2015届云南部分名校高三一月统一考试物理卷（带解析）.doc

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1、2015届云南部分名校高三一月统一考试物理卷（带解析） 选择题 下列说法正确的是（ ） A若物体受三个力的作用而处于静止状态，这三个力一定为共点力 B一个正在做减速运动的物体，所受合力有可能正在增大 C放置于磁场中的通电导线一定会受安培力的作用 D在孤立点电荷的电场中，与场源电荷距离相等的两点场强相同 答案： B 试题分析：物体受三个相互平行的力也可以处于静止状态， A错误；正在做减速运动的物体，可能加速度正在增加，所受合力有可能正在增大， B正确；通电导线如果与磁场方向平行，则不受安培力的作 用， C错误；与场源电荷距离相等的两点场强大小相等，方向不同， D错误。 考点：共点力的平衡、加速度

2、、安培力、电场强度。 （ 15分）（ 1）（ 5分）一列简谐横波，沿 x轴正方向传播，传播速度为 10m/s，在 t=0时的波形图如图所示，则下列说法正确的是 （有三个选项正确，选对一个得 2分，选对两个得 4分，选对三个得 5分，选错一个扣 3分，最低得 0分） A此时 x=1.25m处的质点正在做加速度减小的加速度运动 B x=0.7m处的质点比 x=0.6m处的质点先运动到波峰的位置 C x=0处的质点再经过 0.05s时间可运动到波峰位置 D x=0.3m处的质点再经过 0.08s可运动至波峰位置 E x=1m处的质点在做简谐运动，其振动方程为 （ 2）（ 10分）如图所示，一个半径为

3、 R的 透明球体放置在水平面上，一束蓝光从A点沿水平方向射入球体后经 B点射出，最后射到水平面上的 C点。已知 OA ，该球体对蓝光的折射率为 。则： 它从球面射出时的出射角 为多少？ 若光在真空中的传播速度为 c，那么，请推导出光从 A点 传播到 C点所需时间 t的表达式（用 c， R表示） 答案：（ 1） ACD；（ 2） 60； 试题分析：（ 1）由于波沿 x轴正方向传播，根据波形图像可知， x=1.25m处的质点沿 y轴向下振动，越靠近平衡位置，速度越大，加速度越小， A正确； x=0.7m处的质点和 x=0.6m处的质点沿 y轴负方向运动，到达最低点后再向波峰位置运动，所以x=0.7

4、m处的质点比 x=0.6m处的质点后运动到波峰的位置， B错误； x=0处的质点再经过 可运动到波峰位置， v=2/T， T=0.2s， C正确； x=0.3m处的质点距离左边波峰位置 0.8m， t=s/v=0.08s， D正确； x=1m处的质点在做简谐运动，其振动方程为y=-0.4sin10t， E错误。 （ 2） 设入射角为 ，由几何关系可知： sin （ 1） 由 n （ 2分） 可得： sin nsin （ 1分） 所以： 60 （ 1分） 由公式 （ 2分） （ 1分） （ 1分） （ 1分） 考点：波的图像、光的折射 （ 1）（ 5分）关于分子动理论的规律，下列说法正确的是 （

5、有三个选项正确，选对一个得 2分，选对两个得 4分，选对三个得 5分，选错一个扣 3分，最低得 0分） A扩散现象说明物质分子在做永不停息的无规则运动 B压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力是由于气体分子间存在斥力的缘故 C两个分子距离减小时，分子间引力和斥力都在增大 D如果两个系统分别与第三个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定处于热 平衡，用来表征它们所具有的 “共同热学性质 ”的物理量叫做内能 E.两个分子间的距离为 r0时，分子势能最小 （ 2）（ 10分）如图所示，竖直放置的圆柱形气缸内有一不计质量的活塞，可在气缸内作无摩擦滑动，活塞下方封闭一定质量的气体。已知活塞截面积为 1

6、00cm2，大气压强为 1.0105Pa，气缸内气体温度为 27 ， 试求： 若保持温度不变，在活塞上放一重物，使气缸内气体的体积减小一半，这时气体的压强和所加重物的重力。 在加压重物的情况下， 要使气缸内的气体恢复原来体积，应对气体加热，使温度升高到多少摄氏度。 答案：（ 1） ACE；（ 2） P2 2105Pa， G 1000N； t 327 。 试题分析：（ 1）扩散现象是指分子能够充满整个空间的过程，它说明分子永不停息地运动，故 A正确；压缩气体时气体会表现出抗拒压缩的力是由于气体分子的撞击产生的压强， B错误；分子间引力和斥力都随分子距离减小而增大， C正确；如果两个系统分别与第三

