2014年湖北省黄冈市中考真题物理.docx

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1、2014 年湖北省黄冈市中考真题物理 一、选择题 (每小题只有一个选项符合题意， 1-9 题每题 3 分，共 27 分 ) 1.(3 分 )下列光现象与其成因对应正确的是 ( ) A.水中倒影 光的折射 B.雨后彩虹 光的反射 C.形影不离 光的直线传播 D.海市蜃楼 光的色散 解析： A、水中倒影属于光的镜面反射，该选项说法错误； B、雨后彩虹属于光的折射，该选项说法错误； C、形影不离是光的直线传播形成的，该选项说法正确； D、海市蜃楼，是光在不均匀的空气中传播形成的，属于光的折射，该选项说法错误； 答案： C. 2.(3 分 )下列说法正确的是 ( ) A.利用声和电磁波都能测量月球到地

2、球的距离 B.化石能源和太阳能都是可再生能源 C.油罐车的下面拖着一条铁链是为了防止静电带来的危害 D.小轿车的安全带做得较宽是为了增大压强和保证安全 解析： A、地球和月球之间有一定距离是真空，真空不能传声，故 A 错误； B、太阳能是可再生能源，化石能源是不可再生能源，故 B 错误； C、油罐车在运输过程中，不断地相互摩擦，从而产生大量的静电，通过后面装一条拖地的铁链，及时导走静电，防止静电危害 。 故 C 正确； D、小轿车的安全带做得较宽是为了增大受力面积减小压强，故 D 错误 。 答案： C. 3.(3 分 )关于物体的内能，下列说法正确的是 ( ) A.温度为 0 的物体没有内能

3、B.物体内能增加，一定是通过外界对物体做功 C.正在沸腾的水吸收热量，温度增加，内能不变 D.在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少 解析： A、温度为 0 的物体也具有内能，故 A 错误； B、物体的内能增加，可能是外界对物体做功，也可能是从外界吸收了热量，故 B 错误； C、正在沸腾的水吸收热量，温度不变，内能增加，故 C 错误； D、在相同物态下，同一物体温度降低，它的内能会减少，故 D 正确 。 答案： D. 4.(3 分 )下列关于生活用电常识的认识中，符合要求的是 ( ) A.使用试电笔时，手指不能碰到笔尾的金属帽，以免触电 B.三脚插头的用电器也可插入两孔插座 C.家庭电

4、路中开关接在火线或零线上都可以 D.输电线进户后应先接电能表 解析： A、如果手不接触笔尾金属体，无论笔尖金属体接触火线还是零线，氖管都不发光；故不符合要求； B、家用电器金属外壳相连接的是地线，这样即使金属外壳带电，电流会通过地线导入大地，防止造成触电事故的发生，不能用两孔插座替代；故不符合要求； C、电灯的开关接在了零线上时，即使断开，电灯或其他用电器仍带电，易发生触电事故，不符合要求； D、输电线进户后应先接电能表；符合要求 。 答案： D. 5.(3 分 )小宇在家观看汽车拉力赛的电视节 目，发现汽车行驶速度很快 。 其中途经一段“S” 形弯道时，如图 。 他想：现场观看的观众为了更

5、安全，应站的位置是图中 ( ) A.甲、丙 B.甲、丁 C.乙、丙 D.乙、丁 解析： 由图可知，当车在路上行驶时，如果车失去控制，由于惯性，车将会沿原来运动的方向冲出，即会冲到图中的甲区和丁区，故人在乙区或丙区是安全的 。 答案： C. 6.(3 分 )不漏气的橡皮氢气球由地面上升过程中，球内气体的质量与密度的变化情况是( ) A.质量增加，密度增加 B.质量不变，密度减小 C.质量减小，密度减小 D.质量不变，密度不变 解析： 气球升空过程中，只是位置的改变，球内气体的质量不变； 大气压随高度的升高而减小，气球升空过程中，气球外的气压减小，为保证内外压强相等，所以球的体积增大来减小球内压强

