2014届江苏淮安楚州中学高三上（10月）第一次阶段测试物理试卷与答案（带解析）.doc

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1、2014届江苏淮安楚州中学高三上（ 10月）第一次阶段测试物理试卷与答案（带解析） 选择题 下列几个关于力学问题的说法中正确的是 （ ） A米、千克、牛顿等都是国际单位制中的基本单位 B摩擦力的方向可能与物体的运动方向垂直 C放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力就是物体对斜面的压力 D伽利略在研究运动和力的关系时提出了著名的斜面实验，应用的物理思想方法属于 “等效替代 ” 答案： B 试题分析：米、千克是国际单位制中的基本单位，而牛顿不是国际单位制中的基本单位，是根据牛顿第二定律得到的导出单位，故 A错误；摩擦力的方向可以与物体的运动方向垂直，比如在水平圆盘上随圆盘一起匀速转动的物体所受的

2、摩擦力方向与速度方向垂直，故 B正确；放在斜面上的物体，其重力沿垂直斜面的分力大小等于物体对斜面的压力，但不能说就是物体对斜面的压力，压力的受力物体是斜面，而重力的分力的受力物体是该物体，故 C错误；伽利略在研究运动和力的关系时应用的物理思想方法是 “实验加猜想 ”，故 D错误 考点：力学单位制，摩擦力的判断与计 算，物体的弹性和弹力，物理思想方法 已知处于某一能级 n上的一群氢原子向低能级跃迁时，能够发出 10种不同频率的光，下列能表示辐射光波长最长的那种跃迁的示意图是 ( ) 答案： A 试题分析：由图示可知，在 A所示能级跃迁中释放光子的能量最小，辐射光波的波长最长 考点：氢原子的能级公

3、式和跃迁 以下说法中正确的是 。 A肥皂泡在在阳光的照射下会呈现彩色，这是由于光的衍射造成的色散现象 B光的偏振现象说明光是纵波 C用激光读取光盘上记录的信息是利用激光平行度好的特点 D当观察者向静止的声源运动时，观察者接受到的声源频率低于声源发出的频率。 答案： C 试题分析：肥皂泡在在阳光的照射下会呈现彩色，这是由于肥皂泡的上下表面对光的干涉造成的色散现象，故 A错误；光的偏振现象说明光是一种横波，故B错误；激光的频率高，波长短，不易发生衍射，所以平行度好，因此常用于刻录或读取光盘，故 C正确；当观察者向静止的声源运动时，接收到的频率将高于声源发出的频率，故 D错误。 考点：薄膜干涉，光的

4、衍射、偏振，激光的特性和应用，多普勒效应 一定质量的理想气体从状态 A变化到状态 B，再由状态 B变化到状态 C.已知状态 A的温度为 300 K. 求气体在状态 B的温度； 由状态 B变化到状态 C的过程中，气体是吸热还是放热？简要说明理由 答案：见 试题分析： 由理想气体的状态方程 得气体在状态 B的温度 TB 1200 K. (2分 ) 由状态 B到状态 C，气体做等容变化，由查理定律得： ，则 TCTB 600 K 故气体由状态 B到状态 C为等容变化，不做功，但温度降低，内能减小根据热力学第一定律 U W Q， U 0， W 0，故 Q 0，可知气体要放热 (2分 ) 考点：理想气体

5、的状态方程，气体实验定律，热力学第一定律 人类对物质属性的认识是从宏观到微观不断深入的过程，以下说法正确的是 A布朗运动就是液体分子的热运动 B晶体的物理性质都是各向异性的 C温度升高，每个分子的动能都增大 D露珠呈球状是由于液体表面张力的作用 答案： D 试题分析：布朗运动是悬浮在液体中的固体微粒的运动，不是液体分子的热运动，固体微粒运动的无规则性，反应了液体分子运动的无规则性，故 A错误；单晶体的物理性质具有各向异性，而多晶体的物理性质具有各向同性，故 B错误；温度越高，分子的平均动能越大，但对于某个分子来说其分子动能反而可能减小，故温度对单个分子来说没有意义，故 C错误；由于液体表面张力

