吉林省松原高中2019届高三物理第一次模拟考试题（二）.doc

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1、12019 届高三第一次模拟考试卷物 理（二）注 意 事 项 ：1 答 题 前 ， 先 将 自 己 的 姓 名 、 准 考 证 号 填 写 在 试 题 卷 和 答 题 卡 上 ， 并 将 准 考 证 号 条 形 码粘 贴 在 答 题 卡 上 的 指 定 位 置 。2 选 择 题 的 作 答 ： 每 小 题 选 出 答 案 后 ， 用 2B 铅 笔 把 答 题 卡 上 对 应 题 目 的 答 案 标 号 涂 黑 ，写 在 试 题 卷 、 草 稿 纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。3 非 选 择 题 的 作 答 ： 用 签 字 笔 直 接 答 在 答 题 卡 上 对 应

2、 的 答 题 区 域 内 。 写 在 试 题 卷 、 草 稿纸 和 答 题 卡 上 的 非 答 题 区 域 均 无 效 。4 考 试 结 束 后 ， 请 将 本 试 题 卷 和 答 题 卡 一 并 上 交 。一、选择题（本大题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 15 题只有一项是符合题目要求，第 68 题有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对但不全的得 3 分，有选错的得 0 分）1 【山师大附中摸拟】2017 年 12 月 6 日报道，中国散裂中子源项目将于 2018 年前后建成。目前，位于广东东莞的国家大科学工程中国散裂中子源(CSNS)首次打靶成功，获得中

3、子束流，这标志着(CSNS)主体工程顺利完工，进入试运行阶段。对于有关中子的研究，下面说法不正确的是( )A中子和其他微观粒子，都具有波粒二象性B一个氘核和一个氚核经过核反应后生成氦核和中子是核聚变反应C卢瑟福通过分析 粒子散射实验结果，发现了质子和中子D核反应方程 21048482PoXHey中的 y206，X 中中子个数为 1242 【深圳三模】如图所示是一旅行箱，它既可以在地面上推着行走，也可以在地面上拉着行走。已知该旅行箱的总质量为 15 kg，一旅客用斜向上的拉力拉着旅行箱在水平地面上做匀速运动，若拉力的最小值为 90 N，此时拉力与水平方向间的夹角为 ，重力加速度大小为 g10 m

4、/s2，sin 370.6，旅行箱受到地面的阻力与其受到地面的支持力成正比，比值为 ，则( )A 0.5， 37 B 0.5， 53C 0.75， 53 D 0.75， 373 【烟台 2019 届 11 月月考】质量为 m 的带正电小球由空中 A 点无初速自由下落，在 t 秒末加上竖直向上、范围足够大的匀强电场，再经过 t 秒小球又回到 A 点。不计空气阻力且小球从未落地，则( )A整个过程中小球电势能变化了 mg2t232B整个过程中小球速度增量的大小为 2gtC从加电场开始到小球运动到最低点时小球动能变化了 mg2t2D从 A 点到最低点小球重力势能变化了 mg2t24 【雄安新区月考】

5、质量为 m 的人造地球卫星与地心的距离为 r 时，引力势能可表示为pMmEGr，其中 G 为引力常量， M 为地球质量。该卫星原来在半径为 R1的轨道上绕地球做匀速圆周运动，由于受到极稀薄空气的摩擦作用，飞行一段时间后其圆周运动的半径变为 R2，此过程中因摩擦而产生的热量为( )A 21GMmR B 12GmR C 21GMmR D 12GMm5 【武邑中学第二次调研】水平面上有质量相等的 a、 b 两个物体，水平推力 F1、 F2分别作用在 a、 b 上。一段时间后撤去推力，物体继续运动一段距离后停下，两物体的 v t 图象如图所示，图中 AB CD。则整个过程中( )A水平推力 F1、 F

6、2大小可能相等B a 的平均速度大于 b 的平均速度C合外力对 a 物体的冲量大于合外力对 b 物体的冲量D摩擦力对 a 物体做的功小于摩擦力对 b 物体做的功6 【重庆联考】如图所示，在竖直平面内放一个光滑绝缘的半圆形轨道，圆心 O 与轨道左、右最高点 a、 c 在同一水平线上，水平方向的匀强磁场与半圆形轨道所在的平面垂直。一个带负电荷的小滑块由静止开始从半圆轨道的最高点 a 滑下，则下列说法中正确的是( )A滑块经过最低点 b 时的速度与磁场不存在时相等B滑块从 a 点滑到最低点 b，磁场不存在时所用时间较短C滑块经过最低点 b 时对轨道压力与磁场不存在时相等D滑块能滑到右侧最高点 c7一