6、，气体的质量不变，体积变大，所以密度变小 。 答案： B. 7.(3 分 )以下选项中，不能用 “ 流体压强与流速关系 ” 解释的是 ( ) A.乒乓球运动员拉出的 “ 弧圈球 ” B.正在漂流的一只 “ 橡皮船 ” C.正在空中滑翔的 “ 雄鹰 ” D.地面上刮起的 “ 龙卷风 ” 解析： A、乒乓球运动员拉出的 “ 弧圈球 ” 就是应用流体压强与流速的关系，故 A 正确，但不符合题意； B、正在漂流的一只 “ 橡皮船 ” ，利用了浮力等于重力实现漂浮的 ，故 B 错误，符合题意； C、雄鹰在空中 “ 滑翔 ” 就是应用流体压强与流速的关系，故 C 正确，不符合题意； D、地面上刮起的 “

7、龙卷风 ” ，由于空气流速加快，内部压强变小而上升，故 D 正确，但不符合题意 。 答案： B. 8.(3 分 )在一次实验中，小宇连接了如图所示的电路，电磁铁的 B 端有一个小磁针，闭合开关后，下列说法正确的是 ( ) A.电磁铁的 A 端为 N 极 B.小磁针静止时， S 极水平指向左 C.当滑动变阻器的滑动片 P 向左端移动，电磁铁磁性增强 D.利用这一现象所揭示的原理可制成的设备是发电机 解析： A、电流从右端流入，左端流出，故据安培定则可知，此时电磁铁的 A 端是 N 极， B端是 S 极，故正确； B、据磁极间的作用规律可知，小磁针静止时，左端是 N 极，右端是 S 极，故错误；

8、C、滑动变阻器的滑动片 P 向左端移动，电阻变大，电流变小，故电磁铁的磁性变弱，故错误； D、该实验表明了电能生磁，此现象与发电机无关，故错误； 答案： A. 9.(3 分 )小宇学习了电路知识后，想利用发光二极管设计一个带有指示灯开关的照明电路，晚间关闭照明灯后，利用二极管发出的光指示开关所在的位置 。 他共设计了四个电路，如图所示，其中 L 为节能灯， 规格为 “220V 15W” 、 D 为发光二极管，规格为 “1.2V 0.002A” 、S 为单刀双掷开关、 R 为限流电阻 。 图中能够满足要求的电路 ( ) A. B. C. D. 解析： A、由电路图可知，单刀双掷开关接通发光二极管

9、时会发光，当无论单刀双掷开关怎样闭合，灯泡都不会发光，故 A 不符合题意； B、由电路图可知，关闭照明灯后发光二极管与限流电阻串联能发光，闭合照明电路时发光二极管不工作，故 B 正确； C、由电路图可知，闭合照明灯后，发光二极管会因为电路中的电流超过它的额定电流而被烧坏，最后导致白炽灯也不会亮，且关闭照明灯路后发光二极管不亮，故 C 不符合题意 。 D、由电路图可知，关闭灯泡时，发光二极管不亮，故 D 符合题意 。 答案： B. 二、填空与作图 (10-12 题每题 3 分， 13 题 2 分， 14 题 3 分，共 17 分 ) 10.(3 分 )端午节赛龙舟时，发出的阵阵鼓声是由于鼓面的

10、_而产生的，鼓声主要是通过 _传到人耳 。 如图所示，全体划桨手在鼓声的号令下有节奏地齐向后划水，龙舟就快速前进，这说明 力的作用是 _。 解析： (1)鼓声是由于鼓面振动产生的； (2)把鼓声传递到人耳的介质是空气； (3)物体间力的作用是相互的，用桨向后划水，同时水给桨一个向前的力，推动船向前行驶 。 答案 ：振动；空气；相互的 。 11.(3 分 )气锅鸡是云南的名菜 之一， “ 舌尖上的中国 ” 曾播放过 。 其做法是：将盛有小鸡块和佐料的气锅 (如图 )放在盛有清水的汤锅之上，再放到火上蒸 。 为了保持鸡肉原汁原味，主要是蒸气通过气锅中间的气嘴将鸡蒸熟 。 汤汁是蒸气 _(选填 “