6、的作用使液体的表面积收缩，使露珠呈球形，故 D正确 考点：布朗运动，晶体的性质，分子动能，液体的表面张力 如图，固定轨道是由一直轨道和一半圆轨道组成，一个小滑块从距轨道最低点 B为 h的 A处由静止开始运动，滑块质量为 m，不计一切摩擦。则（ ） A若滑块能通过圆轨道最高点 D， h最小为 2.5R B若 h=2R，当滑块到达与圆心等高的 C点时，对轨道的压力为 3mg C若 h=2R， 滑块会从 C、 D之间的某个位置离开圆轨道做斜抛运动 D若要使滑块能返回到 A点，则 hR 答案： ACD 试题分析：要使物体能通过最高点，则由 mg=m 可得： v= ，从 A到 D根据机械能守恒定律得：

7、mgh=mg2R+ mv2，解得 h=2.5R，故 A正确；若h=2R，从 A到 C根据机械能守恒定律得： mgh=mgR+ mv2，在 C点有： N=m，解得： N=2mg，故 B错误；若 h=2R，小滑块不能通过 D点，在 CD中间某一位置即做斜上抛运动离开轨道，做斜抛运动，故 C正确；若要使滑块能返回到 A点，则物块在圆弧中运动的高度不能 超过 C点，否则就不能回到 A点，则 hR，故 D正确故选 ACD。 考点：机械能守恒定律，牛顿第二定律，机械能守恒定律与圆周运动的综合应用 如图所示，一个质量为 m的滑块静止置于倾角为 30的粗糙斜面上，一根轻弹簧一端固定在竖直墙上的 P点，另一端系

8、在滑块上，弹簧与竖直方向的夹角为 30则（ ） A斜面对滑块的支持力大小可能为零 B弹簧一定处于压缩状态 C滑块可能受到三个力作用 D斜面对滑块的摩擦力大小一定等于 答案： CD 试题分析：弹簧与竖直方向的夹角为 30，所以弹簧的方向垂直于斜面，因为弹簧的形变情况未知，所以斜面与滑块之间的弹力大小不确定，所以滑块可能只受重力、斜面支持力和静摩擦力三个力的作用而平衡，此时弹簧弹力为零，处于原长状态， C正确、 B错误；由于滑块此时受到的摩擦力大小等于重力沿斜面向下的分力（等于 mg）不可能为零，所以斜面对滑块的支持力不可能为零， A错误 D正确故选 CD 考点：受力分析，共点力平衡的条件及其应用

9、，力的合成与分解的运用 如图是两等量异种点电荷，以两电荷连线的中点 O 为圆心画出半圆，在半圆上有 M、 P、 N 三点， M、 N 两点在两电荷连 线上， P点在两电荷连线的垂直平分线上，下列说法中正确的是（ ） A M、 N 两点的电场强度相同 B M、 N 两点的电势相等 C将正点电荷从 M沿半圆运动到 N 电场力不做功 D正点电荷在 O 点的电势能等于在 P点的电势能 答案： AD 试题分析：根据等量异号点电荷电场线的对称性可知， M、 N 两处电场线疏密程度相同，则场强大小相同，场强方向都沿 MN 方向，所以 M、 N 两点的电场强度相同，故 A正确根据顺着电场线方向电势降低可知，

10、M点的电势高于 N点的电势，故 B错误两等量异号点电荷连线的垂直平分线是一条等势线， P点 的电势与 O 点电势相等， M点的电势高于 N 点的电势，故正电荷在 O 点的电势能等于在 P点的电势能，将正电荷由 M移到 N 电场力做正功，故 C错误 D正确 考点：电势能，电场强度，等量异号点电荷的电场线和等势线分布情况 如图所示， A、 B两物体在同一点开始运动，从 A、 B两物体的位移图线可知下述说法中正确的是 ( ) A A、 B两物体同时自同一位置向同一方向运动 B A、 B两物体自同一位置向同一方向运动， B比 A晚出发 2 s C A、 B两物体速度大小均为 10 m/s D A、 B

11、两物体在 A出发后 4 s时距原点 20 m处相遇 答 案： BD 试题分析：由题意可知 A、 B两物体由同一地点开始运动，但 A比 B提前 2s开始运动，故 A错误由于 A、 B位移图象的斜率都大于 0，故两物体运动的方向都为正方向，故 B正确由图可知 A物体的速度 v1= = =5m/s， B物体的速度 v2= = =10m/s，故 C错误由题意可知在 t=4s时两物体到达同一位置 s=20m处相遇，故 D正确 考点：位移时间图象，追及相遇问题 如图所示 (a)，一轻质弹簧的下端固定在水平面上，上端放置一物体 (物体与弹簧不连接 )，初始时物体处于静止状态现用竖直向上的拉力 F 作用在物体

