2015学年安徽涡阳第四中学高二上期质量检测物理卷（带解析）.doc

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1、2015学年安徽涡阳第四中学高二上期质量检测物理卷（带解析） 选择题 2014年 1月 1日辽宁舰顺利完成为期 37天的南海百项海域科研试验和训练。某次舰载机的训练如图所示，飞机在跑道上滑行的距离为 s，从着舰到停下来所用的时间为 t。现欲估算飞机着舰的速度，可假设飞机停止运动前在平直跑道上做匀减速运动，但实际上，飞机的速度越大，所受的阻力越大，则飞机着舰的速度 v应是（ ） A v B v C v D v 答案： C 试题分析：据题意，假设飞机做匀减速运动，则据平均速度与位移关系，有：；而实际上飞机的阻力随速度减小而减小，即飞机做加速度减小的减速运动，但飞机减速的位移和时间是不变的，据图可知

2、：飞机的初速度 ，故选项 C正确。 考点：本题考查平均速度。 在图所示的电路中，电源电动势为 E、内电阻为 r， C为电容器， R0为定值电阻， R为滑动变阻器。开关闭合后，灯泡 L能正常发光。当滑动变阻器的滑片向右移动时，下列判断正确的是（ ） A电流表读数变大 B灯泡 L将变暗 C电容器 C的电量将减小 D电源的总功率变大 答案： B 试题分析：据题意，当滑片向右滑动时，滑动变阻器电阻增大，整个电路总电阻增大，总电流减小，故选项 A错误；由于电流减小，灯泡将变暗，故选项 B正确；电流减小致内电压减小而外电压增大，电容器电压等于外电压，据，电容器电荷量将变大，故选项 C错误；电源总功率为：

3、，即将减小，故选项 D错误。 考点：本题考查电路动态平衡问题。 喷墨打印机的简化模型如图所示重力可忽略的墨汁微滴，经带电室带负电后，以速度 v垂直匀强电场飞入极板间，最终打在纸上，则微滴在极板间电场中（ ） A运动轨迹是抛物线 B运动轨迹与带电量无关 C向负极板偏转 D电势能逐渐增大 答案： A 试题分析：据题意，墨汁经带电室后带负点，垂直电场飞入极板后，由于所受电场力竖直向上，则将向上偏转做类平抛运动，故选项 A正确而 C错误；如果墨汁带正电将向下偏转，故选项 B错误；该墨汁向上运动，电场力做正功，其电势能减小，故选项 D错误。 考点：本题考查带电粒子在电场中偏转。 将一电荷量为 Q的小球放

4、在不带电的金属球附近，所形成的电场线分布如图所示，金属球表面的电势处处相等 a、 b为电场中的两点，则下列说法错误的是（ ） A a点的电场强度比 b点的大 B a点的电势比 b点的高 C将检验电荷 -q从 a点移到 b点的过程中，电场力做负功 D检验电荷 -q在 a点的电势能比在 b点的大 答案： D 试题分析：据题意，当不带电的金属球放在带电小球 Q附近，该不带电的小球由于静电感应也带上了电荷而处于静电平衡状态，据电场线疏密程度与场强大小关系可以判断 a点场强较大，故选项 A正确；沿电场方向电势降低，故选项B正确；负电荷从 b点到 a点电场力做正功，电势能减小，故负电荷在 a点电势能较低，

5、故选项 C正确而选项 D错误；据题意应该选择 D选项。 考点：本题考查电场线。 在磁场中的同一位置放 置一条直导线，导线的方向与磁场方向垂直。先后在导线中通入不同的电流，导线所受的力也不一样。下图中的四幅图象表现的是导线受的力 F与通过导线的电流 I的关系， a、 b各代表一组 F、 I的数据。其中正确的是（ ） 答案： A 试题分析：据题意，在磁场中同一位置放置一条导线，在导线中通用不同电流，据 可知磁场力 F与电流 I应该成正比，其中以上四图能够反映这个关系的是选项 A。 考点：本题考查磁场力与电流关系。 如图所示，进行太空行走的宇航员 A和 B的质量分别为 80 kg和 100 kg，他

6、们携手远离空间站，相对空间站的速度为 0.1 m/s.A将 B向空间站方向轻推后，A的速度变为 0.2 m/s，则 B的速度大小和方向（ ） A 0.02 m/s，朝着空间站方向 B 0.02 m/s，离开空间站方向 C 0.2 m/s，朝着空间站方向 D 0.2 m/s，离开空间站方向 答案： B 试题分析：据题意，已知 A、 B 宇航员之前相对空间站的速度为 0.1m/s，则 A、B的总动量为： ； A将 B反推后，两者的动量为： 和 ，据动量守恒定律有： ，整理得 ，方向远离空间站，故选项 B正确。 考点：本题考查动量守恒定律。 在离地面高度为 h处竖直向上抛出一质量为 m的物体，抛出时