11、吸热 ” 或 “ 放热 ” )后 _(填物态变化名称 )而形成的 。 蒸熟后，闻到鸡肉的浓香味，这是一种 _现象 。 解析： 蒸气通过气锅中间的气嘴将鸡蒸熟 。 汤汁是蒸气放热后液化而形成的 。 蒸熟后，闻到鸡肉的浓香味，这是物质分子无规则运动的结果，是扩散现象 。 答案 ：放热；液化；扩散 。 12.(3 分 )“ 虚拟试衣镜 ” 亮相南京国际软件产品博览会，该款 “ 虚拟试衣镜 ” 解决了购物者很难观察到试穿衣服时背面的情况，摄像头能够监视顾客的移动，并将衣服的背面展现给 他们，如图所示 。 监视顾客移动的摄像头相当于一个 _镜，顾客离摄像头的距离应在 _的范围，能形成 _(选填 “ 倒立

12、 ” 或 “ 正立 ” )的实像 。 解析： 摄像头和照相机的镜头相同，都是一个凸透镜，摄像头成倒立、缩小的实像 。 此时物距要大于凸透镜的二倍焦距 。 答案 ：凸透；大于二倍焦距；倒立 。 13.(2 分 )某物理科技小组设计了汽车有害尾气排放检测电路，如甲图所示， R 为气敏电阻，其阻值随有害尾气浓度 变化的曲线如图乙所示， R0为定值电阻，电源电压恒定不变 。 当有害尾气浓度 增大时，气敏电阻 R 的阻值将 _，电压表的示数将 _(选填“ 变大 ” 、 “ 变小 ” 或 “ 不变 ” )，定值电阻 R0作用是 _。 解析： (1)由电路图可知，两电阻串联，电压表测气敏电阻两端的电压； 由

13、图乙可知，当有害尾气浓度变大时，气敏电阻的阻值将变小，电路的总电阻变小； 由串联电路分压的特点可知，定值电路分得的电压将变小，即电压表的示数变小； 由欧姆定律可知，电路中的电流变小，即电流表示数变小 。 (2)当气敏电阻太小时，如果电路中没有定值电阻，电路中的电流会很大，电路会被烧毁，因此定值电阻 R0作用是保护电路 。 答案 ：变小；变小；保护电路 。 14.(3 分 )小宇的妈妈喜欢在家 中养花，为了使客厅里花盆中的花能茁壮成长，小宇想让室外太阳光照射到盆中花上的 B 处，如图 。 请你在图中把光路补充完整并过 A 点画出放置的平面镜 。 解析 ：光的反射定律的内容：入射光线、反射光线、法

14、线在同一平面上，反射光线和入射光线分居法线两侧，反射角等于入射角 。 首先根据已知条件确定反射光线，根据反射角等于入射角确定法线，做法线的垂线即镜面的位置 。 答案 ： 连接 AB，此线即为反射光线，然后做出入射光线和反射光线夹角的角平分线，即为法线；在做一条线段与法线垂直，该线段的位置即为镜子的位置 。 如下图： 15.(3 分 )如图所示是液压起重车意图 。 使用时液压杆将起重臂顶起，可将重物吊起并安放到需要的地方 。 请在图中分别画出： (1)重物对起重臂的作用力的示意图及该力的力臂； (2)液压杆对起重臂最小作用力的示意图 。 解析 ： (1)要解决此题，需要掌握力臂的概念，知道力臂是