12、上，使 物体开始向上做匀加速运动，拉力 F与物体位移 s的关系如图 (b)所示 (g 10 m/s2)，则下列结论正确的是 A物体与弹簧分离时，弹簧处于压缩状态 B弹簧的劲度系数为 7.5 N/cm C物体的加速度大小为 5 m/s2 D物体的质量为 3 kg 答案： C 试题分析：物体与弹簧分离时，弹簧恢复原长，故 A错误；刚开始物体处于静止状态，重力和弹力二力平衡，有 mg=kx ,拉力 F1为 10N 时，弹簧弹力和重力平衡，合力等于拉力，根据牛顿第二定律，有 F1+kx mg=ma ,物体与弹簧分离后，拉力 F2为 30N，根据牛顿第二定律，有 F2 mg=ma ,代入数据解得m=2k

13、g,k=5N/cm,a=5m/s2，故 BD错误， C正确；故本题选 C 考点：牛顿第二定律，胡克定律 如图所示，在倾角为 的光滑斜面上，垂直纸面放置一根长为 L、质量为m的直导体棒当导体棒中的恒定电流 I垂直于纸面向里时，欲使导体棒静止在斜面上，可将导体棒置于匀强磁场中，当外加匀强磁场的磁感应强度 B的方向在纸面内由竖直向上逆时针转至水平向左的过程中，关于 B的大小的变化，正确的是 ( ) A逐渐增大 B逐渐减小 C先增大后减 小 D先减小后增大 答案： D 试题分析：对导体棒受力分析，受重力 G、支持力 FN和安培力 FA，三力平衡，合力为零，将支持力 FN和安培力 FA合成，合力与重力相

14、平衡，如图所示。从图中可以看出，安培力 FA先变小后变大，由于 FA=BIL，其中电流 I和导体棒的长度 L均不变，故磁感应强度先变小后变大，故本题选 D 考点：共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用，安培力 2012年 6月 18日，我国 “神舟九号 ”与 “天宫一号 ”成功实现交会对接，如图所示，圆形轨道 为 “天宫一号 ”运行轨道，圆形轨道 为 “神舟九号 ”运行轨道，在实现交会对接前， “神舟九号 ”要进行多次变轨，则（ ） A “神舟九号 ”在圆形轨道 的运行速率大于 7 9 km/s B “天宫一号 ”的运行速率小于 “神舟九号 ”在轨道 上的运行速率 C “神舟九号 ”变

15、轨前后机械能守恒 D “天宫一号 ”的向心加速度大于 “神舟九号 ” 在轨道 上的向心加速度 答案： B 试题分析：第一宇宙速度 7.9 km/s是卫星绕地球做圆周运动的最大环绕速度，则 “神舟九号 ”在圆形轨道上的运行速率一定小于 7.9km/s， A错误；根据万有引力提供向心力 G m ，得 v ，由题图可知天宫一号的轨道半径大于神舟九号的轨道半径，所以 “天宫一号 ”的运行速率小于 “神舟九号 ”在轨道 上的运行速率，故 B正确；神舟九号和天宫一号在各自的轨道上运动时机械能守恒，为实现两者对接，神舟九号需点火加速，做离心运动而实现变轨与天宫一号对接，点火加速后，机械能增加，故 C错误；根

16、据万有引力提供向心力G ma，得 a ，可知天宫一号的轨道半径大于神舟八号的 轨道半径，所以天宫一号 ”的向心加速度小于 “神舟九号 ”在轨道 上的向心加速度，故 D错误 考点：万有引力定律及其应用，人造卫星的加速度、运行速率和轨道的关系 一质量为 m的物块在倾角为 的足够长斜面上匀速下滑现对物块施加一个竖直向下的恒力 F，如图所示则物块将 ( ) A匀速下滑 B匀加速下滑 C匀减速下滑 D不能确定 答案： A 试题分析：未加 F 时，物块匀速下滑，受力平衡，分析物块的受力情况如下图， 由平衡条件得： mgsin=mgcos，得： sin=cos；对物块施加一个竖直向下的恒力 F时，物块受到的