7、个系统达到热平衡，那么这两个系统彼此之间也必定处于热平衡，这一结论叫做热力学第零定律，表征它们所具有的 “共同热学性质 ”的 物理量叫做温度， D错误； r=r0时，分子力等于零，增大分子间距离，引力作负功，分子势能增大；减小分子间距离，斥力作负功，分子势能增大；所以，当两个分子间的距离为 r0时，分子势能最小。 E正确。故选 ACE。 （ 2）： P1 1105Pa ， V1 V， P2 P2， V2 V/2 P1V1 P2V2， （ 2分） P2 2105Pa （ 1分） S 10010-4m2 10-2m2 P2 P0+G/S，（ 2分） G 1000N （ 1分） P3 2105Pa，

8、 V3 V， T3 T3， （ 2分） T3 600K （ 1分） t 327 （ 1分） 考点：分子动理论、压强、理想气体状态方程 如图，取一块长为 L的表面粗糙的木板，第一次将其左端垫高，让一小物块从板左端的 A点以初速度 v0沿板下滑，滑到板右端的 B点时速度为 v1；第二次保持板右端位置不变，将板放置水平，让同样的小物块从 A点正下方的 C点也以初速度 v0向右滑动，滑到 B点时的速度为 v2.下列说法正确的是（ ） A v1一定大于 v0 B v1一定大于 v2 C第一次的加速度可能比第二次的加速度小 D两个过程中物体损失的机械能相同 答案： BCD 试题分析：第一次小物块受重力、支

9、持力、摩擦力，如果摩擦力大于重力沿斜面向下的分力，则小物块减速下滑， v1小于 v0， A错误；两次摩擦力作负功相等，第一次重力作正功，所以 v1一定大于 v2， BD正确；两次加速度那个大都有可能， C正确；故选 BCD。 考点：牛顿运动定律、功能关系。 宇航员在地球表面以 一定的初速度竖直上抛一小球，经过时间 t落回原处；若在某星球表面以相同的速度竖直上抛一小球，则需经 5t时间落回原处。已知该星半径与地球半径之比为 14，则 ( ) A该星表面重力加速度与地球表面重力加速度之比为 51 B该星质量与地球质量之比为 180 C该星密度与地球密度之比为 45 D该星的 “第一宇宙速度 ”与地

10、球的第一宇宙速度之比为 120 答案： BC 试题分析：设上抛的初速度为 v，则根据运动学公式有 ，同理在某星球有，所以 ，因此 A错误；根据 可知 ，所以B正确；该星密度与地球密度之比等于 M星 R地 3/M地 R星 3=4:5， C正确；该星的 “第一宇宙速度 ”与地球的第一 宇宙速度之比 V星 /V地 = = ， D错误。 考点：万有引力定律的应用 平行板电容器的两板 A、 B接于电池两极，一个带正电小球用绝缘细线悬挂在电容器内部，闭合电键 S，电容器充电，这时悬线偏离竖直方向夹角为 ，如图所示，那么( ) A.保持电键 S闭合，将 A板稍向 B板靠近，则 增大 B.保持电键 S闭合，将

11、 A板 稍向上移，则 减小 C.电键 S断开，将 A板稍向 B板靠近，则 不变 D.电键 S断开，将 A板稍向上移，则 减小 答案： AC 试题分析：保持电键 S闭合，电容器两端间的电势差不变，带正电的 A板向 B板靠近，极板间距离减小，电场强度 E增大，小球所受的电场力变大， 增大， A正确；保持电键 S闭合，电容器两端间的电势差不变，将 A板稍向上移，极板间距离不变，电场强度 E不变，小球所受的电场力不变，则 不变 ,B错误；断开电键 S，电容器所带的电量不变，由 ，可知 d变化， E不变，电场力不变， 不变， C正确、 D错误 .故选 AC。 考点：电容器的动态分析 如图所示，在 PQ、

