2019版高考数学二轮复习第一部分方法、思想解读专题对点练2函数与方程思想、数形结合思想文.doc

《2019版高考数学二轮复习第一部分方法、思想解读专题对点练2函数与方程思想、数形结合思想文.doc》由会员分享，可在线阅读，更多相关《2019版高考数学二轮复习第一部分方法、思想解读专题对点练2函数与方程思想、数形结合思想文.doc（6页珍藏版）》请在麦多课文档分享上搜索。

1、1专题对点练 2 函数与方程思想、数形结合思想一、选择题1.设 a1,若对于任意的 x a,2a,都有 y a,a2满足方程 logax+logay=3,这时 a 的取值的集合为( )A.a|10,则不等式 的解集为 ( )(+2 016)(+2 016)5 -2 011B.x|x3C.x|126.抛物线 y2=2px(p0)的焦点为圆 x2+y2-6x=0 的圆心,过圆心且斜率为 2 的直线 l 与抛物线相交于M,N 两点,则 |MN|=( )A.30 B.25 C.20 D.157.若 0ln x2-ln x121B. x11 2D.x2 1 恒成立,则 k 的最大值为( )A.2 B.3

2、 C.4 D.5二、填空题10.使 log2(-x)0,且 a1)的值域是4, + ),则实数 a 的取值范围是 -+6,2,3+,2. 12.已知奇函数 f(x)的定义域是 x|x0, xR,且在(0, + )内单调递增,若 f(1)=0,则满足 xf(x)0)沿 y 轴翻折得到函数 y2,函数 y1与函数 y2的图象合起来组成函数y3的图象,若直线 y=kx+2 与函数 y3的图象刚好有两个交点,则满足条件的 k 的值为 . 三、解答题16.如图,在直三棱柱 ABC-ABC中, AC=BC=5,AA=AB=6,D,E 分别为 AB 和 BB上的点,且=.=(1)求证:当 = 1 时, AB

3、 CE;(2)当 为何值时,三棱锥 A-CDE 的体积最小,并求出最小体积 .3专题对点练 2 答案1.B 解析 依题意得 y= ,当 x a,2a时, y= .3 3122,2由题意可知 a,a2,122,2即有 a2 a,又 a1,所以 a2 .故选 B.2.C 解析 如图,令 |F1P|=r1,|F2P|=r2,则 1+2=2=4,22-21=(2)2=12,即 故 r2=.1+2=4,2-1=3,3.C 解析 方程 2sin =m 可化为 sin ,(2+6) (2+6)=2当 x 时,2 x+ ,0,2 66,76画出函数 y=f(x)=sin 在 x 上的图象如图所示:(2+6)

4、0,2由题意,得 0,则当 x(0, + )时, x2f(x)+2xf(x)0,即 x2f(x) =x2f(x)+2xf(x),所以函数 x2f(x)为单调递增函数,由 ,(+2 016)(+2 016)5 0,得 a(x-2)+x2-4x+40.令 g(a)=a(x-2)+x2-4x+4,由 a -1,1时,不等式 f(x)0 恒成立,即 g(a)0 在 -1,1上恒成立 .则 (-1)0,(1)0, 即 -(-2)+2-4+40,(-2)+2-4+40. 解得 x3.6.D 解析 圆 x2+y2-6x=0 的圆心(3,0),焦点 F(3,0),抛物线 y2=12x,4设 M(x1,y1),

5、N(x2,y2).直线 l 的方程为 y=2x-6,联立 即 x2-9x+9=0,2=12,=2-6,x 1+x2=9,|MN|=x 1+x2+p=9+6=15,故选 D.7.C 解析 设 f(x)=ex-ln x(0g(x2).x 2 x1 .故 C 选项正确,D 项不正确 .1 28.C 解析 设正四棱锥 S-ABCD 的底面边长为 a(a0),则高 h= ,2-(22)2=12-22所以体积 V=a2h= .13124-126设 y=12a4-a6(a0),则 y=48a3-3a5.令 y0,得 04.故函数 y 在(0,4上单调递增,在4, + )内单调递减 .可知当 a=4 时, y

6、 取得最大值,即体积 V 取得最大值,此时 h= =2,故选 C.12-229.B 解析 由 k(x-1)1 恒成立,得 k1).+-1令 h(x)= (x1),则 h(x)= .+-1 -2(-1)2令 g(x)=x-ln x-2=0,得 x-2=ln x,画出函数 y=x-2,y=ln x 的图象如图, g(x)存在唯一的零点,又 g(3)=1-ln 30, 零点属于(3,4), h (x)在(1, x0)内单调递减,在( x0,+ )内单调递增 .而 31,3+24,12.( -1,0)(0,1) 解析 作出符合条件的一个函数图象草图如图所示,由图可知 xf(x)0)沿 y 轴翻折得到函

7、数 y2,y 2=x2+3x+2(x0),x 1=3+k0;y 2=x2+3x+2(x0,-30,16.(1)证明 = 1,D ,E 分别为 AB 和 BB的中点 .又 AA=AB,且三棱柱 ABC-ABC为直三棱柱, 平行四边形 ABBA为正方形,DE AB.AC=BC ,D 为 AB 的中点, CD AB. 三棱柱 ABC-ABC为直三棱柱, 平面 ABBA平面 ABC.CD 平面 ABBA,CD AB.又 CD DE=D,AB 平面 CDE.CE 平面 CDE,AB CE.(2)解 设 BE=x,则 AD=x,DB=6-x,BE=6-x.由已知可得 C 到平面 ADE 的距离即为 ABC 的边 AB 所对应的高 h= =4,2-(2)2V A-CDE=VC-ADE= (S 四边形 ABBA-S AAD-S DBE-S ABE)h= h1336-3-12(6-)-3(6-)= (x2-6x+36)= (x-3)2+27(0x6), 当 x=3,即 = 1 时, VA-CDE有最小值 18.