17、滑动摩擦力大小为： f=（ F+mg） cos，重力和 F沿斜面向下的分力大小为（ F+mg） sin，沿斜面方向：（ F+mg） sin=（ F+mg）cos，则物块受力仍平衡，所以仍处于匀速下滑状态 考点：共点力平衡的条件及其应用，力的合成与分解的运用 实验题 （ 10分）在描绘小灯泡伏安特性曲线的实验中，提供的实验器材有： A小灯泡 (额定电压为 2.0V，额定电流约为 0.5A)； B电源 E：电动势为 3.0V，内阻不计； C电压表 V：量程为 03V，内阻约为 1 D电流表 A：量程为 00.6A，内阻约为 0.6 ； E滑动变阻器 R1：最大阻值为 15，额定电流为 1.0A；

18、F滑动变阻器 R2：最大阻值为 150，额定电流为 1.0A； G开关 S及导线若干 实验得到如下数据（ I和 U分别表示通过小灯泡的电流和加在小灯泡两端的电压）： I/A 0.00 0.12 0.21 0.29 0.34 0.38 0.42 0.45 0.47 0.49 0.50 U/V 0.00 0.20 0.40 0.60 0.80 1.00 1.20 1.40 1.60 1.80 2. 00 （ 1）实验中滑动变阻器应选用 （请填写选项前对应的序号字母）。 （ 2）请你不要改动已连接导线，在下面的实物连接图中把还需要连接的导线补上。闭合开关前，应使变阻器滑片放在最 （填 “左 ”或 “

19、右 ”）端。 （ 3）在下面的坐标系中画出小灯泡的 曲线。 （ 4）若将本题中的小灯泡接在电动势是 1.5V、内阻是 1. 0 的电池两端，则小灯泡的实际功率约为 W（保留两位有效数字）。 答案：（ 1） E （ 2分）（ 2） 如下左图所示（ 2分） 左 （ 2分） （ 3） 如下右图所示 （ 2分） （ 4） 0.44（ 0.40.5 之间均正确）（ 2分） 试题分析：（ 1）测量小灯泡的伏安特性曲线时，要求灯泡两端的电压值从零开始变化，故滑动变阻器应采用分压接法，为便于调节，滑动变阻器应选用小量程的，故应选择 E； （ 2）电路图连线见答案：，注意滑动变阻器连成分压式，（由于灯泡电阻较小

20、）电流表采用外接法。 （ 3）由电源的电动势和内阻作出电源的伏安特性曲线如答案：图所示，则交点为灯泡的工作点，由图可知，灯泡的电压为 1.1V，电流为 0.4A，则灯泡的功率P=UI=1.10.4=0.44 W。 考点：描绘小灯泡的伏安特性曲线 （ 8分）用如图甲所示装置做 “探究物体的加速度跟力的关系 ”的实验实验时保持小车的质量 M(含车中的钩码 )不变，用在绳的下端挂的钩码的总重力 mg作为小车受到的合力，用打点计时器和小车后端拖动的纸带测出小车运动的加速度 (1)实验时绳的下端先不挂钩码，反复调整垫木的左右位置，直到小车做匀速直线运动，这样做的目的是 _ (2)图乙为实验中打出的一条纸

21、带的一部分，从比较清晰的点迹起，在纸带上标出了连续的 5个计数点 A、 B、 C、 D、 E，相邻两个计数点之间都有 4个 点迹没有标出，测出各计数点到 A点之间的距离，如图乙所示已知打点计时器接在频率为 50 Hz的交流电源两端，则此次实验中小车运动的加速度的测量值 a_m/s2.(结果保留两位有效数字 ) (3)通过增加绳的下端挂的钩码的个数来改变小车所受的拉力 F，得到小车的加速度 a与拉力 F的数据，画出 aF图线后，发现当 F较大时，图线发生了如图丙所示的弯曲该同学经过思考后将实验方案改变为用小车中的钩码挂在绳的下端来增加钩码的个数和外力那么关于该同学的修正方案，下列说法正确的是 _