12、 QR区域存在着磁感应强度大小相等、方向相反的匀强磁场，磁场方向均垂直于纸面， bc边与磁场的边界 P重合。导线框与磁场区域的尺寸如图所示。从 t 0时刻开始线框向右匀速横穿两个磁场区域。以 a b c d e f为线框中电流的正方向。以下四个 i-t关系示意图中正确的是 ( ) 答案： C 试题分析：根据右手定则判断出不同阶段电动势的方向，以及根据 E=BLv求出不同阶段的电动势大小刚进磁场时，只有 bc边切割； bc边进入 QR区域时， bc边和 de边都切割磁感线，但等效电动势为 0； bc边出磁场后， de边和 af边切割磁感线， af边切割产生的电动势大于 bc边； de边出磁场后后

13、，只有 af边切割 下面是线框切割磁感线的四个阶段示意图 在第一阶段，只有 bc切割向外的磁感线，由右手定则知电动势为负，大小为 Blv， D错误；在第二阶段， bc切割向里的磁感线，电动势为逆时针方向，同时 de切割向外的磁感线，电动势为顺时针方向，等效电动势为零， A错误；在第三阶段， de切割向里的磁感线同时 af切割向外的磁感线，两个电动势同为逆时针方向，等效电动势为正，大小为 3Blv， B错误 C正确。在第四阶段，只有 af切割向里的磁感线，电动势为顺时针方向，等效电动势为负大小为 2Blv故 C正确；故选 C 考点：考查法拉第电磁感应定律、楞次定律或左手定则以及考生综合分 析能力

14、 . 以水平初速度 v0将一个小石子从离水平地面高 H处抛出，从抛出时开始计时，取地面为参考平面，不计空气阻力。下列图像中， A为石子离地的高度与时间的关系， B为石子的速度大小与时间的关系， C为石子的重力势能与时间的关系， D为石子的动能与离地高度的关系。其中正确的是（ ） 答案： C 试题分析：石子离地的高度与时间的关系 h=H- gt2，高度 h随时间逐渐减小， A错误；平抛运动的速度 v= ，所以石子运动速度与时间不成正比，故 B错误；石子的重力势能 Ep=mgh=mgH- mg2t2， C正确；石子的动能 Ek= mg2t2，应过原点， D错误。 考点：平抛运动、机械能 守恒定律

15、将阻值为 100的电阻丝绕成一个 110匝的闭合矩形线圈，让其在匀强磁场中绕垂直于磁场方向的轴匀速转动，产生的感应电动势如图乙所示。则可以判断（ ） A t=0时刻线圈应转到图甲所示的位置 B该线圈的转速为 100 r/s C穿过线圈的磁通量的最大值为 Wb D线圈转一周所产生的电热为 9.68J 答案： D 试题分析：零时刻感应电动势为 0，磁通 量变化最慢，线圈应与磁场垂直， A错误；感应电动势的周期为 0.02s，转速为 50r/s， B错误；感应电动势的最大值Em=NBS ,m=BS= Wb， C错误；线圈转一周所产生的电热 Q=（ Em）2/RT=9.68J， D正确。 考点：交变电

16、流的产生、有效值 如图，一个人站在水平地面上的长木板上用力 F向右推箱子，木板、人、箱子均处于静止状态，三者的质量均为 m，重力加速度为 g，则（ ） A箱子受到的摩擦力方向向右 B地面对木板的摩擦力方向向左 C木板对地面的压力大小为 3mg D若人用斜向下的力推箱子，则木板对地面的压力会大于 3mg 答案： C 试题分析：箱子水平方向 受到人向右的推力和木板向左的摩擦力而处于静止状态，A错误；木板受到箱子向右的摩擦力和人想做的摩擦力，二力平衡，所以地面对木板没有摩擦力， B错误；木板、人、箱子三者看做一个整体，竖直方向受到重力和地面的支持力，所以支持力等于三者的重力 3mg，根据牛顿第三定律

17、，木板对地面的压力大小为 3mg， C正确、 D错误。 考点：共点力的平衡、牛顿第三定律 （ 15分）（ 1）（ 5分）关于光电效应和康普顿效应的规律，下列说法正确的是 （有三个选项正确，选对一个得 2分，选对两个得 4分，选对三个得 5分，选错一个扣 3分，最低得 0分） A光电效应中，金属板向外发射的光电子又可以叫做光子 B用光照射金属不能发生光电效应是因为该入射光的频率小于金属的截止频率 C对于同种金属而言，遏止电压与入射光的频率无关 D石墨对 X射线散射时，部分 X射线的散射光波长会变大，这个现象称为康普顿效应 E.康普顿效应说明光具有粒子性 （ 2）（ 10分）一轻质弹簧竖直固定在地