7、的速度为 v0，当它落到地面时的速度为 v，用 g表示重力加速度，则在此过程中物快克服空气阻力做的功为 （ ） A B C D 答案： B 试题分析：据题意，当竖直向上以 v0速度抛出的物体落地后的速度变为 v，在整个过程中重力做正功，阻力做负功，据动能定理有：，整理得： ，故选项 B 正确。 考点：本题考查动能定理。 图中 a、 b、 c、 d为四根与纸面垂直的长直导线，其横截面积位于正方形的四个顶点上，导线中通有大小相等的电流，方向如图所示。 O点磁感应强度的方向 （ ） A沿 oa向上 B沿 oc向下 C沿 ob向左 D沿 od向右 答案： C 试题分析：据题意，当四根导线通有如图所示的

8、电流，其中导线 b和导线 d中电流在 O点产生的磁场叠加后为 0；而导线 a和导线 c中电流在 O点产生的磁场方向均向左，故选项 C正确。 考点：本题考查磁场的叠加。 摆式列车是集电脑、自动控制等高新技术于一体的新型高速列车，如图所示当列车转弯时，在电脑控制下，车厢会自动倾斜，抵消离心力的作用；行走在直线上时，车厢又恢复原状，就像玩具 “不倒翁 ”一样假设有一超高速列车在水平面内行驶，以 360 km/h的速度拐弯，拐弯半径为 1 km，则质量为 50 kg的乘客，在拐弯过程中所受到的火车给他的作用力为（ g取 10 m/s2）（ ） A 0 B 500 N C 1 000 N D 500N

9、答案： D 试题分析：据题意，已知列出以 360km/h的速度拐弯，拐弯半径为 1km，则向心加速度为： ；列车上的乘客在拐弯过程中受到的火车给他的作用力垂直于列车底部向上为 N，还受到重力 G，其合力 F指向圆心，即，而乘客的重力 G与合力 F大小相等，那么 N与向心力夹角为 450，则火车给的作用力为： ，故选项 D正确。 考点 ：本题考查火车转弯问题。 如图所示， A、 B两物块叠放在一起，在粗糙的水平面上保持相对静止地向右做匀减速直线运动，运动过程中 B受到的摩擦力（ ） A方向向左，大小不变 B方向向左，逐渐减小 C方向向右，大小不变 D方向向右，逐渐减小 答案： A 试题分析：据题

10、意，已知整体向右做匀减速直线运动，则整体的加速度方向向左大小不变，与速度方向相反；对 B物体受力分析，受到重力 G、支持力 N和摩擦力 f，由于整体加速度向左则物体 B的加速度也向左大小也不变，据牛顿第二定律 可知，物体 B受到的摩擦力方向向左，大小不变，故选项 A正确。 考点：本题考查牛顿第二定律即整体法和隔离阀的应用。 实验题 （ 12分）某同学设计如图甲所示的电路图测量电源的电动势和内阻，同时测量未知电阻 Rx的阻值，其中 R为电阻箱（ 0 99.9），闭合开关前置于阻值最大位置， Rx未知电阻。其实验步骤如下： 断开 K1、闭合 K2，逐次减小电阻箱的阻值，得到多组 R、 I值； 依据

11、 R、 I值作出如图乙所示的 R1/I 图线； 断开 K2、闭合 K1，读出电流表示数为 0.5A 根据乙图可求得电源的电动势等于 电源的内阻等于 未知电阻 Rx等 于 答案： V、 0.5、 3.5 试题分析：据题意，当电建 K1断开而闭合 K2时，据闭合电路欧姆定律有：，经过整理得： ，从图象可以看出，当横坐标 时有：，即电源内阻为 ；电动势与图线的斜率相等为：；当 K2断开 K1闭合时，电流表读数为 0.5A，则横坐标上的值为： 2，据图像倾斜程度： 得 。 考点：本题考查闭合电路欧姆定律。 （ 6分）某学习小组在描绘标有 “8.0 v， 3.8 w”的小灯泡灯丝电阻的伏安特性图线时，实

