止时读出测

30、力计拉力大小，所计算得机械效率比实际效率高（ 3） 定滑轮的作用是改变力的方向； 这两位同学使用各自的滑轮组提升相同 的重物时，若忽略绳重及摩擦，他们做的有用功相同，额外功也一样，因此总功相同，也就是机械效率不变（ 4）由甲图知，在 2 3s内对应的拉力 F=50N，由丁图知这段时间物体升高的高度 h=3.75-1.25m=2.5m。 拉力 F做的功 W=Fnh=40N32.5m=300J；在 1 2s内，拉力 F做的功的功率为考点：本题考查滑轮（组）机械效率的测量实验 点评：本题是一道力学综合题，涉及到压强、机械效率和功的计算，能从题目提供的图中得出每秒内的相关信息是本题的关键 填空题 如图

31、所示，建筑工人用滑轮组提升重为 220N 的泥桶，动滑轮重为 20N，不计摩擦及绳重。 若工人在 5s内将绳子匀速向上拉 6m，则泥桶上升 m，手拉绳子的力为 N，拉力的功率为 W，滑轮组的机械效率为 。 答案：， 80， 96， 83.3% 试题分析：从滑轮组的结构图上看出，直接从动滑轮上引出的绳子股数 n，s=nh，据此求泥桶上升的高度；不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，利用 F= （ G 轮 +G 物 ）求拉力大小；求出了拉力大小，知道拉力移动的距离和做功时间，利用功的公式 W=Fs和功率公式 求拉力功率把泥桶中的泥沙提升做的功为有用功，拉力做的功为总功，利 用 求滑轮组的机械效率（ 1）如

32、图，泥桶由 3股绳子承担， n=3， s=3h， s=6m， 泥桶上升的高度： h=2m （ 2）不计滑轮与轴之间的摩擦及绳重，拉力大小： = =80N； （ 3）拉力做功： W 总 =Fs=80N6m=480J， 拉力的功率： ； （ 4）提升泥桶中的泥沙做的有用功： W 有 =G 泥 h=（ G 泥桶 -G 桶 ） h=200N2m=400J， 滑轮组的机械效率： = 考点：本题考查滑轮组绳子拉力的计算、功的计算、有用功和额外功、滑轮（组）的机械效率、功率的计算 点评：解决本题的关键是对功率的公式、机械效率公式、滑轮组 s=nh、有用功、总功的理解和运用，因条件已给出，难度不大 如图所示，

33、若甲、乙均为电压表时，闭合开关 S，则两电压表的读数 U 甲 ：U 乙 =3： 2。若甲、乙均为电流表时，断开开关 S，两电流表的读数为 I 甲 ： I 乙 = ，R1： R2= 。 答案： :3 ， 1:2 试题分析：若甲、乙均为电压表时，闭合开关 S，两个电阻是串联，甲电压表测量总电压，乙电压表测量电阻 R2 两端电压，两电压表的读数 U 甲 ： U 乙 =3： 2，所以 R1： R2=1:2；若甲、乙均为电流表时，断开开关 S，两 电阻是并联，并且乙电路表测量总电流，甲电流表是测量通过 R2的电流，通过两电阻的电流之比为 2:1,所以 I 甲 ： I 乙 =1:3. 考点：本题考查串并联

34、电路电流、电压、电阻特点；欧姆定律 点评：解决本题的关键是对欧姆定律、电阻串联特点的掌握和运用，分析电路图确定开关闭合（电路中只有电阻 R1）和断开时（ R1R2串联）的电路组成是本题的关键 一位同学使用有 0 0.6A和 0 3A两个量程的电流表测量电路中的电流，经试触应使用 0 3A的量程，但这个量程的刻度盘已模糊不清无法读数，这位聪明的同学从 0 0.6A的刻度盘上看到指 针指在 0.48A处，从而判断出实际电流值是 A。 答案： .4 试题分析：电压表有两个量程： 0 3A 和 0 0.6A两个量程使用同一个表盘，大量程每一个大格是小量程每一个大格的 5倍；大量程每一个小格是小量程每一

35、个小格的 5倍选用 0 3A这一量程接入电路，但是 0 3A的刻度盘模糊不清，从 0 0.6A刻度盘上看到指针在 0.48V处大量程的示数是：50.48A=2.4A 考点：本题考查电流表的读数方法 点评：掌握电流表、电压表的正确读数，电流表和电压表大量程是小量程的 5倍电流表、电压表的正确读数：首先确定使 用的量程，然后确定每一个大格和每一个小格代表的示数 我国家庭照明电路的电压为 V；如果要获得 6 V的电源电压，应该将 节新干电池 联。 答案：， 4，串 试题分析：一节干电池的电压是 1.5V，家庭电路电压是 220V干电池串联的总电压等于各节干电池的电压之和，干电池并联的总电压和每一节干