18、面上，上面连接一个质量为 m1=1kg的物体，平衡时物体离地面 0.9m，弹簧所具有的弹性势能为 0.5J。现在在距物体 m1正上方高为 0.3m处有一个质量为 m2=1kg的物体自由下落后与 弹簧上物体 m1碰撞立即合为一体，一起向下压缩弹簧。当弹簧压缩量最大时，弹簧长为 0.6m。求（ g取 10m/s2）： 碰撞结束瞬间两物体的动能之和是多少？ 弹簧长为 0.6m时弹簧的弹性势能大小？ 答案：（ 1） BDE；（ 2） 1.5J； 8J. 试题分析：（ 1）光电效应中，金属板向外发射的光电子是电子， A错误；入射光的频率只有大于金属的截止频率才能发生光电效应， B正确；对于同种金属而言，

19、入射光的频率越高，遏止电压越大， C错误；石墨对 X射线散射时，散射光中除了有原波长 0的 x光外，还产生了波长 0 的 x光，其波长的增量随散射角的不同而变化。这种现象称为康普顿效应， D正确；康普顿效应说明光具有粒子性， D正确。 （ 2）： m2自由下落： 可解得： （ 2分） 碰撞由动量守恒： 可解得： （ 2分） 碰后的动能： （ 2分） m1与 m2共同下降的高度 由机械能守恒得： （ 2分） 解得 （ 1分） 所以弹性势能为 8J（ 1分） 考点：光电效应和康普顿效应、动量守恒、机械能守恒 实验题 6分 )某同学在用如图甲所示的装置做 “探究加速度与物体受力的关系 ”实验时： （

20、 1）该同学在实验室找到了一个小正方体木块，用实验桌上的一把十分度的游标卡尺测出正方体木块的边长，如图乙所示，则正方体木块的边长为 _cm； （ 2）接着用这个小正方体木块把小车轨道的一端垫高，通过速度传感器发现小车刚好做匀速直线运动。这个步骤的目的是 ； （ 3）然后用细线通过定滑轮挂上重物让小车匀加速下滑，不断改变重物的质量 m，测出对应的加速度 a，则下列图象中能正确反映小车加速度 a与所挂重物质量 m的关系的是 _。 答案：（ 1） 3.56cm；（ 2）平衡摩擦力（意思对的都给分）；（ 3） C 试题分析： (1)主尺刻度为 3.50cm，游标尺刻度为 6，所以游标卡尺的示数为3.5

21、0cm+60.01cm=3.56cm。 （ 2）小车刚好做匀速直线运动，重力沿斜面向下的分力等于摩擦力，这个步骤的目的是平衡摩擦力。 （ 3） m越大，越不满足 m远小于 M，实际加速度应小于理论值，所以图线向下弯曲。故选 C。 考点：探究加速度与物体受力的关系 （ 9分）（ 1）多用电表测未知电阻阻值的电路如图（ a）所示，电池的电动势为 E、内阻为 r， R0为调零电阻， Rg为表头内阻，电路中电流 I与待测电阻的阻值 Rx关系图像如图（ b）所示，则该图像的函 数关系式为 _；（调零电阻R0接入电路的部分阻值用 R0表示） （ 2）下列根据图（ b）中 I-Rx图线做出的解释或判断中正确

22、的是 _；（有两个选项正确） A用欧姆表测电阻时，指针指示读数越大，测量的误差越小 B欧姆表调零的实质是通过调节 R0，使 Rx=0时电路中的电流 I=Ig C Rx越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏 D测量中，当 Rx的阻值为图（ b）中的 R2时，指针位于表盘中央位置的右侧 （ 3）某同学想通过一个多用电表中的欧姆挡，直接去测量某 电压表（量程 10 V）的内阻（大约为几十千欧），欧姆挡的选择开关拨至倍率 1K挡先将红、黑表笔短接调零后，选用图（ c）中 _（填 “A”或 “B”）方式连接。在本实验中，如图（ d）所示为欧姆表和电压表的读数，请你利用所学过