12、验室给出一块电压表 V（量程 10V，内阻约 4K）和两块电流表：A1 （量程 100 mA，内阻约 2）和 A2 （量程 0.6 A，内阻约 0.3），则选择电流表 进行试验测量。甲、乙两同学利用电压表和选定的电流表采用不同的连接电路测出相应的电压和电流描绘出的伏安特性图线如下图 、 所示，则图线 更准确。 答案： A2、 图线 试题分析：据题意，小灯泡额定电压为 8v，额定功率为 3.8w，则额定电流为，所以电流表应该选择 A2；据 可知应该实验外接法测量更准确，而外接法电流表测量的电流偏大，当电压相同时电流偏大的是图 。 考点：本题考查小灯泡的伏安特性曲线的描绘。 计算题 （ 8分）如图

13、所示，两 平行金属板相距为 d，电势差为 U，一电子质量为 m，电荷量为 e，从 O点沿垂直于极板的方向射出，最远到达 A点，然后返回，已知 OA h，求此电子具有的初速度是多少？ 答案： 试题分析：两极板间的电场强度 （ 3分） 电子从 O到 A的过程中，由动能定理 （ 3分） 解得： （ 2分） 考点：本题考查电场强度和动能定理。 （ 10分）在金属板 A、 B间加上如图乙所示的大小不变、方向周期性变化的交变电压 Uo，其周期是 T。现有电子以平行于金属板的速度 vo从两板中央射入。已知电子的质量为 m，电荷量为 e，不计电子的重力，求： （ 1）若电子从 t=0时刻射入，在半个周期内恰好

14、能从 A板的边缘飞出，则电子飞出时速度的大小。 （ 2）若电子从 t=0时刻射入，恰能平行于金属板飞出，则金属板至少多长？ （ 3）若电子从 t=T/4时刻射入，恰能从两板中央平行于板飞出，则两板间距至少多大？ 答案：（ 1） （ 2） （ 3） 试题分析：（ 1）由动能定理： （ 2分） 解得 （ 1分） （ 2）电子从 t=0时刻射入且恰能平行于金属板飞出，则电子至少要在电场中运动一个周期。 电子平行于金属板方向匀速运动，则： （ 2分） （ 3）电子从 t=T/4时刻射入且 恰能从两板中央平行于板飞出，则电子在垂直于金属板方向上做往复运动。则 ; 加速度： （ 2分） 电子在 T/4时间

15、内的位移： （ 2分） 所以 （ 1分） 考点：本题考查动能定理和类平抛运动。 （ 12分）如图所示， R3 6 ，电源内阻 r为 1 ，当 S合上且 R2为 2 时，电源的总功率为 16 W，而电源的输出功率为 12 W，灯泡正常发光，求： （ 1）电灯的电阻及功率； （ 2） S断开时，为使灯泡正常发光， R2的阻值应调到多少欧？ 答案：（ 1） 4w （ 2） 3 试题分析：（ 1）由电源总功率 （ 2分） 可得： I 2 A， E 8 V （ 1分） 电源的路端电压 ， （ 1分） （ 1分） 又 ， （ 2分） 可得： I 灯 1 A， U 灯 4 V （ 1分） 所以： ， （ 1

16、分） （ 2） S断开，灯泡正常发光时，电路中的总电流为 I 灯 1 A，由 （ 2分） 可得： R2 3 （ 1分） 考点：本题考查闭合电路欧姆定律即欧姆定律的应用。 （ 12分）如图所示，在光滑绝缘水平面上方足够大的区域内存在水平向右的电场，电场强度为 E。不带电的绝缘小球 P2静止在 O点。带正电的小球 P1离小球 P2左侧的距离为 L。现由静止释放小球 P1，在电场力的作用下 P1与 P2发生正碰后反弹，反弹速度是碰前的 2/3倍。已知 P1的质量为 m，带电量为 q， P2的质量为 5m。求： （ 1）碰撞前小球 P1的速度。 （ 2）碰撞后小球 P2的速度。 （ 3）小球 P1和小

17、球 P2从第一次碰撞到得二次碰撞的时间和位置 答案：（ 1） （ 2） （水平向右） （ 3） 试题分析：（ 1）设碰撞前小球 P1的速度为 v0，根据动能定理 解得 （ 2分） （ 2） P1、 P2碰撞，设碰后 P1速度为 v1， P2速度为 v2，由动量守恒定律： （ 2分） （水平向左） 解得 （水平向右） （ 1分） （ 3）碰撞后小球 P1向先向左后向右做匀变速运动，设加速度为 a，则： （ 1分） 设 P1、 P2碰撞后又经 时间再次发生碰撞，且 P1受电场力不变，由运动学公式，以水平向右为正，则： （ 2分） 解得： （ 1分） 对 P2分析： （ 2分） 即第二次碰撞时距离 O点 （ 1分） 考点：本题考查动能定理、动量守恒定律和运动学公式。