7、台理想变压器的原、副线圈的匝数比是 51，原线圈接入电压为 220 V 的正弦交流电，各元件正常工作，一只理想二极管和一个滑动变阻器 R 串联接在副线圈上，如图所示，电压表和电流表均为理想交流电表。则下列说法正确的是( )A原、副线圈中的电流之比为 51B电压表的读数约为 31.11 VC若滑动变阻器接入电路的阻值为 20 ，则 1 分钟内产生的热量为 2.9103 JD若将滑动变阻器的滑片向上滑动，则两电表读数均减小此卷只装订不密封班级 姓名 准考证号 考场号 座位号 28 【临川一中模拟】如图甲所示，半径为 1 m 的带缺口刚性金属圆环导轨固定在水平面内，在导轨上垂直放置一质量为 0.1

8、kg，电阻为 1 的直导体棒，其长度恰好等于金属圆环的直径，导体棒初始位置与圆环直径重合，且与导轨接触良好。已知导体棒与导轨间动摩擦因数为 0.3，不计金属圆环的电阻，导体棒受到的最大静摩擦力等于其滑动摩擦力，取重力加速度 g10 m/s2。现若在圆环内加一垂直于纸面向里的变化磁场，变化规律如图乙所示，则( )A导体棒的电流是从 b 到 aB通过导体中的电流大小为 0.5 AC02 s 时，导体棒产生的热量为 0.125 JD t s 时，导体棒受到的摩擦力大小为 0.3 N二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第 9 题第 12 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 13 题第 14 题

9、为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共 47 分)9 【安宁区模拟】(6 分)小明在课本查到“木木”的动摩擦因数为 0.3，打算对这个数据进行检验，设计了以下实验：(1)将质量为 M 的待测木块放在水平放置的长木板上，通过细绳连接沙桶，增加沙桶中沙的质量，直到轻推木块，木块恰能做匀速直线运动，若此时沙桶及沙的总质量为 m，则动摩擦因数 _。(2)由于找不到天平，小明进行了以下步骤：取下沙桶，在木板上固定打点计时器，将纸带系在木块上，并穿过打点计时器；将木板不带滑轮的一端垫高，直到木块能做匀速直线运动；挂上沙桶(沙桶及沙的总质量保持不变)，接通电源，稳定后释放木块，得到如图纸带。(3)已知

10、打点计时器的频率为 50 Hz，根据纸带数据，可求得木块运动的加速度a_m/s 2 。(保留两位有效数字) (4)若当地的重力加速度为 9.8 m/s2，则算的 =_。 (结果保留两位有效数字) 10. 【深圳一模】(10 分)如图 1 所示，是多用电表欧姆档内部的部分原理图，已知电源电动势为 E1.5 V、内阻为 r1 ，灵敏电流计满偏电流 Ig10 mA、内阻为 rg90 。表盘如图 2所示，欧姆表表盘中值刻度为“15” 。(1)多 用 电 表 的 选 择 开 关 旋 至 “ ”区 域 的 某 档 位 时 ， 将 多 用 电 表 的 红 黑 表 笔 短 接 ， 进 行 欧 姆 调 零 ，调

11、 零 后 多 用 电 表 的 总 内 阻 为 。 某 电 阻 接 入 红 黑 表 笔 间 ， 表 盘 如 图 2 所 示 ， 则 该 电 阻 的 阻 值 为 。(2)若将选择开关旋至“1” ，则需要将灵敏电流计 (选填“串联”或“并联”)一阻值为 的电阻，再欧姆调零。(3)多用电表长时间使用后，电源内阻变大，电动势变小，此因素会造成被测电阻的测量值比真实值 。 （选填“偏大” “不变”或“偏小” ）11 【广东实验中学摸底考试】(14 分)细管 AB 内壁光滑、厚度不计，加工成如图所示形状，长 L0.8 m 的 BD 段固定在竖直平面内，其 B 端与半径 R0.4 m 的光滑圆弧轨道 BP 平

12、滑连接， CD段是半径 R0.4 m 的 14圆弧， AC 段在水平面上，管中有两个可视为质点的小球 a、 b， ma6 m， mb2 m。开始 b 球静止， a 球以速度 v0向右运动，与 b 球发生弹性碰撞之后， b 球能够通过轨道最高点 P， a 球则滑回 AC 段从细管的 A 点滑出。求：（重力加速度取 10 m/s2， 6.45）(1)若 v04 m/s，碰后 a、 b 球的速度大小；(2)若 v0未知，碰后 a 球的最大速度；(3)若 v0未知， v0的取值范围。312 【长安区第一中学模拟】(18 分)容器 A 中装有大量的质量、电荷量不同但均带正电的粒子，粒子从容器下方的小孔