36、电池电压相等（ 1）每一节新干电池电压是 1.5V，四节新干电池串联等于两节干电池电压之和，电压是 6V （ 2）家庭照明电路电压是 220V 考点：本题考查家庭电路、串联电路的电压规律 点评：记住家庭电路电压、一节干电池电压、一个蓄电池电压、人体安全电压掌握两节干电池串联或并联的总电压各等于多少 汽油机是热机中的一种，如图所示是汽油机的 冲程，此过程是将 能转化为 能。飞轮转速是 1200r min，该汽油机每秒钟做功 次。汽油机效率是 25%，在汽油机内完全燃烧 2kg汽油时这些热量通过汽油机的转化，能对外做 J的有用功（汽油的热值为 5107J/kg）。 答案：做功， 内， 机械， 10

37、 ， 2.5107 试题分析：由进气门和排气门的关闭和打开情况、活塞的上行和下行情况来判断是哪个冲程 四个冲程中压缩冲程是机械能转化为内能，做功冲程是内能转化为机械能，排气和吸气冲程没有能的转化 热机完成一个工作循环，要经过 4 个冲程，燃气对外做功 1 次，活塞往返 2 次，飞轮转动 2周，根据这个比例关系可以求出答案：如图，进气门和排气门都是关闭的，活塞下行，可以判断是做功冲程，做功冲程中内能转化为机械能飞轮转速是 1200r/min=20r/s，表示每秒飞轮转动 20圈，要经过 5个冲程，每个冲程做功 2次，共计 10次由公式 Q=mq=5107J/kg2kg=1.0108J； W=Q=

38、1.0108J25%=2.5107J； 考点：本题考查内燃机的四个冲程、热量的计算、热机的效率 点评：根据进气门和排气门的闭合和打开情况、活塞的上下行情况来判断是哪个冲程，能的转化，根据工作循环、冲程、做功、活塞、飞轮任何一者能判断另外几者 如右图所示的电路中，当闭合开关后，两电压表的指针偏转均为图中所示，则电灯 L1和 L2两端的电压分别为 V和 V。答案： .2， 1.8 试题分析：由题中的图可知：下面电压表测的是电源电压；下上面的电压表测的是 L1两端的电压即下面电压表的示数应大于上面电压表的示数；下面电压表应选的量程是 0 15V，其分度值是 0.5V，读数（即电源电压）为 9V；上面

39、电压表选的量程是 0 3V，其分度值是 0.1V，读数（即 L1两端的电压）为1.8V； 所以，灯泡 L1两端的电压为： U2=U-U1=9V-1.8V=7.2V；灯泡 L2两端的电压为1.8V。 考点：本题考查电压表的读数方法 点评：要解答本题需掌握：串联电路两端的总电压等于各部分电路两端的电压之和，以及电 压表的读数方法 如图所示，电源电压保持不变，闭合开关 S，当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，电压表 V的示数将 （变大不变变小），电压表 V与电流表 A1示数的比值将 （变大不变变小） 答案：不变，变大 试题分析：分析电路图， R1和 R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压，电流表

40、 A测干路电流， A1测滑动变阻器支路的电流；当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，电源电压保持不变，电压表的示数不变；滑动变阻器接入电路的电阻变大，根据欧姆定律可知通过 R1电流的变化，进一步根据欧姆定律可知电压表 V与电流表 A1示数比 值的变化如图， R1和 R2并联，电压表测量并联支路（电源电压）电压， A1测滑动变阻器支路的电流； 当滑动变阻器的滑片 P向右移动时， 电源电压保持不变， 电压表 V的示数不变； 当滑动变阻器的滑片 P向右移动时，滑动变阻器接入电路的电阻变大， ， 通过 R1的电流变小，即电流表 A1的示数变小， 电压表 V与电流表 A1示数的比值将变大 考点：本题考查欧姆

41、定律的应用、并联电路的电压规律、滑动变阻器的使用 点评：解决本题的关键是对欧姆定律及其变形公式的掌握和运用，分析电路图得出电路的连接方式和三表的测量对象是本题的突破口，灵活运用欧姆定律是关键 如图所示，轻质杠杆 OA中点悬挂重为 60N 的物体，在 A端施加一竖直向上的力 F，杠杆在水平位置平衡，则力 F的大小是 N，保持 F的方向不变，将杠杆从 A位置匀速提升到 B位置的过程中，力 F将 （变大 /变小 /不变）。答案：，不变 试题分析：在 A位置如图， OA、 OC为动力 F和阻力 G的力臂，知道 C是 OA的中点，也就知道两力臂的大小关系，知道阻力 G的大小，利用杠杆的平衡条件求动力 F