15、从支点到力的作用线的距离 。 由支点向重力的作用线做垂线，垂线段的长度即为力 G 的力臂 。 (2)根据杠杆平衡条件：动力 动力臂 =阻力 阻力臂，若阻力阻力臂乘积一定，则动力臂最大时动力会最小 。 答案 ： (1)重物对起重臂的作用力竖直向下， 作用点在起重臂的左端；过支点 O 向力的作用线做垂线，即为力臂 L2； (2)力臂最长，此时的力最小，确定出力臂然后做力臂的垂线即为力 F1，如图所示： 三、实验与探究 (16 题 3 分， 17、 18 题各 4 分， 19 题 5 分，共 16 分 ) 16.(3 分 )如图所示，在两个相同的烧杯中分别盛有质量、初温都相等的水和牛奶，用两个相同酒

16、精灯对其加热 。 (1)加热过程中，发现要使它们上升相同的温度，需给水加热的时间要长一些，这是因为_。 (2)停止加热后，在相同时间内，盛有 _的烧杯 (填 “ 水 ” 或 “ 牛奶 ” )温度下降得快些 。 若要使其温度下降不至太快，请说出一种方法： _。 解析： (1)因为质量和升高的温度相同，需要给水加热的时间要长一些，由 Q=Cm t 得：吸收的热量越多，比热容越大，所以该实验说明水的比热容比煤油的比热容大； (2)质量相同的牛奶和水，放出相同热量，牛奶的比热容小于水的比热容，由 Q=Cm t 可知，牛奶降低的温度低； 温度高的牛奶从杯口蒸发，蒸发放热，为减慢蒸发，可以给盛牛奶烧杯加上

17、盖子 。 答案 ： (1)水的比热容大些； (2)牛奶；给盛牛奶烧杯加上盖子 (或将盛牛奶烧杯包起来 )(其它方法合理也行 )。 17.(4 分 )如图所示，在 “ 探究运动和力的关系 ” 的实验中，每次都让小车从斜面顶端处由静止开始滑下，改变水平面的粗糙程度，测量小车在水平面上滑行的距离，结果记录在下表中 。 接触面 小车运动的距离 s/(单位： cm) 毛巾 18.00 棉布 26.58 木板 (1)从能量转化角度看，小车每次滑行到斜面底端时具有相同的 _能 。 (2)若小车在水平木板上滑行 3s 后停止，位置如上图所示 。 则小车的平均速度为_m/s。 (3)小车在铺有毛巾表面上滑行距离

18、最短，是因为 _。 (4)在此实验的基础上进行合理的推理，可以得到：一切运动的物体不受外力作用时，它将_。 解析： (1)小车从斜面的同一位置由静止滑下，小车每次滑行到斜面底端时具有相同的动能 。 (2)由图示可知，小车的路程为 63.00cm=0.63m，则小车的平均速度： v= = =0.21m/s。 (3)小车在铺有毛巾表面上滑行距离最短，是因为小车受到的摩擦力最大 。 (4)由实验可知，水平面越光滑，小车受到的摩擦力越小，小车滑行的距离越大，如果物体不是外力作用，小车的速度 将保持不变，物体将做匀速直线运动 。 答案 ： (1)动； (2)0.21； (3)摩擦力大； (4)做匀速直线

19、运动 。 18.(4 分 )在测量 “ 小灯泡正常发光时的电阻 ” 的实验中，选用电压恒为 6V 的电源，额定电压 “3.8V” 的小灯泡 。 如图甲中是未连接完整的实验电路 。 (1)请你用笔画线代替导线，将图甲所示的实物电路连接完整 。 (要求：滑动变阻器的滑片 P向 A 端移动时小灯泡变暗，连线不能交叉 ) (2)闭合开关后，调节滑动变阻器的滑片 P，当电压表示数为 _V 时，小灯泡正常发光 。 此时电流表的示数如图乙所示，则灯泡正常发光的电阻是 _ 。 (3)若实验时，上述电路中仅电压表 上标有 “15V” 的接线柱已损坏，且暂无条件修复 。 在不更换器材的情况下为了能继续完成实验，你