13、S1不断飘入加速电场(初速度可视为零)做直线运动，通过小孔 S2后从两平行板中央沿垂直电场方向射入偏转电场。粒子通过平行板后沿垂直磁场方向进入磁感应强度为 B、方向垂直纸面向里的匀强磁场区域，最后打在感光片上，如图所示。已知加速电场中 S1、 S2间的加速电压为 U，偏转电场极板长为 L，两板间距也为 L，板间匀强电场强度 2UEL，方向水平向左(忽略板间外的电场)，平行板 f 的下端与磁场边界 ab 相交于点 P，在边界 ab 上实线处固定放置感光片。测得从容器 A 中逸出的所有粒子均打在感光片 P、 Q 之间，且 Q 距 P 的长度为 3L，不考虑粒子所受重力与粒子间的相互作用，求：(1)

14、粒子射入磁场时，其速度方向与边界 ab 间的夹角；(2)射到感光片 Q 处的粒子的比荷(电荷量 q 与质量 m 之比)；(3)粒子在磁场中运动的最短时间。(二)选考题(共 15 分。请考生从给出的 2 道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分)13. 选修 33(15 分)(1)【佛山市 019 届高三统一调研】下列说法正确的是_。(填正确答案标号，选对 1 个得2 分，选对 2 个得 4 分，选对 3 个得 5 分，每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分)A只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出气体分子的体积B悬浮在液体中的固体微粒越小，布朗运动就越明显C一定

15、温度下，饱和气体的压强是一定的D第二类永动机不可能制成是因为它违反了能量守恒定律E液晶既有液体的流动性，又具有单晶体的各向异性(2)【衡水中学 2019 届高三模拟】如图，在柱形容器中密闭有一定质量气体，一具有质量的光滑导热活塞将容器分为 A、 B 两部分，离气缸底部高为 49 cm 处开有一小孔，与 U 形水银管相连，容器顶端有一阀门 K。先将阀门打开与大气相通，外界大气压等于 p075 cmHg，室温 t027 C，稳定后 U 形管两边水银面的高度差为 h25 cm，此时活塞离容器底部为 L50 cm。闭合阀门，使容器内温度降至57 C，发现 U 形管左管水银面比右管水银面高 25 cm。

16、求：(i)此时活塞离容器底部高度 L ；(ii)整个柱形容器的高度 H。414. 选修 34(15 分)(1)【武汉联考】如图所示，两束平行的黄光射向截面为正三角形的玻璃三棱镜 ABC，已知该三棱镜对该黄光的折射率为 2，入射光与 AB 界面夹角为 45，光经三棱镜后到达与 BC 界面平行的光屏 PQ 上，下列说法中正确的是_。(填正确答案标号，选对 1 个得 2 分，选对 2 个得4 分，选对 3 个得 5 分，每选错 1 个扣 3 分，最低得分为 0 分)A两束黄光从 BC 边射出后仍是平行的B黄光经三棱镜折射后偏向角为 30C改用红光以相同的角度入射，出射光束仍然平行，但其偏向角大些D改

17、用绿光以相同的角度入射，出射光束仍然平行，但其偏向角大些E若让入射角增大，则出射光束不平行(2)【红河州统一检测】一列沿 x 轴传播的简谐横波， t0 时刻的波形如图所示，介质中x6 m 处的质点 P 沿 y 轴方向做简谐运动的表达式为 y0.2cos 2 t (m)。求：(i)该波的传播速度；(ii)介质中 x10 m 处的质点 Q 到达波谷的时间。2019 届 高 三 第 一 次 模 拟 考 试 卷物 理 （ 二 ） 答 案一、选择题（本大题共 8 小题，每小题 6 分。在每小题给出的四个选项中，第 15 题只有一项是符合题目要求，第 68 题有多项符合题目要求，全部选对的得 6 分，选对

18、但不全的得 3 分，有选错的得 0 分）1 【答案】C2 【答案】D【解析】对物体受力分析，如图所示： Fcos f0， N Fsin G0， f N ，得cosinGF，令 tan ，则 sinco()G，当 0时 F 有最小值，故 Fsin G 90 N， 37，所以 0.75， 37。3 【答案】B【解析】小球运动过程如图所示，加电场之前与之后，小球的位移大小相等。由1210()vvtt，得 v22 v1，对加电场之后的过程(图中虚线过程 )应用动能定理得121Wmgh电，对自由下落过程由机械能守恒得 211mghv， v12 gt，联立以上各式可解得电场力所做的功 W 电 mgh1 m