22、 (写选项字母 ) A.该修正方案可以避免 aF图线的末端发生弯曲 B.该修正方案要避免 aF图线的末端发生弯曲的的条件是 Mm C.该修正方案画出的 aF图线的斜率为 D.该修正方案画出的 aF图线的斜率为 答案： (1) 平衡小车运动中所受的摩擦阻力 (2分 ) (2) 1.0或 0.99 (3分 ) (3) AD(3分 ) 试题分析：（ 1）平衡摩擦力时，应将绳从小车上拿去，轻轻推动小车，使小车沿木板运动，通过打点计时器打出来的纸带判断小车是否匀速运动，以使小车的重力沿斜面分力和摩擦力抵消，那么小车的合力就是绳子的拉力所以实验时 先不挂钩码，安装纸带，反复调整垫木的左右位置，直到轻推一下

23、小车时小车能做匀速直线运动或纸带上打的点均匀分布，故这样做的目的是平衡小车运动中所受的摩擦阻力 （ 2）计数点间的时间间隔 t=0.02s5=0.1s，根据纸带数据，由 x=at2可得小车的加速度 a= = cm/s2=1.0m/s2 (3)分别对小车与砝码列出牛顿第二定律，对小车有 F=Ma，对砝码有 F mg=ma，两式联立可得 a= = ，故若改画 a 图线，则斜率一定，故该同学的修正方案可以避免 aF图线的末端发生弯曲本题选 AD。 考点：探究加速度 与物体质量、物体受力的关系 填空题 在实验室内较精准地测量到的双 衰变事例是在 1987年公布的，在进行了7 960小时的实验后，以 6

24、8%的置信度认出 Se发生的 36个双 衰变事例已知静止的 Se发生双 衰变时，将释放出两个电子和两个中微子 (中微子的质量数和电荷数都为零 )，同时转变成一个新核 X，则 X核的中子数为 _；若衰变过程释放的核能是 E，真空中的光速为 c，则衰变过程的质量亏损是_ 答案： E/c2 (各 2分 ) 试题分析： Se中有 82 34=48个中子，发生双 衰变时有两个中子释放出电子而变为质子，则衰变后中子数为 46个；由质能方程可得，衰变过程中质量亏损 m= E/c2 考点：核反应方程，质能方程 一简谐横波沿 轴正方向传播，在 时刻的波形如图所示。已知介质中质点 的振动周期为 s，则该波传播速度

25、为 m/s，此时 点振动方向为 （选填“ 轴正方向 ”或 “ 轴负方向 ”） 答案： m/s 轴负方向 (各 2分 ) 试题分析：由题图可知， =6m，根据波速公式 v= ，得 v=3m/s，横波向 x轴正方向传播，则 P点的振动方向为 y轴负方向故答案：为： 3m/s， y轴负方向 考点：波长、周期（频率）和波速的关系，横波的图象 如图，活塞将一定质量的理想气体封闭于导热汽缸中，活塞可沿气缸内壁无摩擦滑动通过加热使气体温度从 T1升高到 T2，此过程中气体吸热 12 J，气体膨胀对外做功 8 J，则气体的内能增加了 _ J；若将活塞固定，仍使气体温度从 T1升高到 T2，则气体吸收的热量为

26、_J. 答案： 4 (各 2分 ) 试题分析：由热力学第一定律公式 U=W+Q=12J 8J=4J知气体的内能增加了4J，若将活塞固定，仍使气体温度从 T1升高到 T2，则气体吸收的热量全部用来增加内能，仍然是 4J 考点：热力学第一定律 计算题 如图所示，一束红光从空气（真空）中垂直于三棱镜的 面入射，从面射出方向如图所示。已知光在真空中的传播速度为 ，求该三棱镜对红光的折射率 和红光在该三棱镜中的传播速速 。 答案：见 试题分析：根据光路图，由几何知识可知光线在 AC 面上的入射角为 i=30、折射角 r=45由折射率定义得 n= = = ，传播速度 v= =2.12108 m/s。 考点

27、：光的折射定律 质量为 m的小球 A在光滑水平面上以速度 v0与质量为 2m的静止小球 B发生正碰后以 v0的速率反弹，试通过计算判断发生的是不是弹性碰撞 答案：弹性碰撞 试题分析：由动量守恒定律得 mv0 m 2mvB，则 vB v0(2分 ) 碰后总动能 E m 2m mv ，故为弹性碰撞 (2分 ) 考点：动量守恒定律，弹性碰撞 （ 15分）如图所示，处于匀强磁场中的两根足够长、电阻不计的平行金属导轨相距 1 m，导轨平面与水平面成 = 37角，下端连接阻值为 R 2的电阻。磁场方向垂直导轨平面向上，磁感应强度为 0.4T。质量为 0.2kg、电阻不计的金属棒放在两导轨上，棒与导轨垂直并