23、的知识，求出欧姆表电池的电动势为 _V。（计算结果保留三位有效数字） 答案：（ 1） （ 2） BC （ 3） A； 8.75V。 试题分析：（ 1）根据闭合电路欧姆定律得， （ 2）用欧姆表测电阻时，指针指在中值电阻附近，即中间刻度附近时，测量的误差最小， A错误； Rx=0时，欧姆表的指针应指向零电阻处，即满偏电流，调零的实质是通过调节 R0，使 Rx=0时电路中的电流 I=Ig， B正确； Rx越小，欧姆表内阻越小，相同的电阻变化量对应的电流变化量越大，所以欧姆表的示数左密右疏故 C正确；测量中，当 Rx的阻值为图 5中的 R2时，电流比半偏电流小，指针位于表盘中央位置的左侧故 D错误

24、故选 BC （ 3）采用 A电路 ,对电压表，电流从正接线柱流入，指针向右偏。欧姆表图示可以得出，电压表内阻等于 40k，欧姆表内阻为 30k，而电压表示数为 5v， 40=5，E=8.75v。 考点：欧姆表的工作原理 计算题 （ 15分）如图所示，半径 R=0.5m的光滑圆弧面 CDM分别与光滑斜面体 ABC和斜面MN相切于 C、 M点，斜面倾角分别如图所示。 O为圆弧圆心， D为圆弧最低点， C、M在同一水平高度斜面体 ABC固定在地面上，顶端 B安装一 定滑轮，一轻质软细绳跨过定滑轮（不计滑轮摩擦）分别连接小物块 P、 Q （两边细绳分别与对应斜面平行），并保持 P、 Q两物块静止若 P

25、C间距为 L1=0.25m，斜面 MN足够长，物块 P质量 m1= 3kg，与 MN间的动摩擦因数 ，重力加速度 g=10m/s2求：（ sin37=0.6，cos37=0.8） （ 1）小物块 Q的质量 m2； （ 2）烧断细绳后，物块 P第一次到达 D点时对轨道的压力大小； （ 3）物块 P在 MN斜面上滑行的总路程 答案：（ 1） 4kg；（ 2） 78N；（ 3） 1m 试题分析：（ 1）根据平衡，满足：（ 2分） 可得 （ 2分） （ 2） P到 D过程由动能定理得 （ 1分） 由几何关系 （ 1分） 运动到 D点时，根据牛顿第二定律： （ 2分） 解得 （ 2分） 由牛顿第三定律得

26、，物块 P对轨道的压力大小为 78N （ 3）分析可知最终物块在 CDM之间往复运动， C点和 M点速度为零。（ 1分） 由全过程动能定理得： （ 2分） 解得 （ 2分） 考点：动能定理、牛顿第二定律、牛顿第三定律、平衡条件 （ 17分）坐标原点 O处有一点状的放射源，它向 xoy平面内的 x轴上方各个方向发射带正电的同种粒子，速度大小都是 v0，在 0yd的区域内分布有指向 y轴正方向的匀强电场，场强大小为 ，其中 q与 m分别为该种粒子的电量和质量；在的区域内分布有垂直于 xoy平面的匀强磁场。 ab为一块很大的平面感光板，放置于 处，如图所示。观察发现此时恰无粒子打到 ab板上。（不考

27、虑粒子的重力） （ 1）求粒子刚进人磁场时的动能； （ 2） 求磁感应强度 B的大小； （ 3）将 ab板平移到什么位置时所有粒子均能打到板上 并求出此时 ab板上被粒子打中的区域的长度。 答案：（ 1） ；（ 2） ；（ 3） 试题分析：（ 1）根据动能定理： （ 2分） 解得 （ 2分） （ 2）根据上题结果可知进入磁场的速度 （ 1分） 对于沿 x轴正方向射出的粒子进入磁场时与 x轴正方向夹角 （ 1分） 易知若此粒子不能打到 ab板上，则所有粒子均不能打到 ab板，因此此粒子轨迹必与ab板相切，满足： 解得 （ 2分） 又根据洛伦兹力提供向心力 （ 1分） 可得（ 1分） （ 3）易知沿 x轴负方向射出的粒子若能打到 ab板上，则所有粒子均能打到板上。其临界情况就 是此粒子轨迹恰好与 ab板相切。由图可知此时磁场宽度为原来的 ， 即当 ab板位于 的位置 时，恰好所有粒子均能打到板上；（ 2分） 沿 x轴正方向和负方向射出的粒子在电场中沿 x方向的位移 （ 2分） ab板上被打中区域的长度 （ 3分） 考点：动能定理，带电粒子在电场中的运动、带电粒子在磁场中的运动