19、v mv 2 mv 2 mg2t2，即整个过程中12 2 12 21 21小球电势能减少了 2mg2t2，故 A 错；整个过程中速度增量大小为 v v202 v12 gt，故 B 正确；从加电场开始到小球运动到最低点时，动能变化了 Ek0 mv mg2t2，故 C 错；由运动学12 21 12公式知 12/()vt ，以及 ，则从 A 点到最低点小球重力势能变化量为a1a2 13 h1h2 v21/2a1v21/2a2 31 Ep mg(h1 h2) mg(h1 h1) mgh1 mv mg2t2，故 D 错误。13 43 43 12 21 234 【答案】C【解析】卫星做匀速圆周运动，由地球

20、的万有引力提供向心力，则轨道半径为 R1时2121vMmGR，卫星的引力势能为 p11MmEGR，轨道半径为 R2时22vMmG，卫星的引力势能为 p22E，设摩擦而产生的热量为 Q，根据能量守恒定律得： 21ppEQ，联立解得： 21mQR。5 【答案】D【解析】由图， AB 与 CD 平行，说明推力撤去后两物体的加速度相同，而撤去推力后物体的合力等于摩擦力，根据牛顿第二定律可知，两物体受到的摩擦力大小相等。加力 F 时，由图象可知 a的加速度大于 b 的加速度，根据 F f ma 可知水平推力 F1的大小大于 F2大小，选项 A 错误；设两物体的最大速度为 v，加 F 时两物体的平均速度均

21、为 v/2，撤去 F 后两物体的平均速度仍为 v/2，可知 a 的平均速度等于 b 的平均速度，选项 B 错误；根据动量定理可知，合外力的冲量的关于动量的变化量，由于两物体的动量变化量均为零，可知合外力对 a 物体的冲量等于合外力对 b 物体的冲量，选项 C 错误；由图象可知， a 的位移小于 b 的位移，因两物体的摩擦力相等，可知摩擦力对 a物体做的功小于摩擦力对 b 物体做的功，选项 D 正确。6 【答案】AD【解析】因洛仑兹力不做功，故由动能定理可知，滑块滑到最低点时的速度不变，故 A 正确；因滑块的速度与没有磁场相同，故滑块滑动到最低点所用时间与磁场不存在时相等，故 B 错误；滑块在最

22、低点时受重力、支持力及洛仑兹力，洛仑兹力向下，故2vFmgr洛，故滑块对轨道的压力增大，故 C 错误；因洛伦兹力不做功，根据机械能守恒定律，滑块能滑到右侧最高点 c，故 D正确。7 【答案】BC【解析】原副线圈中的电流与匝数成反比，所以电流之比为 15，选项 A 错误；原线圈接入电 压为 220 V 的正弦交流电，原、副线圈的电压与匝数成正比，所以副线圈两端电压为 44 V，由于副线圈接着二极管，它具有单向导电性，而电表示数均是交流电的有效值，根据有效值的定义有 T，从而求得电压表两端电压有效值为 U22 V31.11 V，选项 B 正确；若滑动变442R T2 U2R 2阻器接入电路的阻值为

23、 20 ，则 1 min 内产生的热量为 Q t2.910 3 J，C 正确；滑片向U2R上滑动，滑动变阻器接入的阻值变小，其两端的电压不变，所以通过滑动变阻器的电流变大，即电压表示数不变，电流表示数变大，D 错误。8 【答案】AC二、非选择题(包括必考题和选考题两部分。第 9 题第 12 题为必考题，每个试题考生都必须作答。第 13 题第 14 题为选考题，考生根据要求做答)(一)必考题(共 47 分)9 【答案】(1) mM (2)2.4 (3)0.320.3310.【答案】(1)150 60 (2)并联 10 (3)偏大11 【解析】(1) a、 b 碰撞过程中，以 a、 b 组成的系统

24、为研究对象，经受力分析，系统动量守恒，选向右的方向为正，设 a、 b 碰后瞬间速度为 va1、 vb1，由动量守恒得：mav0 mava1 mbvb1因 a、 b 的碰撞是弹性碰撞，所以碰撞过程中机械能守恒，有： 2220111aabmvmv联立解得： 102/sabvv， 1026/sabbmvv(2)因 a 球能滑出 A，故 a 与 b 碰后， a 上升的高度不能超过 B 点，即上升的高度不会超过L R，设碰撞后 a 的最大速度为 va1max， a 球上升的过程中机械能守恒，有：21max()vgLR得： va1max4.9 m/s。(3)欲使 b 能通过最高点，设 b 球与 a 碰撞后