20、的方法是： _。 解析： (1)滑动变阻器的滑片 P 向 A 端移动时小灯泡变暗，滑动变阻器应接 B 接线柱，把滑动变阻器串联接入电路，实物电路图如图所示： (2)当电压表示数等于灯泡额定电压 3.8V 时灯泡正常发光；由 图乙所示电流表可知，其量程为 0 0.6A，分度值为 0.02A，示数为 0.38A，灯泡电阻 R= = =10 。 (3)电源电压为 1.5V4=6V ，灯泡正常发光时，滑动变阻器两端电压为 6V 3.8V=2.2V 3V，电压表 15V 接线柱损坏，电压表可以选择 0 3V 量程，把电压表并联在滑动变阻器两端 。 答案 ： (1)实物电路图如图所示； (2)3.8； 1

21、0； (3)用电压表 0 3V 量程并联在滑动变阻器两端 。 19.(5 分 )五一期间，小宇乘坐爸爸驾驶的小汽车外出游玩，发现车内吊着的一个装饰物在摆动，摆动很有节奏且来回摆动一次时间大致相同 。 他想：摆动一次所需的时间 (周期 )与什么因素有关？回到学校，他找来一些长短不一的细线和质量不同的小球，做成不同的单摆 (如图所示 )来探究 。 (1)请猜想单摆摆动一次所需时间 (周期 )与哪些因素有关？ _(猜出一种即可 ) (2)在老师的指导下，小宇和其他同学合作完成了该实验 。 实验中，需要测量单摆长 L、摆球质量 m、摆角 ( 小于 10 )、摆动一次所需时间 T。其中摆球质量 m 除了

22、用天平直接 测量外，还可用下列测量仪器中 _(只填序号 )进行间接测量 。 A.温度计 B.密度计 C.测力计 D.气压计 测量相关实验数据，记录如下： 实验次数 1 2 3 4 实验一 摆长 L=1m 摆角 =7 摆球质量 m/g 20 30 40 50 周期 T/s 2.00 2.00 2.01 2.00 实验二 摆长 L=1m 摆球质量 m=40g 摆角 / 5 6 7 8 周期 T/s 2.00 2.01 2.00 2.00 实验三 摆球质量 m=40g 摆角 =7 摆长 L/m 0.36 0.49 0.64 0.81 周期 T/s 1.20 1.40 1.60 1.80 分析上表中的

23、数据，得出单摆的周期与质量、摆角、摆长的关系是： _。 (3)小宇采用的实验方法是： _。 解析： (1)根据经验猜想单摆摆动一次所需时间 (周期 )可能与摆长有关 (或：可能与摆的质量有关、可能与摆摆动的幅度有关 )； (2) 摆球质量 m 除了用天平直接测量外，还可用磁力计测出其重量，再根据 G=mg 计算出摆的质量； 由实验一数据可知，当单摆的摆长和摆动角度相同时，单摆的周期与摆球的质量无关； 由实验二数据可知，当单摆的摆长和摆球质量相同时，单摆的周期与摆动角度 大小无关； 由实验三数据可知，单摆的摆长越长，周期就越长 。 结论分析可知：单摆振动的周期与摆球质量、幅度无关，与摆长有关，且

24、摆长越短，振动周期越短； (3)实验中采用了控制变量法进行探究 。 答案 ： (1)可能与摆长有关 (与单摆相关物理量的猜想均可得分 )； (2) C； 单摆摆动的周期与摆球的质量、摆角无关，与摆长有关，摆长越长，周期越大； (3)控制变量法 。 四、综合应用 (20 题 7 分， 21 题 8 分，共 15分 ) 20.(7 分 )2014 年 4 月 14 日，为寻找失联的 MH370航班，启用了 “ 蓝鳍金枪鱼 21” (简称“ 金枪鱼 ” )自主水下航行器进行深海搜寻 。 其外形与潜艇相似 (如图甲所示 )，相关标准参数为：体积 1m3、质量 750kg，最大潜水深度 4500m，最大