28、保持良好接触，它们之间的动摩擦因数为 0.25。金属棒沿导轨由静止开始下滑。 (g=10m/s2， sin37 0.6， cos37 0.8) (1)判断金属棒下滑过程中产生的感应电流方向； (2)求金属棒下滑速度达到 5m/s时的加速度大小； (3)当金属棒下滑速度达到稳定时，求电阻 R消耗的功率。 答案：见 试题分析： (1)由右手定则判断金属棒中的感应电流方向为由 a到 b （ 2分） (2) 金属棒下滑速度达到 5 m/s时产生的 感应电动势为 V = 2V （ 1分） 感应电流为 A = 1A （ 1分） 金属棒受到的安培力为 N = 0.4 N （ 1分） 由牛顿第二定律得： （

29、2分） 解得： a = 2m/s2 （ 2分） (3)设金属棒运动达到稳定时，所受安培力为 F/，棒在沿导轨方向受力平衡 （ 2分） 解得： 0.8 N （ 2分） 此时感应电流为 A = 2A （ 2分） 电路中电阻 R消耗的电功率： W = 8W （ 2分） （另解：由 ，解得稳定时速度达到最大值 m/s，本题克服安培力做功功率等于电阻 R消耗的电功率，所以 W=8W） 考点：导体棒切割磁感线时的感应电动势，共点力平衡的条件及其应用，牛顿第二定律，电磁感应中的能量转化 （ 16分）如图所示，质量 M=4 kg的小车放在水平光滑的平面上，在小车左端加一水平推力 F=6N，当小车向右运动的速度

30、达到 2 m/s时，在小车前端轻轻地放上一个大小不计，质量为 m=1 kg的小物块，物块与小车间的动摩擦因数 =0.2，小车足够长 .（ g取 10m/s2），求 （ 1）小物块放后，小物块及小车的加速度各为多大？ （ 2）经多长时间两者达到相同的速度？ （ 3）从小物块放上小车开始，经过 t=3s小物块通过的位移大小为多少？ 答案：见 试题分析：（ 1）物块的加速度 （ 2分） 小车的加速度： （ 3分） （ 2）由： （ 3分） 得： t=2s （ 2分） （ 3）在开始 2s内小物块的位移： （ 1分） 2s末速度： （ 1分） 在接下来的 1s物块与小车相对静止，一起做加速运动 且加速

31、度 : （ 2分） 这 1s内的位移 : （ 1分） 通过的总位移 （ 1分） 考点：牛顿第二定律，匀变速直线运动的速度与时间的关系，匀变速直线运动的位移与时间的关系 (16分 )如图所示，在矩形 ABCD区域内，对角线 BD以上的区域存 在有平行于 AD向下的匀强电场，对角线 BD以下的区域存在有垂直于纸面的匀强磁场 (图中未标出 )，矩形 AD边长为 L， AB边长为 2L.一个质量为 m、电荷量为 q的带电粒子 (重力不计 )以初速度 v0从 A点沿 AB方向进入电场，在对角线BD的中点 P处进入磁场，并从 DC 边上以垂直于 DC 边的速度离开磁场 (图中未画出 )，求： (1)带电粒

32、子经过 P点时速度 v的大小和方向； (2)电场强度 E的大小； (3)磁场的磁感应强度 B的大小和方向 答案：见 试题分析： (1) 带电粒子在电场中做类平抛运动，则 水平方向： L v0t (1分 ) 竖直方向： t (1分 ) 得 vy v0 (1分 ) 则 P点的速度为 v v0 (1分 ) 速度与水平方向的夹角为 ， tan 1，所以 45(1分 ) (2) vy at， a ， L v0t，解得 E (5分 ) (3) 由几何关系可知，粒子在磁场中转过的圆心角为 45 (1分 ) 由几何关系得 r L (2分 ) 粒子在磁场中做匀速圆周运动， qvB m (1分 ) 得 B (1分 ) 磁场方向垂直纸面向外 (1分 ) 考点：带电粒子在匀强电场中的类平抛和匀强磁场中的匀速圆周运动，注意运用 数学知识解决物理问题