25、的速度为 vb1，经过最高点时的速度为 vb2，则有：2bgRb 球在上升至最高点的过程中，只有重力做功，机械能守恒，有： 221()bbmvgLR解得： vb16 m/s，则 0min14m/s2abvv碰后 a 上升的高度不能超过 L R，必须满足： 21ax()vgLR解得： va1max 4.9 m/s，则 0max1max9.8/sbv综上可得 4 m/s v0max 9.8 m/s。12 【解析】(1)设质量为 m，电量为 q 的粒子通过孔 S2的速度为 v0，由动能定理： 201qUmv粒子在平行板间： L v0t， xEt， anyxv联解以上四式得：tan 1， 4即其速度方

26、向与边界 ad 间的夹角为 。(2)粒子从 e 板下端与水平方向成 45的角射入匀强磁场。设质量为 m、电量为 q 的粒子射入磁场时的速度为 v，做圆周运动的轨道半径为 r ，由速度合成知：2004xqUvm粒子进入磁场后偏转 270，由几何关系可知： r2 r2(4 L)2，所以有： 2rL又因为 vrqB 联解以上三式得： 2UmLB(2)设粒子在磁场中运动的时间为 t，则： mtqB2mvUrqB联解以上两式得：24Brt因为所有粒子在磁场中运动的偏转角 32，由上式可知，粒子打在 P 处时粒子运动时间最短，此时有：r2 r2 L2 解得： 316BtU即粒子在磁场中的最短时间2316B

27、LU。(二)选考题(共 15 分。请考生从给出的 2 道物理题中任选一题作答，如果多做，则按所做的第一题计分)13. 选修 33(15 分)(1)【答案】BCE【解析】只要知道气体的摩尔体积和阿伏加德罗常数，就可以算出气体的分子所占据的空间大小，不能算出气体分子体积，故 A 错误；悬浮在液体中固体微粒越小，布朗运动就越明显，故 B 正确；一定温度下，饱和气体的压强是一定的，选项 C 正确；第二类永动机不可能制成是因为它违反了热力学第二定律，但是不违背能量守恒定律，选项 D 错误；液晶既有液体的流动性，又具有单晶体的各向异性，故 E 错误。(2)【解析】(i)U 形管内两边水银面的高度差为 h2

28、5cmA 中气体 pA1 p0 p h（7525）cmHg100cmHgB 中为大气，所以活塞产生的压强 p 塞 25cmHg 闭合阀门后，两部分气体温度降低，压强均减小且 A 处降低较多，活塞会下移设此时 U 形管表示的是 A 中压强， pA2 p0 p h（7525）cmHg50cmHg对 A 中气体 111 =222解得 LA272cm49cm假设不成立。说明此时 U 形管表示的应该是 B 中压强 pB250cmHg则 A 中气体压强 pA2 pB2 p 塞 （5025）cmHg75cmHg对 A 中气体 111 =222解得 LA248cm活塞离容器底部高度 L LA248cm。(ii

29、)对 B 中气体 111 =2220(1)1 =2(2)2解得 H75cm。14. 选修 34(15 分)(1)【答案】ABD【解析】如图，由折射率公式 可知 r=300；由几何关系可知折射=光在三棱镜内平行于底边 AC，由对称性可知其在 BC 边射出时的出射角也为i=450，因此光束的偏向角为 300，则 A、B 正确；由于同种材料对不同的色光的折射率不同，相对于黄光而言红光的折射率小，绿光的折射率较大，因此折射后绿光的偏向角大些，红光的偏向角小些，C 错误，D 正确；若让入射角增大，折射角按一定的比例增大，出射光束仍然平行，则 E 错误。(2)【解析】由图可知，波长 =24m由质点 P 的振动方程可知，周期为 ，得 T=1s=2由 得： v24m/s=当波向右传播时， Q 与左侧波谷的水平距离 x1（24 n+16）m （ n=0，1，2，3）由 得： s （ n=0，1，2，3）1=1 1=（ +23）当波向左传播时， Q 与右侧波谷的水平距离 x2（24 n+8）m （ n=0，1，2，3）由 得： s （ n=0，1，2，3）1=2 2=（ +13）