42、的大小；在 B位置，画出动力和阻力的作用线，找出动力臂的阻力臂，利用三角形的相似关系，确定动力臂和阻力臂的大小关系，再利用杠杆平衡条件分析拉力 F的大小变化情况（ 1）如图，杠杆在 A位置， LOA=2LOC， 杠杆平衡， FLOA=GLOC， （ 2）杠杆在 B位置， OA为动力臂， OC为阻力臂，阻力不变为 G， OCD OAB， ， 杠杆平衡， FLOA=GLOC， 由此可知当杠杆从 A位置匀速提到 B位置的过程中，力 F的大小不变 考点：本题考查杠杆的平衡条件 点评：解决 本题的根据是对杠杆平衡条件的了解和掌握，能画出杠杆在 B位置的力臂并借助三角形相似确定其关系是本题的关键 如图所示

43、，要使灯泡 L1和 L2串联在电路中，应闭合开关 ，断开开关 ；若要使 L1和 L2并联在电路中，应闭合开关 ，断开开关 。 答案： S3， S1 S2， S1 S2， S3 试题分析：当闭合开关 S3，断开开关 S1、 S2时，灯泡 L1和 L2组成串联电路；当闭合开关 S1、 S2，断开开关 S3时，灯泡 L1和 L2组成并联电路。 考点：本题考查串联电路和并联电路的辨别 点评：解决此题的关键是根据串联合并联电路的特点，选择合适的开关组合，让灯泡组成串联或者并联电路 某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路如甲图所示， R为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度 变化的曲线如图乙所示， R0为

44、定值电阻，电源电压恒定不变。当有害尾气浓度增大时，气敏电阻的阻值将 ，电压表的示数将 。（选填 “变大 ”、 “变小 ”或 “不变 ”） 答案：变小， 变大 试题分析：由电路图可知，两电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压；根据乙图得出当有害尾气浓度变大时气敏电阻阻值的变化，根据欧姆定律可知电路中电流的变化和定值电阻两端的电压变化由电路图可知，两电阻串联，电压表测定值电阻两端的电压； 由图乙可知，当有害尾气浓度变大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小； 根据 可知，电路中的电流变大； 根据 U=IR可知，定值电阻两端的电压变大，即电压表的示数变大 考点：本题考查欧姆定律的应用、电阻、电阻的

45、串联 点评：解决本题的根据是熟知电阻的串联特点和欧姆定律的应用，关键 是根据图象得出当有害尾气弄浓度变大时气敏电阻阻值的变化 如图，一块厚度、密度均匀的长方形水泥板放在水平地面上，用一竖直向上的拉力，用如图所示的两种方法欲使其一端抬离地面。则 F 甲 F 乙 ，如果两种方法都将水泥板拉至竖直位置，不计空气阻力等因素，两次拉力做功 W 甲 W 乙 。（ = ） 答案： =、 试题分析：把水泥板看做一个杠杆，抬起一端，则另一端为支点由于水泥板是一个厚度、密度都均匀的物体，所以，其重力的作用点在其中心上，此时动力 F 克服的是水泥板的重力，即此时的阻力臂等于动力臂的一半在此基础上，利用杠 杆的平衡条

46、件，即可确定 F 甲 与 F 乙 的大小关系两次抬起水泥板时的情况如图所示： 在上述两种情况下，动力克服的都是水泥板的重力，对于形状规则质地均匀的物体，其重心都在其几何中心上，所以阻力臂都等于动力臂的二分之一 FL 动 =GL 阻 ， 所以前后两次所用的力相同根据 W=FS，由于两种情况下， F相同，但 S 甲 S 乙 ，所以 W 甲 W 乙 。 考点：本题考查杠杆中最小力的问题 点评：通过杠杆的平衡条件，将抬起物体所用的力与物体的重力两者联系在一起对于均匀的物体，抬起一端所用的力等于其重力的一半 张阳在探究电阻上 的电流跟两端电压的关系时，用记录的实验数据作出了如图所示的 U-I图象，则 a

47、的电阻值为 ，将 a、 b串联接在电压为 3V的电源上，电路中的电流为 A。 答案：， 0.2 试题分析：由 U-I图象找出 a与 b图线所对应的电压与电流值，然后由欧姆定律求出电阻阻值；根据串联电路的电阻特点及欧姆定律求出电路电流（ 1）由U-I图象知，电阻阻值为： ， ； （ 2）两电阻串连接在 3V电源上时， 电路电流 ； 考点：本题考查探究电流与电压、电阻的关系实验 点评：解决本题用到的知识点有：欧姆定律、串联电路的特点；由图象找出电阻电压与电流的对应值是正确解题的关键 计算题 用如图所示滑轮组提升重物人用 500N 的拉力 F， 15s内使重为 900N 的物体匀速上升了 3m不计绳重和摩擦， 求： (1)拉力 F做功的功率； (2)滑轮组的机械效率； (3)若改提 400N 的物体，求此时的机械效率。 答案： (1)200W (2)90% (3)80% 试题分析：知道拉力大小，由滑轮组结构得出承担物重的绳子股数 n=2，则