25、航速 7.4km/h(不考虑海水密度变化，密度 取 1.010 3kg/m3， g 取 10N/kg)。 (1)假设 “ 金枪鱼 ” 上有面积为 20cm2的探测窗口，当它由海水中 2000m 处下潜至最大潜水深度处，问该探测窗口承受海水的压力增加了多少？ (2)“ 金枪鱼 ” 搜寻任务完成后，变为自重时恰能静止漂浮在海面上，此时露出海面体积为多大？ (3)若上述漂浮在海面的 “ 金枪鱼 ” ，由起重装置将其匀速竖直吊离海面 。 起重装置拉力的功率随时间变化的图象如图乙所示，图中 P3=3P1.求 t1时刻起重装置对 “ 金枪鱼 ” 的拉力 (不考虑水的阻力 )。 解析 ： (1)海面下 20

26、00m 处的压强为： p1=gh 1=1.010 3kg/m310N/kg2000m=210 7Pa； 下潜至最大潜水深度处压强为： p2=gh 2=1.010 3kg/m310N/kg4500m=4.510 7Pa； 增加的压强为： p=p2 p1=4.510 7Pa 210 7Pa=2.510 7Pa； 由 F=pS 得探测窗口承受海水的压力增加： F= pS=2.510 7Pa2010 4m2=510 4N； (2)由于 “ 金枪鱼 ” 搜寻任务完成后，静止漂浮在海面上，所以有 F 浮 =G。 又由 F 浮 =V 排 g， G=mg，得 V 排 g=mg； V 排 = = =0.75m3

27、 露出海面体积为： V 露 =V V 排 =1m3 0.75m3=0.25m3. (3)由于起重装置吊起 “ 金枪鱼 ” 是匀速竖直离海面，所以速度保持不变即 v1=v3，由 P=Fv，得 P1=F1v1， P3=F3v3，又 P3=3P1，所以有 F3=3F1， F1= F3， 在 t3时刻 “ 金枪鱼 ” 离开水面，由图象分析知，此时起重装置对 “ 金枪鱼 ” 的拉力等于 “ 金枪鱼 ” 的重力，即 F3=mg 所以 t1时刻起重装置对 “ 金枪鱼 ” 的拉力： F1= = =2500N。 答案 ： (1)窗口承受海水的压力增加了 510 4N； (2)露出海面体积为 0.25 立方米；

28、(3)起重装置对 “ 金枪鱼 ” 的拉力是 2500N。 21.(8 分 )当前城镇化建设进程中，在一些场馆和楼房建设工地上，常见一种 “ 塔吊 ” 的起重设备，其主要组成为电动机和机械两部分，如图所示 。 假设某 “ 塔吊 ” 配置的电动机铭牌上标有：额定电压 380V，额定功率 38kW，线圈电阻 0.5 。 在一次起吊中，该 “ 塔吊 ” 电动机正常工作 25s，把质量为 3t 的重物吊起 22m(g 取 10N/kg)。 求： (1)电动机吊起重物的过程中消耗的电能 。 (2)电动机正常工作过程中线圈产生的热量 。 (3)该次起吊过程中 “ 塔吊 ” 机械部分的机械效率 。 解析： (

29、1)由于电动机正常工作，消耗的功率等于额定功率，即 P=38kW=3.810 4W，工作时间 t=25s，所以电动机消耗的电能为： W=Pt=3.810 4W25s=9.510 5J (2)电动机正常工作时的电流： I= = =100A 线圈产生的热量： Q=I2Rt=(100A)20.525s=1.2510 5J (3)线圈电流产生热量即该 “ 塔吊 ” 本身消耗的电能为 W1=Q=1.2510 5J， 所以 “ 塔吊 ” 电能转化为机械能的总量，即机械部分所做的总功为： W 总 =W W1=9.510 5J1.2510 5J=8.2510 5J 该次起吊过程中 “ 塔吊 ” 机械部分的机械效率： = 100%= 100%= 100%=80% 答案 ： (1)电动机吊起重物的过程中消耗的电能 9.510 5J。 (2)电动机正常工作过程中线圈产生的热量 1.2510 5J。 (3)该次起吊过程中 “ 塔吊 ” 机械部分的机械效率 80%。